2023届福建省尤溪一中高一物理第一学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角”条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，

有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1、如图所示，质量为m的木块在放置于水平面上的木板上滑行，木板静止，木块与木板、木板与桌面之间的动摩擦

因数分别为〃和2〃，木板的质量为2m,则木板所受桌面给的摩擦力大小为：

m

77777777777777777777

A."mgB.21Limg

C.4〃mgD.6Hmg

2、静止在水平地面上的小车，质量为5kg。在水平拉力50N的作用下做直线运动，2s内匀加速前进了4m,在这个过

程中（g取lOm/s?）（）

A.小车加速度的大小是lm/s2B.小车加速度的大小是2m/s2

C.动摩擦因数是0.4D.摩擦力大小是10N

3、若有一个小孩从滑梯上由静止开始沿直线匀加速下滑。当他下滑距离为乙时，速度为匕当它的速度是:时，它沿斜面

下滑的距离是（）

AaB,也

42

L3L

C.—D.—

24

4、关于平抛运动和圆周运动，下列说法正确的是（）

A.平抛运动过程中物体在相等时间内速度的改变量一定相等

B.平抛运动中速度方向不断变化，因而加速度一定是变化的

C.做圆周运动的物体加速度方向一定指向圆心

D.匀速圆周运动是加速度不变的运动

5、下列说法正确的是

A.牛顿第一定律可以通过实验进行验证

B.物体的运动不需要力来维持，但物体的运动速度越大时其惯性也越大

C.牛顿第二定律公式F=kma中，比例系数k的数值由质量、加速度和力三者的单位决定的

D.牛顿第三定律说明物体间的作用力是可以相互传递的

6、如图甲所示，质量2kg的粗糙长木板尸（足够长）静止在水平地面上，一个可视为质点的物块。以初速度

%=6m/s滑上长木板上表面，在物块。滑上长木板P的同时给产施加个方向水平向右大小为3N的拉力歹，P、。的

V—/图线如图乙所示，其中Z?段分别是0〜1s内。、尸的VV图线，c段是ls~2s内产、。共同的VT图线，最大

静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2,下列说法正确的是（）

A.物块。的质量为1kg

B.P、。之间的动摩擦因数为0.4,尸与地面间的动摩擦因数为0.2

C.长木板P最小的长度为3m

D.0~2s内物块Q的位移大小为4m

7、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移一时间Cx-t）图象分别为图中直线a和曲线b,已知b车的加速度恒定且

等于-lm/s2，U3s时，直线a和曲线b刚好相切，贝！］

Q

A.a车做匀速运动且其速度为Va=§m/s

B.b车的初速度为0

C.UO时，a车和b车的距离4.5m

D.U3s时，a车和b车相遇，此时速度相等

8、如图，一个质量为m=1kg的小球在光滑水平面上运动，，=0时刻小球经过坐标原点。，速度方向与4轴正方向

的夹角为30°，速度大小为%=2m/s,此刻开始对球施加一个沿V轴负方向的水平恒力已知尸=2N.下述判断

正确的是()

A.此后小球运动的最小速度为73m/s

B.此后小球的速度先增大后减小

C.小球再次经过x轴所需的时间为0.5s

D.小球的运动轨迹应为抛物线

9、物体A的加速度为3m/s2,物体B的加速度为Bm/sz,下列说法正确的是()

A.物体A的加速度比物体B的加速度大

B.物体B的速度变化比物体A的速度变化快

C.物体A的速度一定在增加

D.物体B的速度可能在减小

10、一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速直线运动，接着做匀减速直线运动，开

到乙地刚好停止，其速度图像如图所示，那么0〜加和fo〜3fo两段时间内()

A.位移大小之比为1：2B.加速度大小之比为3：1

C.平均速度大小之比为1：1D.平均速度大小之比为2:1

二、实验题

H、（4分）小明在研究匀加速直线运动的实验中，利用打点计时器打出如图所示的纸带（电源频率是50Hz）。0、1、2、

3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个点未画出。从纸带上测出xi=3.20cm,X2=4.52cm,xs=8.42cm,X6=9.70cm»

则：点1对应的瞬时速度匕=m/s,点5对应的瞬时速度"5=m/s,物体的加速度大小

:m/s2（保留三位有效数字）。

-0123456

TfT•

了।、一X2一一招…-6一

12、（10分）验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所

示，选取纸带上某个清晰的点标为O,然后每两个打点取一个计数点，分别标为1、2、3、4、5、6,用刻度尺量出计

乙丙

（1）已知打点计时器打点周期为7,可求出打各个计数点时对应的速度分别为盯、及、V3、V4、V5,其中V5的计算

式为V5=.

（2）若重锤的质量为处取打点。时重锤所在水平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能Epi和动

能Eki,则打计数点3时对应重锤的势能Ep3=;接着在E~h坐标系中描点作出如图丙所示的Ei和EP-h

图线，求得Ep—九图线斜率的绝对值为心，项一人图线斜率为h则心与上满足关系时重锤机械能守恒

（3）关于上述实验，下列说法中正确的是

A.实验中可用干电池作为电源

B.为了减少阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些

C.若纸带上打出的点被拉长为短线，应适当调高电源电压

D.图丙Ek-h图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的初动能

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，

答案中必须明确写出数值和单位

13、(9分)用机器托住一个质量11=11^的木板，木板上有一个质量m=2kg的物块.物块与木板之间的动摩擦因数20.5,

木板与机器间的动摩擦因数足够大，木板与机器之间不会发生相对移动.整个系统正以初速度v°=20m/s沿竖直向上的

方向运动(此时刻也是计时的0时刻).同时风正从物块的右侧面吹来，给物块水平向左的风力F恒为6N.已知在题设

的整个过程中物块不会滑离木板.取g=10m/s2

(1)要使物块m与木板M之间发生相对运动，试判断加速度的方向及加速度的大小至少为多少？

(2)若系统加速度的大小为8m/s2,且系统加速度的方向也满足第(1)问中的要求，求2s内物块沿板方向的位移大小

14、(14分)质量为2kg的物体在水平推力尸的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F,其运动的7图象如

图所示。g取lOm/s2,求：

(1)物体与水平面间的动摩擦因数〃；

(2)水平推力歹的大小。

15、(13分)“平安北京，绿色出行”，地铁已成为北京主要绿色交通工具之一。图为地铁安检场景，图是安检时

传送带运行的示意图。某乘客把一书包放在水平传送带的入口A处，书包随传送带匀速运动到出口5处。由于书包与

传送带间的动摩擦因数很大，传送带的运行速度很小，可忽略书包的加速时间。已知传送带始终以v=0.20m/s的速

度匀速运行，A、B两处之间的距离L=1.6m。

⑴求书包从A处运动到B处的时间t；

(2)有同学认为，书包随传送带匀速运动过程中，始终受到传送带施加的摩擦力作用。你认为这种说法是否正确，请说

明理由；

⑶若书包与传送带间的动摩擦因数为0.02,试分析书包到达右端时的速度与传送带速度的关系，并用试着画出书包到

达右端时的速度与传送带速度关系的图像(g=10m/s2)。

参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求,

有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

1、A

【解析】由于木板静止，水平方向受到木块对木板的向右滑动摩擦力和桌面对木板的静摩擦力，由平衡条件可得，木

板受到桌面的摩擦力等m，故A正确

故选A

2、B

【解析】AB.小车加速度的大小是

22

tz=^=^m/s=2m/s

选项A错误，B正确；

CD.根据牛顿第二定律

F—f=ma

解得

片40N

则

”4MOW

选项CD错误。

故选B。

3、A

【解析】由题意知:

v2=2aL

解得

L

x=­

4

A选项正确，B、C、D错误；

故选Ao

4、A

【解析】平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，匀速圆周运动的加速度大小不变，方向时刻改变

【详解】A、平抛运动过程中速度的改变量Av=gt,g一定，则相等时间内速度的改变量一定相同，故A正确；

B、做平抛运动的物体只受重力，是恒力，故加速度保持不变，恒为g,B错误；

C、做匀速圆周运动的物体，其加速度方向一定指向圆心，做非匀速圆周运动的物体，其加速度方向不指向圆心.故C

错误；

D、做匀速圆周运动的物体，加速度方向每时每刻指向圆心，故加速度方向每时每刻发生变化，故D错误；

故本题选A

【点睛】解决本题的关键知道平抛运动和匀速圆周运动的特点，知道平抛运动的加速度不变，匀速圆周运动的加速度

在变化

5、C

【解析】牛顿第一定律不是实验定律，是以实验为基础，利用逻辑推理得到的，故A错误；物体的运动不需要力来维

持；物体的惯性大小只与质量有关，与物体运动的速度无关，选项B错误；在牛顿第二定律的表达式F=kma中，比

例系数的数值由质量、加速度和力三者的单位决定的，只有质量m、加速度a和力F的单位是国际单位时，比例系数

k才为1,故C正确.牛顿第三定律说明物体间的作用力是相互的，但并不是可以相互传递的，选项D错误；故选C.

6、AC

【解析】AB.设物块0的质量为机，P、。之间的动摩擦因数为“1,尸与地面间的动摩擦因数为“2。根据速度图象的

斜率表示加速度，可得O-ls内Q、P的加速度大小分别为

ai=4m/s2,a2=4m/s2o

0-ls,根据牛顿第二定律，对。有：

Himg=mai

对尸有：

/iimg+F-jui(M+m)g=Mai；

。、尸共速后做匀速运动，有:

F=fiz(M+/n)g

联立解得：

，"=lkg,〃i=0.4,"2=0.1,

故A正确，B错误；

C.长木板尸最小的长度等于0-ls内。相对尸的位移为:

r6X1.

L=------m=3m,

2

故C正确；

D.0〜2s内物块。的位移大小为：

6+2

x=(---xl+2xl)m=6m,

故D错误。

故选ACo

7、CD

【解析】A、x-t图象的斜率代表速度，a的图象为倾斜的直线，斜率为恒定值，故a车做匀速直线运动，速度大小为

8-2

v=------m/s=2m/s,A错误；

3

B、t=0时刻，b曲线的切线斜率不为零，故b车的初速度不为零，B错误；

C、U3s时，直线a和曲线b刚好相切，故此时b车的速度为为=2m/s.t=0至！jt=3s内，b车做匀减速直线运动，可

做逆向处理，贝！11=0到t=3s内，b车的位移为4=丫/+万口厂=2*3+万*1><3-=10.5m,故t=0时刻，b车的初始

坐标为％=-2.5m.所以在t=0时刻，a、b两车相距4.5m,C正确；

D、x-t图象的交点代表相遇，又因两曲线在U3s时，刚好相切，瞬时速度刚好相同，则D正确

8、AD

【解析】分析可知，小球做类斜上抛运动，轨迹为抛物线，沿x轴方向的分运动为匀速直线，在y轴方向的分运动为

类竖直上抛运动，所以当小球速度沿y方向分量为0时，小球速度最小

【详解】A、当小球速度沿y方向的分量为零，即i\=0时，小球速度最小，最小速度为为COS30。=Gm/S,A正确;

八》

vv=vosin3O0

八…二...........

___^<15工___►

Ov=vcos30°x

■x0

、，F=2N

B、小球做类斜上抛运动，拉力F先对小球做负功，后对小球做正功，故小球速度先减小后增大，B错误；

F

C、由牛顿第二定律可知，小球运动过程的加速度。=—=2m/0s2,小球先沿y轴正向做匀减速，根据速度与时间的关

m

系得小球的减速时间为£=理吧上=0.5s,由对称性可知，小球沿y轴反向加速的时间也为0.5s,故小球再次经过8

a

轴所需的时间为Is,C错误；

D、由于小球做类斜抛运动，故其轨迹为抛物线，D正确；

故本题选AD

【点睛】掌握运动的合成与分解原理，会将曲线运动化解为直线运动来处理是解决本题的关键，结合牛顿第二定律，

能类比斜上抛运动，即可轻松求解

9、BD

【解析】A.物体A、3的加速度，正负号代表方向，绝对值大小代表加速度大小，故A项错误

B.由加速度的定义可知，加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，故B项正确

C.若A速度方向与其加速度方向相反，则物体A的速度减小，故C项错误

D.若5速度方向与其加速度方向相反，则物体8速度减小，故D项正确

10、AC

【解析】A.设物体的最大速度为％根据修图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，则得位移之比为

11

xi：X2=(—vM：(―v*2ro)=l：2

故A正确；

B.根据修图象斜率的绝对值等于加速度大小，则得加速度大小之比为

故B错误

CD.在0-知时间内物体做匀加速直线运动，在加3知间内物体做匀减速直线运动，由平均速度公式

-v=%--+--v

2

得两段时间内的平均速度均为V，故C正确，D错误。

2

故选AC„

【点睛】图象的斜率即为物体运动的加速度，“面积”大小等于位移，掌握这点是解决此类题目的关键所在

二、实验题

11、①.0.386m/s②.0.906m/s③.IJOm/s?

【解析】□].由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s,

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小车的瞬时速度大小

[2].根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上5点时小车的瞬时速度大小

[3].根据加速度定义得

Av0.906-0.386

=1.30m/s2

12、①.②.一nzg/i3③@.BD

【解析】(1)根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点5的瞬时速度；

(2)根据下降的高度，结合参考平面，求出重力势能；再由动能与重力势能相互转化，则机械能守恒可知，两图线的

斜率相等即可；

(3)根据实验原理，电源使用交流电，重锤要求重且阻力小，纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能；

h-h

【详解】(1)计数点5的瞬时速度等于4、6两点间的平均速度，则％=」一£;

4T

(2)打计数点3时对应重锤的势能与3=t咫刈，根据图象可知，每一段对应的重力势能减小量和动能增加量相等，

那么机械能守恒，即图线的斜率相同，才能满足条件，因此41=心；

(3)A.实验中打点计时器，使用的是交流电源，不可用干电池作为电源，故A错误；

B.为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些，故B正确；

C.若纸带上打出的点被拉长为短线，应适当振针与纸带之间的距离，故C错误；

D.图丙Ek-h图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的初动能，故D正确

【点睛】解决本题的关键知道实验的原理，验证重力势能的减小量与动能的增加量是否相等，以及知道通过求某段时

间内的平均速度表示瞬时速度，注意两图象的斜率绝对值相等，是验证机械能是否守恒的条件

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,

答案中必须明确写出数值和单位

13、(l)4m/s2；(2)4m

【解析】由由牛顿第二定律求出m、M间的弹力，根据m、M发生相对滑动的条件〃心WR得出加速度