四川省宜宾市一中高中物理上学期第18周训练题

四川省宜宾市一中20172018学年高中物理上学期第18周训练题姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题（15为单项选择，68为不定项选择，每题6分，共计48分）如图，一质量为m，长度为l的均匀柔软细绳PQ竖直悬挂．用外力将绳的下端Q缓慢地竖直向上拉起至M点，M点与绳的上端P相距l．重力加速度大小为g．在此过程中，外力做的功为（）A.mglB.mglC.mglD.mgl如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动．物块与桌面间的动摩擦因数为（）A.2B.C.D.一根轻质弹性绳的两端分别固定在水平天花板上相距80cm的两点上，弹性绳的原长也为80cm．将一钩码挂在弹性绳的中点，平衡时弹性绳的总长度为A.86B.92C.98D.104如图所示，电源内阻较大，当开关闭合、滑动变阻器滑片位于某位置时，水平放置的平行板电容器间一带电液滴恰好处于静止状态，灯泡L也能正常发光，现将滑动变阻器滑片由该位置向a端滑动，则（）A.灯泡将变暗，电源效率将减小

B.液滴带正电，将向下做加速运动

C.电源的路端电压增大，输出功率也增大

D.滑片滑动瞬间，带电液滴电势能将减小如图所示,氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E1,之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转,最后打在屏上。整个装置处于真空中,不计粒子重力及其相互作用,那么()A.偏转电场E2对三种粒子做功不一样

B.三种粒子打到屏上时的速度一样大

C.三种粒子运动到屏上所用时间相同

D.三种粒子一定打到屏上的同一位置在光电效应实验中，分别用频率为va、vb的单色光a、b照射到同种金属上，测得相应的遏制电压分别为Ua和Ub、光电子的最大初动能分别为Eka和Ekb，h为普朗克常量．下列说法正确的是（）A.若va＞vb，则一定有Ua＜UbB.若va＞vb，则一定有Eka＞EkbC.若Ua＜Ub，则一定有Eka＜EkbD.若va＞vb，则一定有hvaEka＞hvbEkb如图所示，质量相同的两个带电粒子M、N以相同的速度同时沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，M从两极板正中央射入，N从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点．不计带电粒子重力和带电粒子间的相互作用，则从开始射入到打在上极板的过程中（）A.它们运动的时间tN=tMB.它们电势能减少量之比△EM：△EN=1：2C.它们的动能增量之比△EkM：△EkN=1：2D.它们所带的电荷量之比qM：qN=1：2如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M，N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0，若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星在从P经M，Q到N的运动过程中（）A.从P到M所用的时间等于B.从Q到N阶段，机械能逐渐变大C.从P到Q阶段，速率逐渐变小D.从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功12345678二、实验题探究题（16分）某同学利用图（a）所示电路测量量程为V的电压表的内阻（内阻为数千欧姆），可供选择的器材有：电阻箱R（最大阻值），滑动变阻器R1（最大阻值50Ω），滑动变阻器R2（最大阻值5kΩ），直流电源E（电动势3V）．开关1个，导线若干．

实验步骤如下：

①按电路原理图（a）连接线路；

②将电阻箱阻值调节为0，将滑动变阻器的滑片移到与图（a）中最左端所对应的位置，闭合开关S；

③调节滑动变阻器使电压表满偏；

④保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为V，记下电阻箱的阻值．

回答下列问题：

（1）实验中应选择滑动变阻器______（填“R1”或“R2”）．

（2）根据图（a）所示电路将图（b）中实物图连线．

（3）实验步骤④中记录的电阻箱阻值为，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，计算可得电压表的内阻为______Ω（结果保留到个位）．

（4）如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为______（填正确答案标号）．

A.100μA

B.250μA

C.500μA

D.1mA．

三、计算题（本大题共2小题，共36分）10.（16分）如图所示，一个带正电、电荷量为q、质量为m的小球，以大小为v0的竖直向上的初速度，从平行板电容器的两板正中央O点进入场强为E的匀强电场中，恰好垂直打在M板的N点，已知，则小球到达N点的速率和两板间的电势差为多少？11.（20分）如图所示，水平固定一个光滑长杆，有一个质量为m小滑块A套在细杆上可自由滑动。在水平杆上竖直固定一个挡板P，小滑块靠在挡板的右侧处于静止状态，在小滑块的下端用长为L的细线悬挂一个质量为2m的小球B，将小球拉至左端水平位置使细线处于自然长度，由静止释放，已知重力加速度为g。求：①小球运动过程中，相对最低点所能上升的最大高度；②小滑块运动过程中，所能获得的最大速度。附参考答案;宜宾市一中2015级高三第17周物理训练题【答案】1.A

2.C

3.B

4.D

5.D

6.BC

7.AD

8.CD

9.R1；2520；D【解析】1.解：根据功能关系可知，拉力所做的功等于MQ段系统重力势能的增加量；对MQ分析，设Q点为零势能点，则可知，MQ段的重力势能为EP1=×=；

将Q点拉至M点时，重心离Q点的高度h=+=，故重力势能EP2═×=

因此可知拉力所做的功W=EP2EP1=mgl，故A正确，BCD错误．

故选：A．

由题意可知，发生变化的只有MQ段，分析开始和最后过程，明确重力势能的改变量，根据功能关系即可求得外力所做的功．

本题考查明确功能关系，注意掌握重力之外的其他力做功等于机械能的改变量，本题中因缓慢拉动，故动能不变，因此只需要分析重力势能即可．2.解：当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，即：F=μmg；

当拉力倾斜时，物体受力分析如图

由f=μFN，FN=mgFsinθ可知摩擦力为：f=μ（mgFsinθ）

f=F

代入数据为：

μmg=μ（mgF）

联立可得：μ=

故选：C．

拉力水平时，二力平衡；拉力倾斜时，物体匀速运动，依然是平衡状态，根据共点力的平衡条件解题．

本题考查了共点力的平衡，解决本题的关键是把拉力进行分解，然后列平衡方程．3.解：如图所示

绳子原长是80cm，伸长为100cm，如图，则AC段长50cm，伸长了10cm，假设绳子的劲度系数为k，则绳子拉力为Fk

把绳子的拉力分解为水平方向和竖直方向，在竖直方向的分量为Fxkk，

两个绳子的竖直方向拉力合力为：2Fx

物体处于平衡状态，则拉力合力等于重力，即k=mg，所以k=

当AB两点移动到同一点时，绳子两个绳子的夹角为0，每段绳子伸长x，则两个绳子的拉力合力为2kx=mg，x=cm．

所以此时绳子总长度为92cm．

故选：B．

绳长变为1004.解：A、将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，电路中电流减小，灯泡消耗的功率减小，则灯泡将变暗．外电路总电阻增大，路端电压增大，则电源的效率为η=×100%=×100%，U增大，则知η增大，故A错误．

B、液滴受力平衡，因电容器上极板带负电，板间场强向上，则知液滴带正电．路端电压增大，故电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，因此液滴将向上做加速运动．故B错误．

C、由于电源的内电阻与外电阻关系未知，所以不能判断输出功率如何变化，故C错误．

D、因电容器两端的电压增大，故电荷所在位置相对于下极板的电势差增大，因下极板接地，故所在位置的电势减小，因粒子带正电，故粒子电势能减小，故D正确．

故选：D．

将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，分析电路中总电阻的变化，判断变阻器电压的变化，判断电容器充电还是放电，由板间场强的变化分析液滴的运动情况，根据场强的变化分析电势的变化，从而明确电势能的变化情况．

本题电容器动态变化分析与电路动态变化分析的综合，注意抓住电容器的电压与电阻电压的关系进行分析，注意下极板接地，故板间电势均为负值．5.设粒子离开电场

时速度为v,由动能定理得,在电场

中,,L=vt,,联立以上方程

,。所以,在电场中电场力做功,三种粒子电荷量相等,做功相等,A项错误。因为在电场

中y和tan

φ

与q、m无关,故它们通过同一轨迹打到屏上同一点,D项正确。对全程应用动能定理,设打到屏上的速度为v',则,解得,所以氕核打到屏上的速度最大,故B项错误。在加速电场中所用时间,通过偏转电场到达屏所用时间,所以总时间

故氚核运动时间最长,C项错误。6.解：AB、根据光电效应方程Ekm=hvW0知，va＞vb，逸出功相同，则Eka＞Ekb，又Ekm=eUc，则Ua＞Ub，故A错误，B正确．

C、根据Ekm=eUc知，若Ua＜Ub，则一定有Eka＜Ekb，故C正确．

D、逸出功W0=hvEkm，由于金属的逸出功相同，则有：hvaEka=hvbEkb，故D错误．

故选：BC．

根据光电效应方程，结合入射光频率的大小得出光电子最大初动能，结合最大初动能和遏止电压的关系比较遏止电压．

解决本题的关键掌握光电效应方程以及知道最大初动能与遏止电压的关系，注意金属的逸出功与入射光的频率无关．7.解：A、由题可知，两个带电粒子都做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，而且它们的水平位移相等、初速度相等，则在电场中的运动时间相等，即tN=tM．故A正确；

B、由图可知，竖直位移之比为yM：yN=1：2；而竖直位移y=at2=，由于m、t、E相等，则带电荷量之比qM：qN=yM：yN=1：2．电荷在电场中运动时，由功能关系可知，电势能减小量等于电场力做功，则电势能减少量之比△EM：△EN=qMEyM：qNEyN=1：4．由动能定理可知，动能增量之比为1：4，故BC错误，D正确．

故选：AD．

两个带电粒子都垂直于电场射入匀强电场中，都做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，由题可知，水平位移相等、初速度相等，即可知运动时间相等，由竖直位移的关系，由牛顿定律和位移公式即可求解电量之比．由动能定理求解电场力做功之比，得到电势能减少量之比．

本题运用运动的合成与分解法研究类平抛运动，要抓住两个粒子水平位移和竖直位移的关系分析其他量的关系，同时明确电场力做功与电势能和动能之间的关系．8.解：A、海王星在PM段的速度大小大于MQ段的速度大小，则PM段的时间小于MQ段的时间，所以P到M所用的时间小于，故A错误．

B、从Q到N的过程中，由于只有万有引力做功，机械能守恒，故B错误．

C、从P到Q阶段，万有引力做负功，速率减小，故C正确．

D、根据万有引力方向与速度方向的关系知，从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功，故D正确．

故选：CD．

根据海王星在PM段和MQ段的速率大小比较两段过程中的运动时间，从而得出P到M所用时间与周期的关系；抓住海王星只有万有引力做功，得出机械能守恒；根据万有引力做功确定速率的变化．

解决本题的关键知道近日点的速度比较大，远日点的速度比较小，从P到Q和Q到P的运动是对称的，但是P到M和M到Q不是对称的．9.解：（1）调节电阻箱时需要滑动变阻器上的分压保持不变，需要电压表的电阻远大于变阻器的电阻，故变阻器选阻值小的，故选滑