山东省济宁市邹城龙山高考培训学校2024-2025学年高二物理上学期期中试题含解析

PAGE15-山东省济宁市邹城龙山高考培训学校2024-2025学年高二物理上学期期中试题（含解析）一、选择题1.一根粗细匀称的导线，当其两端电压为U时，通过的电流是I，若将此导线匀称拉长到原来的2倍时，电流仍为I，导线两端所加的电压变为()A.U／2 B.U C.2U D.4U【答案】D【解析】试题分析：依据电阻定律可得：拉长后电阻变为,所以依据欧姆定律可得：,故,所以选D考点：考查了欧姆定律和电阻定律的应用点评：做本题的关键是知道导线在拉长时体积不变，然后依据公式推断面积和长度的变更2.一只电饭煲和一台洗衣机并联接在输出电压为沟通电源上（其内电阻可忽视不计），均正常工作。用电流表分别测得通过电饭煲的电流是5.0A，通过洗衣机电动机的电流是，则下列说法中正确的是（）A.电饭煲的电阻为，洗衣机电动机线圈的电阻为B.电饭煲消耗的电功率为，洗衣机电动机消耗的电功率为C.内电饭煲消耗的电能为，洗衣机电动机消耗的电能为D.电饭煲发热功率是洗衣机电动机发热功率的10倍【答案】C【解析】【详解】由于电饭煲是纯电阻元件，所以其在内消耗的电能洗衣机非纯电阻元件，所以其在内消耗的电能其热功率所以电饭煲发热功率不是洗衣机电动机发热功率的10倍。故选C。3.如图所示的电路中，闭合电键S后，灯a和b都正常发光，后来由于某种故障使灯b突然变亮，电压表读数增加，由此推断这故障可能是（）A.a灯灯丝烧断 B.电阻R2短路C.电阻R2断路 D.电容被击穿短路【答案】C【解析】【详解】A．若a灯灯丝烧断，电路总电阻增大，总电流减小，b灯两端电压减小，b灯变暗，不符合题意。故A项错误。B．若电阻R2短路，b灯被短路，b灯不亮，不符合题意。故B项错误。C．若电阻R2断路，总电阻增大，总电流减小，b两端电压增大，b灯变亮；电源两端电压增大，电压表读数增加，符合题意。故C项正确。D．电容器被击穿短路，总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，电压表读数减小，不符合题意。故D项错误。故选C。4.如图所示，两直导线中通以相同的电流I，矩形线圈位于两导线之间的实线位置Ⅰ，穿过线圈的磁通量为Φ，已知虚线位置Ⅱ与实线位置Ⅰ关于右边的直导线对称，虚线位置Ⅲ与两直导线的距离相等，虚线位置Ⅳ和虚线位置Ⅴ关于左边直导线对称，且与左边直导线的距离和实线位置Ⅰ与右边直导线的距离相等，现将线圈由实线位置移到图示各个虚线位置，则（）A.将线圈由实线位置Ⅰ移到图示虚线位置Ⅱ时，磁通量大小不变B.将线圈由实线位置Ⅰ移到图示虚线位置Ⅲ时，磁通量变更大小为ΦC.将线圈由实线位置Ⅰ移到图示虚线位置Ⅳ时，磁通量变更为零D.将线圈由实线位置Ⅰ移到图示虚线位置Ⅴ时，磁通量大小不变【答案】B【解析】【详解】A．将线圈由实线位置Ⅰ移到题图示虚线位置Ⅱ时，由通电直导线产生的磁场分布可知，线圈在实线位置Ⅰ的合磁场方向向外，而在虚线位置Ⅱ的合磁场方向向里，且这两个位置对应的磁场也不相同，故磁通量大小发生变更，故A错误；B．虚线位置Ⅲ在两导线之间且距离两直导线的距离相等，磁通量为零，将线圈由实线位置Ⅰ移到题图示虚线位置Ⅲ时，磁通量变更大小为Φ，故B正确；C．题图示虚线位置Ⅳ的磁场方向垂直纸面对里，而实线位置Ⅰ的磁场方向垂直纸面对外，两个位置磁通量大小相等，所以将线圈由实线位置Ⅰ移到题图示虚线位置Ⅳ时，磁通量变更大小为2Φ，故C错误；D．将线圈由实线位置Ⅰ移到题图示虚线位置Ⅴ时，由于线圈平面距离两导线的距离不相等，故磁通量也不相等，即磁通量大小发生变更，故D错误。故选B。5.能引起人的眼睛视觉效应的最小能量为10-18J，已知可见光的平均波长为0.6μm，普朗克常数h=6.63×10-34J·s，恰能引起人眼的感觉，进入人眼的光子数至少为()A.1个 B.3个 C.30个 D.300个【答案】B【解析】【详解】每个光子的能量为E0=hγ＝h，能引起人的眼睛视觉效应的最小能量E=10-18J，由E=nE0得能引起人眼的感觉，进入人眼的光子数至少，故B正确，ACD错误；6.2017年10月20日，一架从墨尔本飞往布里斯班的飞机，飞到1500m高时正面撞到了一只兔子，当时这只兔子正被一只鹰抓着，两者撞到飞机当场殒命．设当时飞机正以720km/h的速度飞行，撞到质量为2kg的兔子，作用时间为A.1.44×103B.4.0×103NC.8.0×103ND.1.44×104N【答案】B【解析】详解】720km/h＝200m/s依据动量定理Ft＝mv可得F＝N＝4×103N故选项B正确．7.以下说法中正确的是（）A.电源的作用是维持导体两端的电压，使电路中有持续的电流B.在电源内部正电荷能从负极到正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力C.静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能削减D.静电力移动电荷做功电荷电势能削减，非静电力移动电荷做功电荷电势能增加【答案】AD【解析】【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势。电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本事强弱，与外电路的结构无关。电源的电动势在数值上等于内、外电压之和。【详解】A．电源的作用是维持导体两端的电压，使电路中有持续的电流，A正确；B．在电源内部正电荷能从负极到正极是因为电源内部既存在非静电力，移动电荷又会导致出现静电力，B错误；CD．静电力与非静电力都可以使电荷移动，静电力移动电荷做功电荷电势能削减，非静电力移动电荷做功电荷电势能增加，C错误，D正确。故选AD。8.在如图甲所示的电路中，电源电动势为3V，内阻不计，L1、L2是相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R为定值电阻，阻值为10Ω．当开关S闭合后A.L1的电阻为1.2ΩB.L1消耗的电功率为0.75WC.L2的电阻为5ΩD.L2消耗的电功率为0.1W【答案】BC【解析】【详解】AB、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻，功率P1=U1I1=0.75W．故选项A不符合题意，选项B符合题意；C、灯泡L2的电压为U，电流为I，R与灯泡L2串联，则有，在小灯泡的伏安特性曲线作图，如图所示，则有，L2的电阻为5Ω，L2消耗的电功率为0.2W，故选项C符合题意，选项D不符合题意；故选BC．9.下列状况能产生感应电流的是()A.如图甲所示，导体AB顺着磁感线运动B.如图乙所示，条形磁铁插入或拔出线圈时C.如图丙所示，小螺线管A插入大螺线管B中不动，开关S一干脆通时D.如图丙所示，小螺线管A插入大螺线管B中不动，开关S一干脆通，当变更滑动变阻器的阻值时【答案】BD【解析】【详解】能产生感应电流的条件是闭合电路中磁通量发生变更，所以BD正确．10.如图所示，线圈Ⅰ与电源、开关、滑动变阻器相连，线圈Ⅱ与电流计G相连，线圈Ⅰ与线圈Ⅱ绕在同一个铁芯上，在下列状况下，电流计G中有示数的是()A.开关闭合瞬间B.开关闭合一段时间后C.开关闭合一段时间后，来回移动变阻器滑动端D.开关断开瞬间【答案】ACD【解析】【详解】A.开关闭合瞬间，电路中电流增大，线圈产生的磁场增加，穿过线圈Ⅱ的磁通量增大，产生感应电流．故A正确；B.开关闭合一段时间后，线圈中是恒定的电流，线圈产生稳恒的磁场，穿过线圈Ⅱ的磁通量不变，没有感应电流产生．故B错误；C.通电时，来回移动变阻器滑动端时，变阻器接入电路的电阻变更，电路中电流变更，线圈产生的磁场变更，穿过线圈Ⅱ磁通量变更，产生感应电流，故C正确．D.将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消逝，穿过穿过线圈Ⅱ的磁通量减小，产生感应电流．故D正确。故选ACD。11.在“测定金属电阻率”试验中，所用测量仪器均已校准，待侧金属丝接入电路部分的长度约为50cm．（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为____mm（该值接近多次测量的平均值）（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx．试验所用器材为：电池阻（电动势3V，内阻约1Ω）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0～20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行试验测量，记录数据如下：次数

1

2

3

4

5

6

7

U/V

0.10

0.30

0.70

1.00

1.50

1.70

2.30

I/A

0.020

0.060

0.160

0.220

0.340

0.460

0.520

由以上试验数据可知，他们测量Rx是采纳图中的______图（选填“甲”或“乙”）．（3）如图所示是测量Rx的试验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端，请依据（2）所选的电路图，补充完成图中实物间的连线_________，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点．请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U-I图线___________，由图线得到金属丝的阻值Rx=_______Ω（保留两位有效数字）．（5）依据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为________（填选项前的符号）．A．1×Ω·mB．1×Ω·mC．1×Ω·mD．1×Ω·m（6）任何试验测量都存在误差．本试验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是_______（有多个正确选项）．A．用螺旋测微器测量金属直径时，由于读数引起的误差属于系统误差B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C．若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消退由于测量仪表引起的系统误差D．用U—I图像处理数据求金属电阻可以减小偶然误差【答案】(1).0.398(0.395~0.399)(2).甲(3).(4).(5).4.3～4.7(6).C(7).CD【解析】【详解】（1）由图知螺旋测微器的主尺读数是0mm，可动刻度读数是39.8ⅹ0.01mm=0.398mm(0.395~0.399)，所以直径D=0.398mm.（2）由表中试验数据可知，最小电压与电流很小，接近于零，由此可知，滑动变阻器应用分压式接法，因此试验采纳的是图甲所示电路．（3）实物图连接留意电流表外接，滑动变阻器分压，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端，连接时使电压表、电流表的示数最小．如图所示（4）将各数据点连线时留意让线经过尽量多的点，有些点不在线上，要让线两侧点的个数基本相等，离直线较远的点干脆舍去（图中第6个点）．计算直线的斜率即为电阻R，故．（5）依据电阻定律得，故C正确，ABD错误．（6）A.用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于偶然误差，A错误；B.由于电流表和电压表内阻引起的误差属于系统误差，B错误；C.伏安法测电阻时，电流表和电压表的内阻引起的误差是系统误差，若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消退由测量仪表（电流表、电压表）引起的系统误差，C正确；D.用U­—I图像处理数据求金属线电阻，可以将错误的数据或误差较大的数据（如图中第6个点）去掉，不在直线上的点匀称分布在线的两侧，这样可以减小偶然误差，D正确．12.如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图。电动机内电阻r＝0.8Ω，电路中另一电阻R＝10Ω，直流电压U＝160V，电压表示数UV＝110V。试思索：(1)通过电动机的电流I＝＝137.5A，这样计算对吗？说明缘由；若不对，应怎样求通过电动机的电流？(2)怎样求输入电动机的电功率？(3)若电动机以v＝1m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？（g取10m/s2）假如考虑摩擦力的影响，提升重物的质量应比前面的计算结果大或者小？【答案】(1)见解析；(2)见解析；(3)53kg；提升重物的质量应变小【解析】【详解】(1)不对，电动机是非纯电阻，不能应用欧姆定律，正确方法：由电路中的电压关系可得电阻R的分压UR＝U－UV＝（160－110）V＝50V流过电阻R的电流IR＝＝5A即通过电动机的电流IM＝IR＝5A(2)电动机的分压UM＝UV＝110V输入电动机的功率P电＝IMUM＝550W(3)电动机的发热功率P热＝IM2r＝20W电动机输出的机械功率P出＝P电－P热＝530W又因P出＝mgv所以m＝＝53kg假如考虑摩擦影响，P出应变小，则提升重物的质量应变小。13.在如图所示的电路中，三个电阻的阻值分别为R1＝2Ω，R2＝3Ω，R3＝4Ω，电源电压恒定。(1)接通开关S，断开开关S′时，R1与R2两端电压之比为多少？(2)两个开关S、S′都接通时，R1与R2两端电压之比为多少？【答案】(1)2∶3；(2)7∶6【解析】【详解】(1)接通开关S，断开开关S′时，电阻R1与R2串联，电阻R3开路，由串联电路的规律可知U1∶U2＝R1∶R2＝2∶3故接通开关S，断开开关S′时，R1与R2两端电压之比为2∶3。(2)两个开关都接通时，R2与R3并联，再与电阻R1串联，故R23＝R1与R23串联，由串联电路的规律知U1′∶U