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文档简介
2024届第一中学寒假物理专项练1
物体的平衡
1.如图所示,水平台面上放置一个带有底座的倒三脚支架,每
根支架与水平面均成45。角且任意两支架之间夹角相等。一个质
量为机的均匀光滑球体放在三脚架里,重力加速度为g,则每根Q
支架受球体的压力大小是()
1B%g
A.gmg
C叫gD.2mg
解析:光滑球体受重力和三个支持力,三个支持力与竖直方向的夹角均为45。,
根据平衡条件可得3Ncos45。=机g,解得由牛顿第三定律
知每根支架受球体的压力故B正确,A、C、D错误。
答案:B
2.如图所示,挂钩连接三根长度均为L的轻绳,三根轻绳的另A
一端与一个质量为m、直径为1.2L的水平圆环相连,连接点将
圆环三等分,在挂钩拉力作用下圆环处于静止状态。已知重力加U一)
速度为g,则每根轻绳上的拉力大小为()
5Q
AA.适mgB.^rng
「5-5
C.gmgD.-^mg
4
解析:设绳中拉力为T,绳与竖直方向夹角为。,由几何关系可知cos。=予由
平衡条件知37bos6=mg,得出,=3^^0=8mg,故A正确。
答案:A
3.实际生活中常常利用如图所示的装置将重物吊到高处。现有—一z1
质量为般的同学欲将一质量也为M的重物吊起,已知绳子在水平
天花板上的悬点与定滑轮固定点之间的距离为L,不计滑轮的大______£
^777~77777~7~7~77~7~7^7~,
小、滑轮与绳的重力及滑轮受到的摩擦力。当该同学把重物缓慢拉升到最高点时,
动滑轮与天花板间的距离为()
解析:当该同学把重物缓慢拉升到最高点时,绳子的拉力等于人的重力,即为
Mg,而重物的重力也为四,则设绳子与竖直方向的夹角为可得2"gcos6=
L
2、行
Mg,则。=60。,此时动滑轮与天花板的距离为d=;—S,故A正确,B、
【an(Jo
C、D错误。
答案:A
4.如图所示是一竖直固定的光滑圆环,中央有孔的小球P和。套在
环上,由伸直的细绳连接,它们恰好能保持静止状态。已知。的质量(
为机,。。连线水平,PQ细绳连线与水平线夹角为30。,则()k07
A.细绳对Q球的拉力大小为mg
B.环对Q球的支持力大小为为“eg
C.P球的质量为2机
D.环对尸球的支持力大小为小机g
解析:对。受力分析,并合成三角形如图甲所示,可得绳子拉力T=^^=2mg,
A错误;环对。的支持力Ni=Teos30°=y[3mg,B错误;对P受力分析,并合
成三角形如图乙所示,根据几何关系可知/wg=T=2mg,解得机尸=2瓶,C正确;
环对P的支持力N2=yf3mpg=2\[3mg,D错误。
甲乙
答案:C
5.如图所示,通过细绳拴在一重物上的氢气球,在水平向右
的风力作用下处于静止状态,细绳与竖直方向的夹角为6。已
知风力大小正比于风速,则当风速改变时,始终保持不变的
是()
A.细绳与竖直方向的夹角
B.细绳对重物的拉力
C.地面对重物的摩擦力
D.地面对重物的支持力
解析:对气球受力分析,受重力、浮力、细线的拉力和水平风力,如图所示,根
据平衡条件,有Tsine=£F浮一TeosO—mg=。,解得T=y/F?+(F浮-mg?,tan
0=„F—,可知拉力随着风力的增加而增加,而细绳对物体的拉力等于细线对
F浮一mg
气球的拉力,细绳与竖直方向的夹角随着风力的增加而增加,故A、B错误;对
气球和重物整体受力分析,受重力(M+/n)g、浮力F浮、支持力N、风力R和摩
擦力力根据平衡条件,有N=(M+ni)g—F译,f=F,可知地面对重物的支持力
不变,地面对重物的摩擦力随着风力的变化而变化,故C错误,D正确。
答案:D
////,
6.如图所示,橡皮筋的一端固定在。点,另一端拴在一个可以看作。
质点的物体上,。点的正下方A处有一垂直于纸面的光滑细杆。现《•一
用水平拉力R使物体在粗糙的水平面上从3点沿水平方向匀速向右
运动至C点,已知橡皮筋的弹力与伸长量成正比,运动过程中橡皮筋处于弹性
限度内且物体对水平地面有压力。下列说法正确的是()
A.如果橡皮筋的自然长度等于物体所受地面的摩擦力变大
B.如果橡皮筋的自然长度等于物体所受地面的支持力变小
C.如果橡皮筋的自然长度小于物体所受地面的摩擦力变大
D.如果橡皮筋的自然长度小于物体所受地面的支持力变小
解析:设开始时A离地面的高度为"设某一时刻橡皮筋与竖直方向的夹角为e,
kr
则橡皮筋的弹力为T=黄总/,其向上分力3=7bos(9=红,物体对地面的压力为
N=mg-kL,保持不变,由/=〃N可知摩擦力也保持不变,故A、B错误;设开
始时A离地面的高度为"橡皮筋的自然长度比。4小x,某一时刻橡皮筋与竖
直方向的夹角为0,则橡皮筋的弹力为T'=k(%+鼠£),其向上分力Fy'=
T'cos0=kxcos0+kL,物体对地面的压力为N'=mg—kL—kxcos0,由于。变
大,则物体对地面的压力变大,因尸〃N,故摩擦力变大,故C正确,D错误。
答案:C
7.(多选)如图所示,一长方体放置于粗糙水平地面上,物块A由跨过定滑轮的
轻质细绳与物块3连接,系统处于静止状态。现对5施加一水平力R使3缓慢
地升起,使绳子偏离竖直方向一个角度,在此过程中物块A和长方体始终处于
静止状态,则()
考前精准训练II高考专题复习•物理A.长方体对物块A的摩擦力一直减小
B.地面对长方体的支持力保持不变
C.地面对长方体的支持力一直增大
D.地面对长方体的摩擦力一直增大
解析:以物体3为研究对象,分析其受力情况,设细绳与竖直方向夹角为a,则
有R=/ngtana,T=、署,对物体A,=则随a角增大,小变大,故
A错误;对A、3和长方体组成的整体分析,竖直方向,地面对长方体的支持力
等于整体的重力,保持不变,水平方向,拉力R等于地面对长方体的摩擦力,
则/=R=机gtana,随a角增大,/变大,故B、D正确,C错误。
答案:BD
8.如图所示,质量为M的半球形物体3静止在粗糙的水平面上,3的半球面光
滑,下表面粗糙,在半球面顶端固定一轻质细杆,在细杆顶端固定光滑小滑轮C,
质量为如可看作质点的小球A,通过细线绕过滑轮,在水平外力R作用下沿半
球表面缓慢上升,物体B始终静止在水平面上。在此过程中,下列说法中正确
的是()
A.半球面对小球A的支持力逐渐增大
B.细线对小球A的拉力R逐渐增大
C.水平面对3的支持力先减小后增大
D.水平面对3的摩擦力逐渐减小
解析:在小球A沿半球面缓慢上升过程中,小球A受重力G=mg、球面对小球
A的支持力品、细线对A的拉力R三个力共同作用而处于动态平衡状态,设4
AOC各边长度分别为A0=&OC=H,AC=L,由相似三角形性质可知誉=今
=7,在小球A上升过程中,H、R不变,而L逐渐减小,可见0不变,拉力R
减小,故A、B错误;将A、3看作整体,由受力可知,水平面对3的支持力EB
不变,水平面对3的摩擦力苏=口逐渐减小,故C错误,D正确。
答案:D
9.图甲是验证机械能守恒定律的装置,气垫导轨上安装了1、2两个光电门,滑
块上固定一竖直遮光条,滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连,细线与导轨平行。
光电门2光电门1一映条
定滑轮气卓导轨
与—
TT।Ji、
—连气源
钩码调节旋钮尸调节旋钮Q
甲
o1234cm
01020
乙
(1)用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示,则遮光条的宽度为mmo
⑵在调整气垫导轨水平时,滑块不挂钩码和细线,接通气源后,给滑块一个初
速度,使它从轨道右端向左运动,发现滑块通过光电门1的时间大于通过光电门
2的时间。为使气垫导轨水平,可采取的措施是.o
A.调节P使轨道左端升高一些
B.调节尸使轨道左端降低一些
C.遮光条的宽度应适当大一些
D.滑块的质量增大一些
(3)正确进行实验操作,测出滑块和遮光条的总质量M,钩码质量m,遮光条的
宽度用d表示,已知重力加速度为g。现将滑块从图示位置由静止释放。
①若滑块经过光电门2时钩码未着地,测得两光电门中心间距L由数字计时器
读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为勿、t2,则验证机械能守恒定律的表达
式是O
②若滑块经过光电门2时钩码已着地,为验证机械能守恒定律,已测得钩码初始
位置离地的高度心还需测量的一个物理量是。
解析:(1)游标卡尺的分度值为0.05mm,读数为13mm+0.05X10mm=
13.50mm。
(2)因为发现滑块通过光电门1的时间大于通过光电门2的时间,说明左低右高,
因此可以调节P使轨道左端升高一些,故选A。
(3)滑块经过两个光电门的速度分别为号和*因此可得mgL=^(m+M)^—^(m+
日,即加且£=:("2+”)心('一;)。因为滑块经过光电门2时钩码已着地,所以
L1乙12,11
为验证机械能守恒定律,还需知道钩码着地瞬间的速度,因此需要
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