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文档简介

广东省深圳南头中学2025届高考全国统考预测密卷物理试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图1所示,用充电宝为一手机电池充电,其等效电路如图2所示。在充电开始后的一段时间内,充电宝的输出电压、输出电流可认为是恒定不变的,设手机电池的内阻为,则时间内()A.充电宝输出的电功率为B.充电宝产生的热功率为C.手机电池产生的焦耳热为D.手机电池储存的化学能为2、如图所示,两根通电长直导线在同一水平面内,且垂直纸面固定放置,通电电流相等且均垂直纸面向外,在两根导线正中间竖直放有一可自由移动的通电导线,通电导线的电流方向竖直向上,则通电导线在安培力作用下运动的情况是()A.静止不动B.沿纸面顺时针转动C.端转向纸外,端转向纸内D.端转向纸内,端转向纸外3、如图所示,在光滑绝缘的水平面上,虚线左侧无磁场,右侧有磁感应强度的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向外,质量、带电量的小球C静置于其中;虚线左侧有质量,不带电的绝缘小球A以速度进入磁场中与C球发生正碰,碰后C球对水平面压力刚好为零,碰撞时电荷不发生转移,g取10m/s

2,取向右为正方向.则下列说法正确的是()

A.碰后A球速度为 B.C对A的冲量为C.A对C做功0.1J D.AC间的碰撞为弹性碰撞4、汽车A、B在同一水平路面上同一地点开始做匀加速直线运动,A、B两车分别在t0和2t0时刻关闭发动机,二者速度一时间关系图象如图所示。已知两车的质量相同,两车运动过程中受阻力都不变。则A、B两车()A.阻力大小之比为2:1B.加速时牵引力大小之比为2:1C.牵引力的冲量之比为1:2D.牵引力做功的平均功率之比为2:15、如图,虛线1、2、3是竖直方向匀强电场中间距相等的等势线。将重力不可忽略、带等量异种电荷的小球、同时以相等的速率分别沿1、3等势线抛出,时刻两小球经过等势线2。不计两小球间的相互作用。下列说法正确的是()A.的质量比的小B.在时刻,的动能比的大C.在时刻,和的电势能相等D.在时刻,和的动量大小相等6、如图甲所示的“襄阳砲”是古代军队攻打城池的装置,其实质就是一种大型抛石机,图乙是其工作原理的简化图。将质量m=10kg的石块,装在与转轴O相距L=5m的长臂末端口袋中,最初静止时长臂与水平面的夹角,发射时对短臂施力使长臂转到竖直位置时立即停止运动,石块靠惯性被水平抛出,落在水平地面上。若石块落地位置与抛出位置间的水平距离s=20m,不计空气阻力,取g=l0m/s2。以下判断正确的是A.石块抛出后运动时间为B.石块被抛出瞬间的速度大小C.石块即将落地时重力的瞬时功率为D.石块落地的瞬时速度大小为15m/s二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,半径为r、电阻为R的单匝圆形线框静止于绝缘水平面上,以圆形线框的一条直径为界,其左、右两侧分别存在着方向如图甲所示的匀强磁场,以垂直纸面向里的磁场为正,两部分磁场的磁感应强度B随时间t变化的规律分别如图乙所示。则0~t0时间内,下列说法正确的是()A.时刻线框中磁通量为零B.线框中电流方向为顺时针方向C.线框中的感应电流大小为D.线框受到地面向右的摩擦力为8、如图所示,一根长度为L的轻绳,一端固定在O点,另一端连接一质量为m的小球.将轻绳拉直,小球拉至与O点等高的A点,由静止释放,当小球运动到B点时,细绳与水平方向的夹角为.设小球从A点运动到B点的过程中重力做功为,小球过B点时,重力做功的功率为,重力加速度为g,下列说法中正确的是A.B.C.D.9、在《流浪地球》的“新太阳时代”,流浪2500年的地球终于定居,开始围绕比邻星做匀速圆周运动,己知比邻星的质量约为太阳质量的,目前地球做匀速圆周运动的公转周期为1y,日地距离为1AU(AU为天文单位)。若“新太阳时代"地球的公转周期也为1y,可知“新太阳时代”()A.地球的公转轨道半径约为AUB.地球的公转轨道半径约为AUC.地球的公转速率与目前地球绕太阳公转速率的比值为1∶2D.地球的公转速率与目前地球绕太阳公转速率的比值为1∶410、如图所示,在竖直平面内有一边长为L的正方形区域处在场强为E的匀强电场中,电场方向与正方形一边平行.一质量为m、带电量为q的小球由某一边的中点,以垂直于该边的水平初速V0进入该正方形区域.当小球再次运动到该正方形区域的边缘时,具有的动能可能为()A.可能等于零B.可能等于C.可能等于mv02+qEL-mgLD.可能等于mv02+qEL+mgL三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图甲所示为测量电动机转速的实验装置,半径不大的圆形卡纸固定在电动机转轴上,在电动机的带动下匀速转动,在圆形卡纸的旁边垂直安装了一个改装了的电火花计时器,时间间隔为T的电火花可在卡纸上留下痕迹。(1)请将下列实验步骤按先后排序____。①使电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触②接通电火花计时器的电源,使它工作起来③启动电动机,使圆形卡纸转动起来④关闭电火花计时器,关闭电动机;研究卡纸上留下的一段痕迹(如图乙所示),写出角速度ω的表达式,代入数据,得出ω的测量值(2)要得到ω的测量值,还缺少一种必要的测量工具,它是____A.秒表B.毫米刻度尺C.圆规D.量角器(3)写出角速度ω的表达式ω=___,并指出表达式中各个物理量的意义____。12.(12分)用图甲所示的电路测量一电流表的内阻。图中是标准电流表,是滑动变阻器,是电阻箱,S和分别是单刀双掷开关和单刀单掷开关,实验电路电源电动势为E。依据实验原理完成下列填空。(1)将S拨向接点1,闭合,调节________,使指针偏转到适当位置,记下此时标准电表的读数I。(2)然后将S拨向接点2,调节________至适当位置,使的读数仍为I,此时R的读数即为待测电表内阻的测量值。(3)若在某一次测量中的示数如图乙所示,其电阻为________。该电阻箱可以提供的阻值范围为________。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示为一个用折射率n=的透明介质做成的四棱柱的截面图,其中∠A=∠C=90°,∠B=60°,BC=20cm.现有一单色光在色细光束从距B点30cm的O点垂直入射到棱镜的AB面上.每个面上的反射只考虑一次,已知光在真空中的速度为c=3.0×108m/s.求:(1)最先从棱镜射出的光束的折射角;(2)从BC面射出的光束在棱镜中运动的时间.14.(16分)港珠澳大桥是连接香港大屿山、澳门半岛和广东省珠海市跨海大桥,工程路线香港国际机场附近的香港口岸人工岛,向西接珠海、澳门口岸人工岛、珠海连接线,止于珠海洪湾,总长约55公里,在建设港珠澳大桥时为了更大范围的夯实路面用到一种特殊圆环,建设者为了测试效果,做了如下的演示实验:如图所示,一轻绳吊着粗细均匀的棒,棒下端离地面高H,上端套着一个细环。棒和环的质量均为m,相互间最大静摩擦力等于滑动摩擦力kmg(k>1).断开轻绳,棒和环自由下落。假设棒足够长,与地面发生碰撞时,触地时间极短,无动能损失。棒在整个运动过程中始终保持竖直,空气阻力不计,重力加速度为g求:(1)棒第一次与地面碰撞弹起上升过程中,环的加速度;(2)从断开轻绳到棒与地面第二次碰撞的瞬间,棒运动的路程;(3)从断开轻绳到棒和环都静止,摩擦力对环及棒做的总功.15.(12分)如图所示,光滑斜面体ABC固定在地面上,斜面AB倾角为37°,斜面AC倾角为53°,P、Q两个物块分别放在AB、AC斜面上,并用绕过斜面体顶端A处光滑定滑轮的细线连接。放在AC斜面上的轻弹簧,一端与Q相连,另一端与固定在C点的挡板相连,物块P、Q的质量分别为2m、m,弹簧的劲度系数为k,重力加速度为g,两斜面足够长。开始时锁定物块P,细线刚好拉直,张力为零,现解除物块P的锁定,已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,求:(1)解除锁定的一瞬间,物块P的加速度大小;(2)当物块Q向上运动的距离时,物块Q的速度大小;(3)当物块Q向上运动的距离时,弹簧断开,同时给物块P一个平行AB斜面向上的恒定推力F,此后细线的拉力为零,且P、Q两物块的速度同时减为零,则当物块Q速度为零时,物块P克服推力做功为多少。

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A.充电宝的输出电压U、输出电流I,所以充电宝输出的电功率为A错误;BC.手机电池充电电流为I,所以手机电池产生的热功率为而充电宝的热功率应为充电宝的总功率减去输出功率,根据题目信息无法求解,BC错误;D.输出的电能一部分转化为手机的化学能,一部分转化为电池的热能,故根据能量守恒定律可知手机电池储存的化学能为D正确。故选D。2、C【解析】

由右手定则可判断通电直导线在导线处产生的磁场方向如图所示:由左手定则可判断,端转向纸外,端转向纸内,故C符合题意,ABD不符合题意。3、A【解析】

A.设碰后A球的速度为v1,C球速度为v2。

碰撞后C球对水平面压力刚好为零,说明C受到的洛伦兹力等于其重力,则有Bqcv2=mcg代入数据解得v2=20m/s在A、C两球碰撞过程中,取向右为正方向,根据动量守恒定律得mAv0=mAv1+mcv2代入数据解得v1=15m/s故A正确。

B.对A球,根据动量定理,C对A的冲量为I=mAv1-mAv0=(0.004×15-0.004×20)N•s=-0.02N•s故B错误。

C.对A球,根据动能定理可知A对C做的功为故C错误;

D.碰撞前系统的总动能为碰撞后的总动能为因Ek′<Ek,说明碰撞有机械能损失,为非弹性碰撞,故D错误。

故选A。4、C【解析】

A.关闭发动机后,汽车在阻力的作用下做匀减速运动,由v—t图像知a3:a4=1:2再根据牛顿第二定律知,汽车A、B所受阻力分别为f1=ma3,f2=ma4得f1:f2=1:2A错误;B.在加速阶段,对A车F1-f1=ma1对B车F2-f2=ma2由v-t图像知a1:a2=2:1,a1=a4=2a2=2a3联立解得F1:F2=1:1B错误;D.由图知,在加速阶段,两车的平均速度相等均为,牵引力相等,所以牵引力平均功率得P1=P2D错误;C.牵引力作用的时间t1:t2=1:2牵引力的冲量C正确。故选C。5、B【解析】

A.根据题述可以判断电场方向垂直于题图中等势线,由于两小球同时经过等势线2,所以小球a向下加速运动,小球b向上加速运动,竖直方向上,a的位移大小等于b的位移大小,由可知a的加速度大小等于b的加速度大小,即竖直方向:对小球a,由牛顿第二定律得对小球b,由牛顿第二定律得解以上两式得则故A错误;BD.两小球初速度大小相等,加速度大小相等,时刻两小球合速度大小相等,,根据可知,时刻a的动能比b的动能大,根据可知,时刻a的动量大小大于b的动量大小,故B正确,D错误;C.由于在时刻两小球经过同一等势线,根据可知,此时a和b的电势能不相等,故C错误。故选B。6、C【解析】

A、石块被抛出后做平抛运动:h=L+Lsina,竖直方向:hgt2,可得:ts,故A错误;B、石块被抛出后做平抛运动,水平方向:s=v0t,可得:v0m/s,故B错误;C、石块即将落地时重力的瞬时功率为:P=mgvy=mg•gt=500W,故C正确;D、石块落地的瞬时速度大小为:vm/s,故D错误。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、ACD【解析】

A.时刻,两部分磁场的磁感应强度大小相等、方向相反,线框中的磁通量为零,A正确。B.根据楞次定律可知,左侧的导线框的感应电流是逆时针,而右侧的导线框的感应电流也是逆时针,则整个导线框的感应电流方向为逆时针,B错误。C.由法拉第电磁感应定律,因磁场的变化,导致导线框内产生感应电动势,结合题意可知整个导线框产生感应电动势为左、右两侧电动势之和,即由闭合电路欧姆定律,得感应电流大小故C正确。D.由左手定则可知,左、右两侧的导线框均受到向左的安培力,则所受地面的摩擦力方向向右、大小与线框所受的安培力大小相等,即故D正确。故选ACD。8、AD【解析】

AB.从点运动到点过程,重力做功为:故A正确,B错误;CD.从点运动到点过程,根据机械能守恒可得:解得:小球过点时,重力做功的功率为:故C错误,D正确.9、AC【解析】

AB.根据万有引力提供向心力可知:解得公转半径为:比邻星质量约为太阳质量,公转周期相同,则“新太阳时代”,地球的公转轨道半径约为AU,A正确,B错误;CD.根据解得公转速率比邻星质量约为太阳质量,公转半径之比为1:2,则公转速率之比为1:2,C正确,D错误。故选AC。10、BCD【解析】

要考虑电场方向的可能性,可能平行于AB向左或向右,也可能平行于AC向上或向下.分析重力和电场力做功情况,然后根据动能定理求解.【详解】令正方形的四个顶点分别为ABCD,如图所示

若电场方向平行于AC:

①电场力向上,且大于重力,小球向上偏转,电场力做功为qEL,重力做功为-mg,根据动能定理得:Ek−mv1=qEL−mgL,即Ek=mv1+qEL−mgL

②电场力向上,且等于重力,小球不偏转,做匀速直线运动,则Ek=mv1.

若电场方向平行于AC,电场力向下,小球向下偏转,电场力做功为qEL,重力做功为mgL,根据动能定理得:Ek−mv1=qEL+mgL,即Ek=mv1+qEL+mgL.

由上分析可知,电场方向平行于AC,粒子离开电场时的动能不可能为2.

若电场方向平行于AB:

若电场力向右,水平方向和竖直方向上都加速,粒子离开电场时的动能大于2.若电场力向右,小球从D点离开电场时,有Ek−mv1=qEL+mgL则得Ek=mv1+qEL+mgL

若电场力向左,水平方向减速,竖直方向上加速,粒子离开电场时的动能也大于2.故粒子离开电场时的动能都不可能为2.故BCD正确,A错误.故选BCD.【点睛】解决本题的关键分析电场力可能的方向,判断电场力与重力做功情况,再根据动能定理求解动能.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①③②④Dθ为n个点对应的圆心角【解析】

(1)[1]该实验先将电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触,先使卡片转动,再打点,最后取出卡片进行数据处理.故次序为①③②④;(2)[2]要测出角速度,需要测量点跟点间的角度,需要的器材是量角器,故选D;(3)[3]根据,则,[4]θ是n个点对应的圆心角,T是电火花计时器的打点时间间隔。12、50【解析】

(1)[1].将S拨向接点1,接通,调节使待测表头指针偏转到适当位置,记下此时标准电流表的读数I。(2)[2].然后将S拨向接点2,调节,使标准电流表的读数仍为I,记下此时的读数。(3)[3].读取电阻箱各旋盘对应的数值后,再乘相应的倍率。其电阻为[4].该电阻箱可以提供的最大阻值为电阻箱可以提供的阻值范围为四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)600(2)2×10-9s【解析】

(1)光束从O点垂直AB面进入棱镜,射到CD面上,由几何关系入射角为300由可知C>300,所以在CD面上有光线折射出.由折射定律解得最先从棱镜射出的光束的折射

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