2023年高考物理二模试卷解析版

1014页高考物理二模试卷题号题号得分一二三四总分一、单项选择题〔530.0分〕如以下图为氢原子能级示意图，一群处于n=4激发态的氢原子，向低能级跃迁的过程中向外辐射不同频率的光子，4.54eV正确的选项是〔〕这群氢原子在辐射光子的过程中，电子绕核运动的动能增大，电势能减小6n=4能级n=1能级辐射出的光子的动量最小6种不同频率的光中，能让金属钨发生光电效应的有4种金属钨外表所发出的光电子的最大初动能是8.52eV202312121645分，“嫦娥四号”在椭圆轨道Ⅱ的A点成功实施了近月制动，顺当完成“太空刹车”，被月球捕获，进入了近月轨道ⅠR，月球外表的重力加速度为g0，轨道ⅡB3RG，以下说法正确的选项是〔〕A处点火后，动能增加由条件能够求出“嫦娥四号”在轨道Ⅱ上的运行周期假设只考虑万有引力的作用，“嫦娥四号”在轨道Ⅱ上通过A点时的加速度大于1A点时的加速度B由条件无法求出月球的质量BAmA

=5mAm

=3mB2A1悬挂在天花板上的O点，两灯笼在一样的水平恒定风力作用下，处于如以下图的静止状态。其中，轻质细绳1与竖直方向的夹角α=4以下说法正确的选项是〔〕15mg细绳2中的张力大小为8 mg作用在每一个灯笼上的水平风力的大小为8mg253°＞0〕hE=，不计空气阻力，以下＞0〕hE=，不计空气阻力，以下说法正确的选项是〔 〕带电小球的运动轨迹确定是曲线带电小球落地时的动能为〔+1〕mgh重力与电场力对带电小球做功之比始终为1：3带电小球落地时速度方向与水平方向的夹角为60°如以下图，A，B，C，D，E是圆周上等间距的五个点，在点处的通电导体棒中的电流垂直于纸面对里棒中的电流均垂直于纸面对外IAO点处产生的磁B0O处产生的A.B0A.B0B.B0C.B0D.2B0二、多项选择题〔527.0分〕如以下图，在倾角为的足够长固定斜面底端，一质量为m的小物块以某一初速度沿斜面上滑一段时间后小物块沿斜面F滑回到斜面底端小物块在斜面底端上滑时的动能与下滑回到斜面底端时的动能之比为5：1，以下说法正确的是〔 〕小物块上滑和下滑过程中重力做功之比为1：1小物块上滑和下滑过程中合外力做功之比为：1小物块上滑和下滑过程中重力冲量之比为；5小物块上滑和下滑过程中合外力冲量之比为：5=rK，在一段时间内，穿过螺线管磁场的磁感应强度B随时间的变R21=rK，在一段时间内，穿过螺线管磁场的磁感应强度B随时间的变R21化规律如图乙所示，以下说法正确的选项是〔 〕A.0～I=C.～=R2q2B.～R1U=D.～T时间内，整个回路中产生的焦耳热Q=如图甲所示，一轻质弹簧上端固定，下端连着一质量为m=5kg的物块A，物块A放在托盘B上，初始时系统静止，弹簧处于自然长度。现通过把握托B使物块A匀加速下降乙图为该过程中托盘BA.0～I=C.～=R2q2B.～R1U=D.～T时间内，整个回路中产生的焦耳热Q=弹簧弹力做功500JC.A8m/s2以下说法正确的选项是〔 〕饱和气压与气体的温度与体积都有关

160N/mD.AB0.5s时分别C.C.aC，则sinC=墨水滴入水中消灭集中现象，这是分子无规章运动的结果晶体具有各向同性、固定熔点、外形一般为规章几何多面体的特点减小减小ab两种单色光的细光束从空气中射入梯形玻璃砖，A为入射点，经梯形玻璃砖折射CDA点的入射i=60°d=4cm，A”C=2cm，CD=1cm。以下说法正确的选项是〔〕ab光的频率bn=D.abbD.abb光在屏上产生的条纹间距小E.a光通过玻璃砖后，侧移的距离△x=〔2 -1〕cm11. 某同学利用图甲所示的电路完成一些电学试验。、和均为抱负电表，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。现将滑动变阻器R2的滑片从一端滑到另一端，记录此过程中各电表的读数，绘制出U1和U2随电流变化的关系图象如图乙所示据此可推断：定值电阻R1= Ω，电源电动势E= V，电源内阻r= Ω。图甲为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的试验装置示意图。试验操作步骤如下：M=m0、重物的质量m=2m0，用游标卡尺测得遮光片的宽度d，用米尺测得两光电门之间的距离L；②调整轻滑轮，使细线与水平桌面平行；AA和光B所用的时间△tA和△tB④屡次重复步骤③，记录多组数据；⑤整理试验器材。依据以上试验步骤答复以下问题：用游标卡尺测量遮光片宽度d的示数如图乙所示，d= mm物块的加速度a= 、L、△tA和△tB表示〕；物块与水平桌面之间的动摩擦因数μ= 〔用a和重力加速度g表示〕：假设轻滑轮略向下倾斜使细线不完全与水平桌面平行由此测量的μ= 〔填“偏大”“不变”或“偏小”〕假设以物块、遮光片和重物为争论对象，保持物块和遮光片总质量M确定，转变重物的质量m，依次计算出对应的加速度a。以〔M+m〕a为纵轴，以m为横轴，画出如图丙所示的图象该图象的斜率表示 。13. MQ静止在粗糙的水平地13. MQ静止在粗糙的水平地L=1m的不行伸长的轻质细绳一端悬于小QmP．将小P53°角并由静止释放，小球PQ弹摇摆的最大角度为37，小物块Q与地面之间的动摩擦因数μ=-2，重力加速g10m/s2PQm。n质点。求PQ的质量之比；Q滑行的最大距离。xOy块OCEFOFy轴重合，其次、三、四象限存在竖直方向的匀强电场和垂直纸面对外的匀强磁场〔图中未画出〕。一可视为质点的带电体Px轴上的Avx60°P恰好做匀速圆周运动，并从F点切入长方体木块的上外表，沿着FEE点时速度减为原来的一半〔带电体P所带电量不变〕，随后带电体PxD点、A点yF点并周而复始的运动。重力加速度为g。求：P的电性；P做匀速圆周运动时的半径p的运动周期。在一端封闭、内径均匀的光滑直玻璃管内，用一段长L=16cm的水银柱封闭确定质量的抱负气体B．在标准状况下，当玻璃管水平放置到达平衡时，用体积可无视的LBA活塞封闭开口端A，如图甲所示，被封闭气柱的长度L= =30cm：当将玻璃管转LBA0A端向上竖直放置时，如图乙所示，被封闭气柱BLB0

”=27cm。〔标准状P

=76emHg取1m求：玻璃管竖直放置后，被封闭气体B的压强〔cmHg表示〕：A端活房瞬间水银柱的加速度。〔此瞬间可认为A端玻璃管内气体压强马上变为大气压，水银柱尚未发生移动〕一列沿轴正方向传播的简谐横波在t=0sx=10mA做简谐运动的表达式为=-70si〔〕c，求：该波的传播速度；t=0x=2023mC2023次回到平衡位置所经过的时间。【答案】A

答案和解析【解析】解：A、氢原子辐射光子的过程中，能量减小，轨道半径减小，依据= 【解析】解：A、氢原子辐射光子的过程中，能量减小，轨道半径减小，依据= 知，Bn=4的激发态，在向较低能级跃迁的过程中，依据数学组合=6，6种不同频率的光子，再由物质波波长公式，则有辐射出的光子的动量最大，故B错误；n=4n=1n=4再由物质波波长公式，则有辐射出的光子的动量最大，故B错误；C、这群氢原子所能发出的不同频率的光子中，当对应的能量大于或等于金属锌逸出功4.54eV时，才能发生光电效应，则共有三种，故C错误；Dn=4n=1发出的光子频率最高，发出的光子能量为△E=13.60-0.85eV=12.75eV，0kmEKm=hv-W0km

E

=12.75-4.54eV=8.21eVD错误。应选：A。长公式，即可求解。长公式，即可求解。同时知道物质波长公式。同时知道物质波长公式。【答案】B【解析】解：A、“嫦娥四号”在A点处点火时，是通过向行进方向喷火，做减速运动，A处点火后，“嫦娥四号”动能减小。故A错误；依据万有引力供给向心力，T=，又依据月球外表物体万有引力等于重力得：①。B、设月球的质量为Mm，“嫦娥四号”在轨道依据万有引力供给向心力，T=，又依据月球外表物体万有引力等于重力得：①。所以“嫦娥四号”在轨道Ⅰ绕月球运动一周所需的时间为T==，②“嫦娥四号”在轨道所以“嫦娥四号”在轨道Ⅰ绕月球运动一周所需的时间为T==，②“嫦娥四号”在轨道Ⅱ绕月运动周期为T′，由开普勒第三定律：③M=D错误。C、“嫦娥四号”在运动的过程中万有引力供给运动的加速度，所以“嫦娥四号”在轨道ⅡA1M=D错误。应选：B。“嫦娥四号”做圆周运动，依据万有引力等于向心力，列出等式表示出周期，再依据万有引力等于重力求解。AⅡA点进入轨道Ⅰ得万有引力等于向心力。的向心力的表达式。【答案】C1 【解析】解：A、对球A和B整体受力分析，受重力、拉力和风力，竖直方向依据平衡条件可得：Tcos45°=8mg，解得T=8 mg，故A错误；1 1BC2T2T3，依据平衡条件，有：Tcos45°=T313解得：T=8mg3T2==mgT2==mgB错误、C正确；D2D2与竖直方向的夹角为θtanθ==，θ≠53°D错误。AB整体受力分析，依据平衡条件并结合正交分解法列式求解轻质细绳上1的拉力大小和风力大小；B受力分析，依据平衡条件并结合合成法列式求解绳2的拉力大小。分解法列式求解。【答案】C【解析】解：A、做曲线运动的条件是初速度不为零，且与加速度不共线，一质量为m，q〔q＞0〕h处由静止释放，受恒力作用，将做匀变速直A错误；60°x==2h60°x==2hFx=E-0kE=4mghB错kCCWG=mghW=W合-W=3Gmgh，所以重力与电场力对带电小球做功之比始终为1：3，故C正确；DB项分析知带电小球落地时速度方向与水平方向的夹角为30°D错误。应选：C。做曲线运动的条件是初速度不为零，且与加速度不共线；受力分析求合力，依据合力判定运动方向及运动方向，依据动能定理求解动能。【答案】D【解析】解：假设在A处放一根垂直于纸面对外的通电导体棒，依据安培定则，结合矢量的合成法则，则五根通电导体棒在圆心O处产生的磁感应强度大小为零，AOB0，方向水平向左，如今AA点处的通电导体棒在圆心OB0，方向水平向左，I=A正确；B、在-TI=A正确；B、在-T内图象斜率大小保持不变，方向相反，所以电流大小为I=R1两端U=IR=并B错误；错误，D正确；应选：D。依据矢量的合成法则，结合安培定则，及在A点使用替换法，即可求解。此题考察了安培定则的应用，解题方法比较奇异，利用等效替代法，并把握矢量的合成法则的内容。【答案】AC【解析】【分析】合外力的冲量等于动量的变化量。于动能的变化量。【解答】BEk，合外力做功为-Ek，下降末动能为m合外和功，做功大小之比A、重力做功与高度差有关，上升过程做功-mghBEk，合外力做功为-Ek，下降末动能为m合外和功，做功大小之比C、上滑运动时间为，下滑运动时间为，二者之比为，则重力的冲量之比为，5：1BC、上滑运动时间为，下滑运动时间为，二者之比为，则重力的冲量之比为，D、上滑过程合外力的冲量为-m=-D、上滑过程合外力的冲量为-m=-m，二者大小之比为：1D大小之比为：1D错误【答案】AD0～时间内电动势不变，电流不变，I=0～时间内电动势不变，电流不变，I=【解析】解：A、依据法拉第电磁感应定律：E=n S，依据图象知斜率 = = ，斜R =并==2rC～R2C～R2q2= =D、～T时间内，整个回路中产生的焦耳热Q=EIt=n ST=D正确。依据法拉第地磁感应定律求出螺线管中产生的感应电动势，依据图象知斜率，斜率大小不变则电流大小不变，依据闭合回路欧姆定律求出电流的大小，B-t图象的斜率反响感应电动势的大小和方向。【答案】BD【解析】kA列牛顿其次定律方程有：mg-F-kx=ma即为：k==160N/m可得：F=mg-Kx-ma=-Kx即为：k==160N/mA、弹簧弹力做功为：W=-==-5JA错误A、弹簧弹力做功为：W=-==-5JA错误Dx=得：t===0.5SD正确0Dx=得：t===0.5SD正确0应选：BD。AKa；物体匀加速阶段可由运动方程求解匀加速时间。是当力均匀变化时可以用平均值来求解做功。【答案】BCE【解析】解：A、饱和汽压随温度的上升而增大；饱和汽压与蒸气所占的体积无关，也和这种体积中有无其他气体无关，故A错误。BB正确。C、墨水滴入水中消灭集中现象，这是分子无规章运动的结果，故C正确。D、单晶体具有各向异性、固定熔点、外形一般为规章几何多面体的特点，多晶体具有各向同性、固定熔点、没有固定的几何外形的特点，故D错误。E、依据气体压强的微观意义，单位时间内气体分子对容器器壁单位面积碰撞的次数削减，但气体分子的平均动能不确定，气体的压强也不愿定减小，故E正确。应选：BCE。饱和汽压与蒸气所占的体积无关；将两个分子由相距无穷远处移动到距离极近的过程中，它们的分子势能先减小后增大；墨水滴入水中消灭集中现象，这是分子无规章运动的结果；多晶体和多晶体都有固定的熔点，但在外形方面和各个方向的物体特性不同；壁单位面积碰撞的次数有关。不同考察了饱和汽、未饱和汽和饱和汽压、集中、分子势能、晶体和非晶体、气体压强的微观意义等学问点。这种题型学问点广，多以根底为主，只要寻常多加积存，难度不大。【答案】ABE【解析】解：Aaba光的折射率大于B、b光的折射角正弦为sinrb===0.6，bB、b光的折射角正弦为sinrb===0.6，b光在玻璃砖中的折射率nn=== B正确。C、a光的折射角正弦为sinra=== ，a光在玻璃砖中的折射率C、a光的折射角正弦为sinra=== ，a光在玻璃砖中的折射率= sinC==C错误。EAC==，a光通过玻璃砖后，侧移的距离△x=sin〔i-ra〕，解得△x=解得△x=〔2 -1〕cm，故E正确。sinsinC=a双缝干预条纹间距的关系。由几何学问求a光通过玻璃砖后侧移的距离△x。此题的解题关键是要知道偏向角与折射率的关系，把握波长、频率、干预条纹间距与折射率的关系。依据折射定律和几何关系相结合进展解答。11.【答案】3.00 9.00 1.00点为直线，U1=IRCD点为直线，U1=IRCDR=11=3.00Ω，当C、DR1的值；k=R1+r==4.00Ωr=k-R=1.00ΩU=0时，1k=R1+r==4.00Ωr=k-R=1.00ΩU=0时，121R1短E=I ×〔+r〕=2.25×4.00V=9.00V。R1短故答案为：3.00 9.00 1.00〔1〕由两个欧姆定律先表示出两个电压表的示数的关系式，结合图象的含义，从斜率和一些特别点的坐标求出相关物理量；〔2〕〔3〕依据两个电压表示数随电流的变化关系，求出定值电阻和电源的内阻；12.【答案】5.6012.【答案】5.60偏大重力加速度g【解析】解：〔1〕由图〔b〕所示游标卡尺可知，主尺示数为5mm，游标尺示数为=〔2〕A点时的速度为：vA=〔2〕A点时的速度为：vAB点时的速度为：vB=，加速度为：a=；B B点时的速度为：vB=，加速度为：a=；B 以M、m组成的系统为争论对象，由牛顿其次定律得：mg-μMg=〔M+m〕a，M=m0、m=2m0代入解得：μ=；假设轻滑轮略向下倾斜，使细线不完全与水平桌面平行，此时小车受到的沿水平方代入解得：μ=；以〔M+m〕am为横轴，则图象该图象的斜率：k=，可知M、m以〔M+m〕am为横轴，则图象该图象的斜率：k=，可知故答案为：〔1〕5.60故答案为：〔1〕5.60；〔2〕；〔3〕；〔4〕偏大；〔5〕g。游标卡尺主尺与游标尺的示数之和是游标卡尺的示数，由速度公式求出物块经过AB求出物块的加速度；由牛顿其次定律求出动摩擦因数；结合牛顿其次定律分析即可；M、m组成的系统为争论对象，由牛顿其次定律列出公式分析即可。示数，读数时视线要与刻度线垂直。13.【答案】解：〔1〕P摇摆过程只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律下摆过程：mgL下摆过程：mgL〔1-cos53° =mv〕12，上摆过程：mgL〔1-cos37° =mv〕22，解得：v1=2m/s，v上摆过程：mgL〔1-cos37° =mv〕22，解得：v1=2m/s，v=2m/s，2mv12+mv =Mv2232，1 2 解得：==2m/s；，v解得：==2m/s；，v2-μMgs=0-Mv ，32解得：s=0.05m；答：〔1〕小球P与小物块Q的质量之比为〔3-2 〕：1；〔2〕Q0.05m。【解析】〔1〕小球摇摆过程机械能守恒，应用机械能守恒定律可以求出碰撞前后P的之比。此题考察了动量守恒定律的应用，依据题意分析清楚动量守恒定律与动能定理可以解题；〔2此题考察了动量守恒定律的应用，依据题意分析清楚动量守恒定律与动能定理可以解题；〔2〕也可以应用牛顿其次定律与运动学公式求解。14.【答案】解：〔1〕依据洛伦兹力供给向心力可知14页1314页小球带正电；依据图象可知：|OF依据图象可知：|OF|=〔联立解得：R=t1==|OC|=，|OC|=t1为带电小球在一个周期内在二、三、四象限运动的时间，t联立解得：R=t1==|OC|=，|OC|=联立解得：T=t1+联立解得：T=t1+t