2024年广东韶关市高三二模高考物理试卷（答案详解）

韶关市2024届高三综合测试（二）

物理

满分100分。考试时间75分钟。

注意事项:

1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、准考证号、学校

和班级填写在答题卡上。将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目选项的答案

信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试

卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指

定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不

准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个

选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。

1.2023年9月15日，三星堆遗址考古入选世界重大田野考古发现。三星堆古遗址距今已

有5000至3000年历史，昭示长江流域与黄河流域一样同属中华文明的母体。应用碳14测

定年代是考古中的重要方法，在高空大气中，来自宇宙射线的中子轰击氮14,不断以一定

的速率产生碳14,接着碳14就发生放射性衰变，其半衰期为5730年，反应方程分别为：

4444

*N+*n^*C+]H；C^N+°ieo以下说法中正确的是（）

A.核反应方程要遵循电荷数守恒和质量守恒

B.碳14发生的放射性衰变是。衰变

C.埋入地下的植物中，其碳14的半衰期将变长

D.4个碳14原子核在经过一个半衰期后，一定还剩2个

2.绽放激情和力量，升腾希望与梦想。如图甲，“龙狮舞水城”表演中绸带宛如水波荡漾,

展现水城特色，舞动的绸带可简化为沿无轴方向传播的简谐横波，图乙为r=ls时的波形图,

此时质点尸在平衡位置，质点。在波谷位置，图丙为质点尸的振动图像，则（）

A.该波沿x轴负方向传播B.f=ls时，质点。的振动方向沿y轴负方向

C.f=ls时，质点P的加速度正在减小D.该波传播速度为3m/s

3.据中国载人航天工程办公室消息，神舟十六号载人飞船入轨后，于2023年5月30日16

时29分成功对接于空间站天和核心舱径向端口，神舟十六号成功对接空间站如图甲所示，

在对接之前的某段时间内，“神舟十六号”和“空间站”分别在圆形轨道I和II上做匀速圆周运

动如图乙所示，已知对接后组合体可看作绕地球做匀速圆周运动，运行轨道距地面高度为九

地球半径为R,地球表面重力加速度为g,下列说法正确的是（）

A.对接前神舟十六号运行周期大于空间站的运行周期

B.神舟十六号飞船与空间站对接后，空间站因质量增大，其加速度将减小

gR1

C.组合体轨道处的重力加速度为晨时

D.组合体的运行速度为J为R+

4.如图甲为按压式发电手电筒。以一定的频率不断按压手柄时，其内置发电机会产生如图

乙所示的交变电流。已知发电机内阻r=2Q,与其串联的白炽灯泡额定电压为9V、阻值为

18。。若该灯泡恰好正常发光，则该发电机（）

试卷第2页，共8页

C.电动势的最大值为10VD.输出的交流电频率为50Hz

5.我们常用支架与底板垂直的两轮手推车搬运货物。如图甲所示，将质量为机的货物平放

在手推车底板上，此时底板水平；缓慢压下把手直至底板与水平面间的夹角为60。。不计货

物与支架及底板间的摩擦，重力加速度为g,下列说法正确的是（）

B.当底板与水平面间的夹角为3。。时，支架对货物的支持力为与

C.压下把手的过程中，底板对货物的支持力一直增大

D.压下把手的过程中，支架对货物的支持力一直减小

6.水平架设的三根绝缘直流输电线缆彼此平行，某时刻电流方向如图所示，电缆线M在最

上方，两根电缆线P、。在下方，且位于同一水平高度处，为等腰三角形，加。=依,

。点是尸，Q连线的中点，电缆线上的M点、P点、0点在同一竖直平面内，忽略地磁场,

A.输电线缆加、尸相互吸引

B.输电线缆M所受安培力的方向竖直向下

C.输电线缆M在。点处产生的磁场方向竖直向下

D.。点处的磁场方向沿水平方向由。指向产

7.如图甲所示，弹跳鞋是一种新型体育用品鞋，其底部装有弹簧。使用时人对弹簧施加压

力，使弹簧形变后产生竖直向上的弹力，将人向上弹离地面。某次上升过程中人的动能线随

重心上升高度力变化的图像如图乙所示，上升高度为九时动能达到最大值，图中为八段为

直线，其余部分为曲线，已知弹簧始终处于弹性限度内，空气阻力忽略不计，则（）

甲

A.上升高度为％时，人的加速度达到最大值

B.上升高度为％时，弹跳鞋离开地面

C.在。饱的上升过程中，人的机械能先增大后减小

D.在也々的上升过程中，人处于超重状态

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个

选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有

选错的得0分

8.如图所示，空间有一正方体/cd-"Z/c'd'，。点固定电荷量为的点电荷，d点、

O'分别为上下两个面的中心点，则（）

试卷第4页，共8页

A.6点与c点的电场强度相同

B.6点与d'点的电势相同

C.b点与c点的电势差等于优点与H点的电势差

D.将带正电的试探电荷由6点沿直线移动到。点，其电势能先增大后减小

9.图示为某一种减震垫，上面布满了圆柱状薄膜气泡，每个气泡内均充满一定质量的理想

气体。当平板状物品平放在气泡上时，气泡被压缩。假设在压缩过程中，气泡内气体温度保

持不变。下列说法正确的是（）

物《圆柱状薄膜气泡

A.压缩后气泡内气体的压强变大B.压缩过程气泡内气体对外做正功

C.压缩过程气泡内气体吸收热量D.压缩过程气泡内气体的内能不变

10.电磁缓冲装置广泛应用于高铁等交通工具，它利用电磁力来实现有效缓冲，其原理图如

图所示。减速区分布着两部分磁场区域I和II（俯视），分别存在着垂直纸面向内和垂直纸

面向外的宽度均为L的匀强磁场，磁感应强度的大小均为及缓冲车质量为加，其底部最前

端固定有边长也为L的N匝正方形线圈，线圈电阻为厂,缓冲车以速度%无动力进入减速区,

不计摩擦及空气阻力。则（）

减速区

A.缓冲车的线圈进入区域I的过程中，线圈中的感应电流（从上往下看）沿逆时针方向

B.缓冲车的线圈进入区域I的过程中，车做加速度减小的减速运动

c.若缓冲车的线圈刚进入区域n时的速度为v,此时缓冲车受到的安培力大小为2MB心

D.从缓冲车的线圈进入区域II开始，缓冲车运动位移为L的过程中，通过线圈的电荷量为

2NBI?

r

三、非选择题：本题共5小题，共54分。

11.一兴趣小组在学习了平抛运动后，进行了“探究平抛运动的特点”实验，实验中，以小球

离开轨道末端时的球心位置为坐标原点。，建立水平（无）与竖直（y）坐标轴。让质量为相

的小球从斜槽上离水平桌面高为/2处由静止释放，使其水平抛出，通过多次描点可绘出小球

做平抛运动时球心的轨迹如图甲所示。

（1）以下实验操作合理且必要的是（填正确答案标号）

A.调整斜槽末端，必须使末端保持水平

B.小球每次都从斜槽上不同的位置由静止释放

C.以球心为坐标原点，借助重垂线确定竖直方向并建立直角坐标系

D.用砂纸打磨斜槽轨道，尽量使斜槽轨道光滑一些

（2）某同学在实验过程中，记录了小球平抛运动轨迹的一部分，如图乙所示。取g=10m/s2,

由图中所给的数据可判断出图中坐标原点O（选填“是"或‘不是"）抛出点；小球从A

点运动到B点的时间为s；平抛运动的初速度是m/so

12.某学习小组想测量某一常温下阻值约为5。的电阻丝的电阻率，其长度为100m。实验

室提供的器材如下：

A.电压表Vi（量程3V,内阻约为15k。）

B.电压表V2（量程15V,内阻约为75kQ）

C.电流表Ai（量程3A,内阻约为0.2。）

D.电流表A2（量程600mA,内阻约为1。）

E.滑动变阻器R/（0〜5.0。）

F.滑动变阻器&（0-2000Q）

试卷第6页，共8页

G.电池E（电动势为3V,内阻约为0.3。）

H.开关S,导线若干

他们进行了以下操作：

（1）用20分度的游标卡尺测量电阻丝的直径d,其测量值如下图所示，电阻丝的直径心_

cm；

T.cm

…L主尺

20游标

（2）为减小实验误差，应选用下图中（选填"a”或"b"）为该实验的电路图。此接法

（3）若两电表的示数分别如图c所示，则该电阻丝的电阻率为Q-m（保留两位有效

数字）。

13.如图，半径为R的半球形玻璃体置于水平桌面上，半球的上表面水平，球面与桌面相

切于A点。一细束单色光经球心。从空气中摄入玻璃体内（入射面即纸面），入射角为45。，

出射光线射在桌面上8点处。测得之间的距离为《氏。现将入射光束在纸面内向左平移，

平移到E点时，恰好在球面上。点发生全反射，（不考虑光线在玻璃体内的多次反射）求:

（1）玻璃体的折射率”；

（2）的距离。

14.如图所示，质量均为根的物块A、B用绕过光滑轻质定滑轮的不可伸长的刚性轻绳连

接，A与地面接触，B离地面的高度//为1.2m,质量为2机的圆环C套在轻绳上，C在B

上方d=0.8m处。由静止释放圆环C,C下落后与B碰撞并粘在一起，碰撞时间极短，不计

C与绳之间的摩擦和空气阻力，A、B、C均可视为质点，重力加速度取10面短，求:

(1)C、B碰撞后瞬间，共同速度为多大；

(2)碰撞后，B经过多长时间到达地面。

15.如图所示，矩形区域I和II内分别存在方向垂直于纸面向外和向里的匀强磁场,

aa'、bb\cd、幽'为磁场边界线，四条边界线相互平行，区域I的磁感应强度大小为8,区

域II的磁感应强度大小为无B,矩形区域的长度足够长，磁场宽度及4/与cc'之间的距离

3

相同。某种带正电的粒子从上的处以大小不同的速度，沿与成&=30。角进入磁

场(不计粒子所受重力)，当粒子的速度小于某一值时，粒子在区域I内的运动时间均为小

当速度为%时，粒子垂直秘’进入无场区域，最终从而'上的A点射出，求:

(1)粒子的比荷2；

m

(2)磁场区域I的宽度L；

(3)出射点A偏离入射点。竖直方向的距离以

试卷第8页，共8页

1.B

【详解】A.核反应方程要遵循电荷数守恒和质量数守恒，而质量会亏损，释放核能，故A

错误；

B.碳14发生的放射性衰变方程是

『CWN+'e

是P衰变，故B正确；

C.放射性元素的半衰期与物理环境和化学状态均无关，由原子核自身的结构有关，故埋入

地下的植物中，其碳14的半衰期将不变，故C错误；

D.半衰期是大量原子核衰变的统计规律，则4个碳14原子核在经过一个半衰期后，不一

定剩2个，故D错误。

故选B。

2.D

【详解】A从振动图形可看出,=is时质点P的振动方向沿y轴正方向，根据波动图像及“同

侧法”可判断该波沿x轴正方向传播，A错误；

B.从图乙可看出，t=ls时，质点。在波谷，速度为0,B错误；

C.从图乙可看出，t=ls时，质点P在平衡位置，加速度为0,C错误；

D.从图中可知

2=6m,T=2s

可得

Acz

v=—=3m/s

T

D正确。

故选D。

3.C

【详解】A.卫星做圆周运动，由万有引力提供向心力，根据

解得

T=

GM

对接前神州十六号处于低轨道，轨道半径小，则对接前神州十六号运行周期小于空间站的运

答案第1页，共11页

行周期，故A错误;

B.根据

「Mm

Or——=ma

解得

a=G-p

神舟十六号飞船与空间站对接后，空间站轨道半径一定，其加速度不变，故B错误；

C.对接后组合体可看作绕地球做匀速圆周运动，运行轨道距地面高度为瓦地球半径为R,

则有

厂Mm

G--------7=ma

(R+h)2

在地球表面有

「Mm

G~^='ng

解得

a=上-

(7?+/z)2

故C正确;

D.对于组合体有

厂Mmv2

CJ--------7=m-------

(R+h)'R+h

在地球表面有

「Mm

解得

v产

7R+h

即组合体的运行速度为、①，故D错误。

NR+h

故选C。

4.A

答案第2页，共11页

【详解】A.白炽灯泡额定电压为9V、阻值为18。，灯泡恰好正常发光，则输出电流的有

效值为

,U9

/=—=——A=0.5A

R18

故A正确；

B.图中电流为正弦式交变电流，则输出电流的最大值为

An=@=#A

故B错误；

C.电动势的最大值为

&=/mX+r)=lMv

故c错误；

D.根据图乙可知，周期为0.2s,则频率为

f」=5Hz

T

故D错误。

故选Ao

5.A

【详解】AB.当底板与水平面间的夹角为30。时，受力分析如图

入1F

、'mg

由平衡条件可得

然1cos60°=综2cos30°

然1sin60°+&2sin30°=mg

解得底板对货物的支持力

NI—-2~

支架对货物的支持力

F=整

N22

A正确，B错误;

答案第3页，共11页

CD.压下把手的过程中，货物的受力情况如图

mg%

由图可知，底板对货物的支持力一直减小，支架对货物的支持力一直增大，CD错误。

故选Ao

6.D

【详解】A.输电线缆〃、P电流方向相反，相互排斥，故A错误；

B.由右手螺旋定则及磁场的叠加可知巴。两条线缆在M点所产生的合场强水平向右，根

据左手定则知M线缆受到的安培力方向竖直向上，故B错误；

C.由右手螺旋定则可知M线缆在。点处产生的磁场方向由。点指向P点，故C错误；

D.由右手螺旋定则及题意可知P、Q线缆在。点处产生的磁场方向等大反向，M线缆在。

点处产生的磁场方向由。点指向尸点，故合场强的方向由Q点指向P点，故D正确。

故选D。

7.B

【详解】A.上升高度为九时，人的动能最大，速度最大，加速度为零，选项A错误；

B.上升高度为为时，弹跳鞋离开地面，人做上抛运动，选项B正确；

C.在0饱的上升过程中，弹簧的弹性势能一直减小，弹力一直对人做正功，则人的机械

能一直增大，选项c错误；

D.在用用的上升过程中，人离开地面做上抛运动，则人处于失重状态，选项D错误。

故选Bo

8.CD

【详解】A.由对称性知，6点与c点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误；

B.b点到。点的距离等于，点到。点的距离，6点到d点的距离等于a'点到d点的距离，则

b点与。'点的电势相同，若取无限远处电势为零，垂直于ad且过00'的平面为电势为零的

等势面，点与小点关于该等势面对称，两点电势绝对值相等，一正一负，故b点与小点

答案第4页，共11页

的电势不同，故B错误；

C.由对称性知，。点与c点的电势差为

%c=2(Pb"点与d'点的电势差为

U.a，=%—（P,）,=2乳

由于

（Pb=%

则

u玩=u“w

故C正确；

D.对试探电荷受力分析，俯视图如图所示

由图可知将带正电的试探电荷由b点沿直线移动到。点的过程中，电场力先做负功后做正

功，其电势能先增大后减小，故D正确。

故选CDo

9.AD

【详解】A.由理想气体状态方程牛=。可知压缩过程中气泡内气体温度保持不变，体积

变小，则气泡内气体的压强变大，故A正确；

B.压缩过程气泡内气体对外做负功，故B错误；

CD.压缩过程中气泡内气体温度保持不变，则

AU=0

体积变小，则

W>0

由热力学第一定律AU=W+Q可知

<2<0

答案第5页，共11页

压缩过程气泡内气体放出热量，故C错误，D正确。

故选AD。

10.ABD

【详解】A.根据右手定则，缓冲车的线圈进入区域I的过程中，线圈中的感应电流（从上

往下看）沿逆时针方向，故A正确；

B.缓冲车的线圈进入区域I的过程中，根据牛顿第二定律

NIBL=Ma

线圈中的电流为

,NBLv

1=-------

r

可得

N2B2I^V

a=-----------

Mr

根据左手定则，缓冲车受到的安培力向左，故缓冲车的线圈进入区域I的过程中，车做加速

度减小的减速运动，故B正确;

C.若缓冲车的线圈刚进入区域II时的速度为v,线圈中的电流为

2NBLv

此时缓冲车受到的安培力大小为

4N2B2I：v

F'=U'BL=

故C错误;

D.从缓冲车的线圈进入区域n开始，缓冲车运动位移为L的过程中，通过线圈的电荷量为

NA①人N△①N,2BC2NBLT

q=I\t=-------Nt=--------=-----------

r\trr

故D正确。

故选ABD„

11.(1)AC

(2)不是0.12

【详解】（1）A.该实验中要求斜槽末端的切线保持水平以保证小球做平抛运动。故A正确；

B.小球每次必须从相同的高度位置滚下，以保证小球水平抛出时的速度相同。故B错误;

C.以球心为坐标原点，借助重垂线确定竖直方向并建立直角坐标系。故C正确；

答案第6页，共11页

D.只要小球每次从相同的高度位置滚下，以相同的水平速度抛出即可，钢球与斜槽间的摩

擦对实验没影响。故D错误。

故选AC„

(2)山由平抛运动的水平位移可知，04段和段的时间相等，若。为抛出点，则。4段

和段的竖直位移之比为1：3,而实际竖直位移之比是1：2,可知。点不是抛出点。

［2］在竖直上有

Ay=gT-

解得

T=0.Is

即小球从A点运动到B点的时间为O.lso

［3］平抛运动的初速度是

12.0.850a小于2.7X1CT6

【详解】(1)口］游标卡尺的精度为0.05mm,主尺读数为0.8cm,游标尺读数为

10x0.05mm=0.50mm=0.050cm

则读数为

J=0.8cm+0.050cm=0.850cm

(2)⑵［3］待测电阻阻值远小于电压表内阻，选用电流表外接法，即由于电压表分流作

用，电压测量是准确的，电流测量值偏大，导致测量值偏小。

(3)［4］电源电压为3V,则电压表选择A,回路最大电流

p3

/=—=—A=0.6A=600mA

R5

故电流表选择D；电压表的分度值为0.1V,读数为2.40V,电流表的分度值为0.02A,读数

为O50A,则待测电阻

?40

R=^0=4.8。

0.50

电阻定律有

R=pL,s=—

S4

代入数据解得

p=2.7xlO-6Qm

答案第7页，共11页

13.(1)〃=巫；(2)OE=—R

22

【详解】(1)当光线经球心。入射时，光路图如图所示

sinz

n=----

sinr

其中

ylOAr+AB2

解得

(2)平移到E点，在。点发生全反射，则

sin=-

n

在一EDO内，有

OPOE

sin(90°-r)-smZEDO

联立得

OE=—R

2

14.(1)v=2m/s；(2)t=0.4s

【详解】(1)C与B碰撞前的过程，由动能定理有

12

2mgd=—2mvc—0

答案第8页，共11页

得

vc=J2gd=4m/s

碰撞动量守恒有

2mvc=4mv

得

v=2m/s

(2)C与B碰撞后粘在一起，一起向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律

3mg-mg=4ma

得

a=-g=5m/s2

2

由运动学公式有

h=vt+]-at2

2

得

t=0.4s

3瓜匹；(3)y=

L=

10〃

【详解】(1)当粒子的速度小于某一值时，粒子只在区域I