山东省济宁市2025届高三数学3月线上试题含解析

PAGE22-山东省济宁市2025届高三数学3月线上试题（含解析）一、单项选择题：本题共8个小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，集合，则()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】依据题意求解集合A，B，再依据集合的及交集运算法则，即可求解.【详解】由题意，得或所以故选：B【点睛】本题考查集合交集运算，属于基础题.2.已知复数在复平面上对应的点为，则()A.是实数 B.是纯虚数C.是实数 D.是纯虚数【答案】B【解析】【分析】由已知求得，然后逐一核对四个选项得答案.【详解】由题意，则，为纯虚数，故A错误，B正确；，故C,D错误，故选：B【点睛】本题考查复数的分类推断，属于基础题.3.“”是“”成立的()A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件 D.即不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】依据题意，由对数函数的单调性，解对数不等式，结合对数函数定义域，推断充分性和必要性.【详解】因为对数函数是增函数，定义域为因为，所以，即，所以充分性成立；因为，所以，即，所以必要性不成立，所以是的充分不必要条件，故选：A【点睛】本题考查充分条件、必要条件的推断，考查逻辑推理实力，属于基础题.4.甲，乙，丙三人报考志愿，有三所高校可供选择，每人限报一所，则每所一学校都有人报考的概率为()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】依据题意，分别求每人报考一所学校的不同选法总数和每一所学校都有人报考的选法数，依据概率公式，计算即可求解.【详解】由题意，每人报考一所学校，不同的选法总数是（种）假如每一所学校都有人报考，不同的选法总数是（种）所以假如每一所学校都有人报考的概率为故选：D【点睛】本题考查利用计数原理计算概率，属于基础题.5.下列说法正确的是()A.回来直线至少经过其样本数据中的一个点B.从独立性检验可知有99%的把握认为吃地沟油与患胃肠癌有关系时，我们就说假如某人吃地沟油，那么他有99%可能患胃肠癌C.在残差图中，残差点分布的带状区域的宽度越狭窄，其模型拟合的精度越高D.将一组数据的每一个数据都加上或减去同一个常数后，其方差也要加上或减去这个常数【答案】C【解析】【分析】依据回来直线的性质，可推断A的真假；依据独立性检验的相关学问，可推断B的真假；依据数据的残差越小，其模型拟合的精度越高，可推断C的真假；依据方差性质，可推断D的真假.【详解】回来直线可以不经过其样本数据中的一个点，则A错误；从独立性检验可知有99%的把握认为吃地沟油与患胃肠癌有关系时，我们就说假如某人吃地沟油，那么他有99%可能患胃肠癌，则B错误；在残差图中，残差点分布的带状区域的宽度越窄，表示数据的残差越小，其模型拟合的精度越高，即C正确；将一组数据的每一个数据都加上或减去同一个常数后，其平均数也加上或减去同一个常数，则其方差不变，故D错误，故选：C【点睛】本题考查统计案例中的概念辨析，考查回来方程、独立性检验、残差分析及方差，属于基础题.6.过点的直线将圆分成两段圆弧，当两段圆弧中的劣弧所对圆心角最小时，该直线的斜率为()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】依据题意，推断当过点的直线与过点和圆心的直线垂直时，可以使两段圆弧中的劣弧所对的圆心角最小，计算即可求解.【详解】点为圆内定点，圆心到直线的距离越长，则劣弧所对的圆心角越大，只有当过点的直线与过点和圆心的直线垂直时，可以使两段圆弧中的劣弧所对的圆心角最小，过点和圆心的直线斜率为过点的直线斜率为故选：D【点睛】本题考查直线与圆相交弦的问题，属于基础题.7.已知实数满意，则的最大值为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】依据题意，将通分化简整理，再运用基本不等式求解最值.【详解】由题意，的最小值是当，即时，的值最大的最大值是：的最大值为.故选：C【点睛】本题考查基本不等式的应用求最值，综合性较强，属于中等题型.8.已知，，记，则()A.的最小值为 B.的最小值为C.的最小值为 D.的最小值为【答案】B【解析】【分析】依据题意，要求的最小值可转化为函数图象上的点与直线上的点的距离的最小值的平方，利用导数计算即可求解.【详解】由题意，的最小值可转化为函数图象上的点与直线上的点的距离的最小值的平方.，得，与直线平行的直线斜率为，令，解得，所以切点的坐标为切点到直线的距离即的最小值为.故选：B【点睛】本题考查导数的几何意义为切线的斜率，利用平行关系解决点到直线距离的最小值问题，考查转化与化归思想，考查计算实力，属于中等题型.二、多项选择题：本题共4个小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求的，全部选对的得5分，部分选对的得3分，有选错的得0分.9.已知函数，若将函数的图象向右平移个单位长度后，所得图象关于轴对称，则下列结论中正确的是()A. B.是图象的一个对称中心C. D.是图象的一条对称轴【答案】ABD【解析】【分析】依据题意，先得到向右平移的解析式为，再得到，可得，可得的解析式，依据正弦函数的性质可知A,B,D正确.【详解】由题意，向右平移，得的图象关于轴对称，所以，，又即则是图象的一个对称中心，是图象的一条对称轴而，则C错，A,B,D正确故选：ABD【点睛】本题考查利用三角函数平移变换求参数，考查正弦函数性质，属于基础题.10.在《增减算法统宗》中有这样一则故事：“三百七十八里关，初行健步不犯难；次日脚痛减一半，如此六日过其关．”则下列说法错误的是（）A.此人其次天走了九十六里路 B.此人第一天走的路程比后五天走的路程多六里.C.此人第三天走的路程占全程的 D.此人后三天共走了42里路【答案】C【解析】由题意可知，每天走的路程里数构成以为公比的等比数列，由S6=378求得首项，再由等比数列的通项公式求其次天的，第三天的，后三天的路程，即可得到答案．11.设抛物线的焦点为，准线为，为上一点，以为圆心，为半径的圆交于两点，若，且的面积为，则()A. B.是等边三角形C.点到准线的距离为3 D.抛物的方程为【答案】BCD【解析】【分析】依据题意，结合圆的性质和抛物线定义，可推断，即是等边三角形，再依据正三角形面积公式，可求，再依据焦点到准线的距离为可求解抛物线方程.【详解】由题意，以为圆心，为半径的圆交于两点，且由抛物线定义，可得，所以是等边三角形，所以，，又焦点到准线的距离为，则抛物线方程为则有BCD正确，A错误.故选：BCD【点睛】本题考查抛物线定义与抛物线方程的求法，属于中等题型.12.设函数，若函数有三个零，则实数可取的值可能是()A.0 B. C.1 D.2【答案】BC【解析】【分析】依据函数零点的定义转化为有三个根，利用数形结合进行求解即可.【详解】由题意，函数有三个零点，则函数，即有三个根，当时，，则由得，即，此时为减函数，由得，即，此时为增函数，即当时，取得微小值，作出图象如图：要使有三个根，则，则实数可取的值可能是，1故选：BC【点睛】本题考查利用零点个数求参数范围问题，利用导数探讨函数图象，考查数形结合思想，考查转化与化归思想，综合性较强，有肯定难度.第Ⅱ卷（共90分）三、填空题（本题共4小题，每小题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.的绽开式中，的系数为__________.【答案】-5【解析】【分析】绽开式与相乘得到项，则绽开式中项与相乘，项与-1相乘，再相加，得到系数.【详解】要求的系数，则绽开式中项与相乘，项与-1相乘，所以绽开式中项为与相乘得到，绽开式中项为，与-1相乘得到，所以的系数为【点睛】本题考查二项绽开式的与其他因式相乘所得到的某一项的系数，分类清晰，仔细计算即可得到结果，属于简洁题.14.如图，在边长为2的菱形ABCD中，为中点，则、【答案】【解析】试题分析：将表示为，然后利用向量的运算法则及数量积的定义即可求解．在菱形ABCD中，，所以三角形ABD是正三角形，从而故答案为1．考点：平面对量的数量积．15.设双曲线的左焦点为，直线过点且与双曲线在其次象限的交点为为原点，，则双曲线的右焦点的坐标为__________；离心率为_________________.【答案】(1).(2).5【解析】分析】依据题意，画出图象结合双曲线基本性质和三角形几何学问【详解】如图所示：直线过点，，半焦距，则右焦点为为中点，，由点到直线的距离公式可得，，由勾股定理可得：，再由双曲线定义可得：，则离心率故答案为：，【点睛】本题考查双曲线离心率的求法，结合圆锥曲线基本性质和几何关系解题是近年来高考题中常考题型，往往在解题中须要添加协助线，属于中等题型.16.如图所示，某几何体由底面半径和高均为1的圆柱与半径为1的半球对接而成，在该封闭几何体内部放入一个小圆柱体，且小圆柱体的上下底面均与外层圆柱的底面平行，则小圆柱体积的最大值为__________.【答案】【解析】【分析】依据题意，设小圆柱体底面半径为，则高为，小圆柱体体积，设，则，利用导数性质能求出小圆柱体体积的最大值.【详解】由题意，设小圆柱体底面半径为，则高为，小圆柱体体积，设，则则当时，故答案为：【点睛】本题考查圆柱体体积的最值问题，依据圆柱体积公式构建函数，求导探讨函数的性质，考查转化与化归思想，考查计算实力，属于难题.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.现给出两个条件：①，②，从中选出一个条件补充在下面的问题中，并以此为依据求解问题：（选出一种可行的条件解答，若两个都选，则按第一个解答计分）在中，分别为内角所对的边().（1）求；（2）若，求面积的最大值.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）对于所选的条件，先依据正弦定理将边化成角，结合三角恒等变换，即可计算，再依据角的范围，即可求解；（2）依据余弦定理，可得：，利用基本不等式，导出，结合三角形面积公式，即可求解.【详解】（1）选①，由正弦定理可得：，即，∴，∵，∴，∴，即，又，∴，选②，由正弦定理可得：，∴，∵，∴，∴，又，∴；（2）由余弦定理得：，又，当且仅当“”时取“=”，∴，即，∴，∴，∴的面积的最大值为.【点睛】本题考查正弦定理边角互化的应用，考查余弦定理结合基本不等式求面积的最值，考查计算实力，属于中等题型.18.已知数列为公差不为0的等差数列，且成等比数列，.（1）求数列的通项；（2）设，求数列的前2024项的和.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）依据题意，列出关于等差数列的基本量的方程，解方程即可求解；（2）依据（1）中通项公式代入，可知，依据数列的周期性，可求，再依据并项求和，计算即可求解.【详解】（1）设等差数列的公差为，由得：解得所以数列的通项；（2）由（1）知数列的最小正周期为，∴数列的前2024项的和【点睛】本题考查（1）等差数列基本量的求解（2）并项求和，考查计算实力，属于中等题型.19.如图，在三陵锥中，为等腰直角三角形，，为正三角形，为的中点.（1）证明：平面平面；（2）若二面角的平面角为锐角，且棱锥的体积为，求直线与平面所成角的正弦值.【答案】（1）证明见解析；（2）.【解析】【分析】（1）依据等腰三角形三线合一，可证明线线垂直，再依据线面垂直判定定理，即可证明；（2）依据题意，点在平面内的射影在射线上，再依据锥体体积公式可知，由线面垂直的判定定理，可证平面，则建系：以为坐标原点，所在直线分别为轴，轴，轴建立空间直角坐标系，利用空间向量法，求线面角.【详解】（1）证明：∵，为中点，∴，又为等边三角形，，∴，，∴平面，平面，∴平面平面；（2）由（1）知点在平面内的射影在直线上，又二面角的平面角为锐角，∴在射线上，，，∴，又，∴，即为中点，取中点，连接，则，∴平面，∴两两相互垂直，以为坐标原点，所在直线分别为轴，轴，轴建立空间直角坐标系，则设平面的法向量为由得令，得平面的一个法向量为，又，设与平面所成角为，则，∴直线与平面所成角的正弦值为.【点睛】本题考查（1）面面垂直的证明（2）空间直角坐标系求解线面角，考查计算实力，考查逻辑推理实力，属于中等题型.20.公元2024年春，我国湖北武汉出现了新型冠状病毒，人感染后会出现发热、咳嗽、气促和呼吸困难等，严峻的可导致肺炎甚至危及生命.为了尽快遏制住病毒的传播，我国科研人员，在探讨新型冠状病毒某种疫苗的过程中，利用小白鼠进行科学试验.为了探讨小白鼠连续接种疫苗后出现症状的状况，确定对小白鼠进行做接种试验.该试验的设计为：①对参与试验的每只小白鼠每天接种一次；②连续接种三天为一个接种周期；③试验共进行3个周期.已知每只小白鼠接种后当天出现症状的概率均为，假设每次接种后当天是否出现症状与上次接种无关.（1）若某只小白鼠出现症状即对其终止试验，求一只小白鼠至多能参与一个接种周期试验的概率；（2）若某只小白鼠在一个接种周期内出现2次或3次症状，则在这个接种周期结束后，对其终止试验.设一只小白鼠参与的接种周期为，求的分布列及数学期望.【答案】（1）；（2）分布列见解析，.【解析】【分析】（1）利用相互独立事务概率乘法公式和互斥事务概率加法公式能求出试验至多持续一个接种周期的概率；（2）设事务为“在一个接种周期内出现2次或3次症状”，分别求出，，，由此能求出的分布列和数学期望.【详解】（1）已知每只小白鼠接种后当天出现症状的概率均为，且每次试验间相互独立，所以，一只小白鼠第一天接种后当天出现症状的概率为在其次天接种后当天出现症状的概率为：能参与第三天试验但不能参与下一个接种同期的概率为：，∴一只小白鼠至多参与一个接种周期试验的概率为：；（2）设事务为“在一个接种周期内出现2次或3次症状”，则；随机变量可能的取值为1，2，3，则；所以的分布列为123随机变量的数学期望为：【点睛】本题考查（1）相互独立事务概率乘法公式和互斥事务概率加法公式（2）随机变量的分布列及数学期望，考查计算实力，属于中等题型.21.已知函数.（1）求函数的单调区间；（2）是否存在一个正实数，满意当时，恒成立，若存在，求出的值；若不存在，请说明理由.【答案】（1）时，的增函数区间为，无减函数区间；时，的增函数区间为，减函数区间为；时，的增函数区间为，减函数区间为；（2）存在，.【解析】【分析】（1）依据题意，分析函数定义域，求导，分类探讨参数不同的取值范围时函数单调性，即可求解；（2）依据题意，，由（1）知的最大值为，若对随意实数，恒成立，只须使即可.又因为，所以不等式等价于：，即：，设，对求导，分析单调性，探讨的范围，推断不等式成立条件.【详解】（1）函数的定义域为，①若在上为增函数；②若，∵，∴当时，；当时，；所以在上为增函数，在上为减函数；③若，∵