2025届闽粤赣三省十二校物理高二上期中监测模拟试题含解析

2025届闽粤赣三省十二校物理高二上期中监测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、我国发射的天宫二号绕地球运行轨道比天宫一号绕行地球轨道高约50km，假设天宫二号和天宫一号均绕地球做匀速圆周运动。则A．天宫二号绕地球运行的线速度比天宫一号绕地球运行的线速度大B．天宫二号与天宫一号绕地球运行的线速度大小相等C．天宫二号绕地球运动的周期比天宫一号绕地球运动的周期大D．天宫二号与天宫一号绕地球运动的周期相等2、小明坐在火车内，看到窗外的树木正在运动，则他所选的参考系可能是A．大地 B．火车 C．铁轨 D．树木3、如图所示，在a、b、c、d处放置四根通电导体，四根导体与纸面垂直，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流。则通过正方形中心O处垂直纸面向里运动的电子所受磁场力的方向是（）A．向上 B．向下 C．向左 D．向右4、将一定电量Q分为q和(Q－q)，在距离一定时，其相互作用力最大，则q值应为（）A． B． C． D．5、对于一定质量的物体而言，其速度、动量和动能的说法正确的是A．物体的速度发生变化，其动能一定发生变化B．物体的动量发生变化，其动能一定发生变化C．物体的动能发生变化，其动量一定发生变化D．物体的速度发生变化，其动量不一定发生变化6、如图所示，在M、N处各有一条垂直纸面的长直导线，导线中通有大小相等方向相反的恒定电流，O点是MN连线的中点。其中N处电流在O点产生的磁感应强度大小为B1.则O点的磁感应强度大小为A．2B1 B．C．B1 D．0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,在方向水平向左的匀速电场中有一倾角为60°、高为H的固定绝缘斜面体,现将一质量为m,带正电且电荷量为q的小物块(可视为质点)从斜面体顶端由静止释放,已知重力加速度为g,匀强电场的电场强度大小为E=3mgq,不计空气阻力A．小物块将沿斜面下滑B．小物块将做曲线运动C．小物块到达地面时的速度大小为2D．若其他条件不变,只增大电场强度,小物块到达地面前的运动时间不变8、如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是()A．a、b为异种电荷B．a、b为同种电荷C．A点场强大于B点场强D．A点电势高于B点电势9、如图在x轴的-3a和3a两处分别固定两个电荷QA、QB，图中曲线是两电荷之间的电势φ与位置x之间的关系图象，图中x=a处为图线的最低点。线于在x=2a处由静止释放一个质量为m、带电荷量为q的正电点电荷，该电荷只在电场力作用下运动。下列有关说法正确的是A．电荷运动至x=a处时速度最大B．两点电荷QA:QB=4:1C．该电荷一定通过x=a处，但不能到达x=-a处D．该电荷以O为中点做往复运动10、如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若粒子在运动中只受电场力作用，根据此图能作出的正确判断是（）A．a、b两点电场的强弱 B．带电粒子所带电荷的符号C．粒子在a、b两点的受力方向 D．粒子在a、b两点何处电势能大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”实验时，主要步骤是：A．在桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧秤分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O.记下O点的位置，记下细绳的方向，读出两个弹簧秤的示数；D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧秤的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力图示F；E．只用一只弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其向某个方向伸长与C步骤相同的长度，读出弹簧秤的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力的图示；F．比较力和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论.上述步骤中：（1）有重要错误的步骤的序号是____________（2）错误的内容及改正方案是____________________________________（3）F1和F2的合力的实验值是____________（填或F）12．（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为______mm；用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径为______mm；用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为______Ω。(2)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：A．待测圆柱体电阻RB．电流表A1，（量程0～4mA，内阻约为50Ω）C．电流表A2，（量程0～10mA，内阻约为30Ω）D．电压表V1，（量程0～3V，内阻约为10kΩ）E.电压表V2，（量程0～15V，内阻约为25kΩ）F．滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）G．滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）H．直流电源E（电动势4V，内阻不计）I．开关S、导线若干为使实验误差较小，要求便于调节且测得多组数据进行分析，所选电流表_____，电压表______，滑动变阻器_____（填所选器材的符号），并在虚线框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号。____(3)若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ=________Ω·m。(保留2位有效数字)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，电源电动势E＝6V，内阻r=1Ω，电阻R1=3Ω，R2=6Ω，电容器的电容C=3.6μF，二极管D具有单向导电性，开始时，开关S1闭合，S2断开．（1）合上S2，待电路稳定以后，求电容器C上电量变化了多少？（2）合上S2，待电路稳定以后再断开S1，求断开S1后流过R1的电量是多少？14．（16分）在图中R1＝14Ω，R2＝9Ω．当开关处于位置1时，电流表读数I1＝0.2A；当开关处于位置2时，电流表读数I2＝0.3A．求电源的电动势E和内电阻r．15．（12分）如图所示，质量为m、电荷量为e的粒子从A点以v0的速度垂直电场线沿直线AO方向射入匀强电场，由B点飞出电场时速度方向与AO方向成45°角，已知AO的水平距离为d，不计重力，求：(1)从A点到B点所用的时间；(2)粒子在B点的速度大小；(3)匀强电场的电场强度大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

由万有引力提供向心力得：则得：AB．根据可知，轨道半径越大，运行速率越小，所以天宫二号的速率小于天宫一号，故AB错误；CD．根据可知，轨道半径越大，则周期越大，故天官二号的周期大于天宫一号，故C正确，D错误。2、B【解析】

小明坐在火车内，看到窗外的树木正在运动，则他所选的参考系可能是火车，故选B．3、B【解析】

根据题意，由右手螺旋定则知b与d导线电流产生磁场正好相互抵消，而a与c导线产生磁场正好相互叠加，由右手螺旋定则，则得磁场方向水平向左，当电子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向里运动，根据左手定则可知，它所受洛伦兹力的方向向下，故B正确，ACD错误。故选B。4、A【解析】

由库仑定律可知数学关系得：当，时库仑力最大，故A正确。5、C【解析】

A．物体的速度发生变化，如果只是方向变化，大小不变，动能不变，故A错误；B．物体的动量发生变化时，其速度发生变化，可能是只有速度方向变化，故动能不一定变化，故B错误；C．物体的动能发生变化时，速度大小一定发生变化，故动量一定发生变化，故C正确；D．根据p=mv可知，物体的速度发生变化时，其动量一定会发生变化，故D错误。故选C。6、A【解析】

根据安培定则判断得知，两根通电导线产生的磁场方向相同，由于O点是MN连线的中点，则两根通电导线在MN两点产生的磁感应强度大小相等，N处电流在O点产生的磁感应强度大小为B1，根据平行四边形进行合成得到，M点和N点在O点的磁感应强度大小为2B1，故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A、对物块进行受力分析，物块受重力和水平向左的电场力，电场力F=qE=3mg，则合力的大小为2mg，方向如图，小物块沿合力方向做匀加速直线运动，故A、BC、运用动能定理研究从开始到落地过程：F·3H+mgH=12mv2-0，D、将物块的运动分解为水平方向和竖直方向，增大电场强度，电场力增大，水平方向的加速度增大，竖直方向上的加速度不变，根据等时性知，运动时间不变，故D正确；故选CD。【点睛】对物块进行受力分析，画出物块的运动轨迹．运用动能定理或牛顿第二定律和运动学公式解决问题。8、AD【解析】本题考查点电荷的电场线特点．电场线从正电荷或无穷远出发，终止于负电荷或者无穷远，所以a应为正电荷b为负电荷，故A选项正确．电场线越密集，场强越大，故C选项错误．沿电场线方向电势逐渐降低，故D选项正确．本题难度较低．9、AB【解析】在φ-x图象中图线的斜率表示电场强度的大小，由此可知x=a处电场强度为零，根据动能定理qU=△Ek，可知点电荷从x=2a到x=a处，电势差最大，则电场力做正功最多，在x=a处速度最大，故A正确；由图线可知因在x=a处电场强度为零，则有：，可得：QA：QB=4：1，故B正确；由图可知x=-a处与x=2a处电势相等且点电荷由静止释放，由动能定理可知点电荷刚好能到达x=-a处，故C错误；点电荷在x=-a与x=2a之间做往复运动，则O处不是运动中心，故D错误。所以AB正确，CD错误。10、ACD【解析】

A.磁感线的疏密程度表示电场的强弱，由图可知，a点比b点的电场强，故A正确；BC.根据轨迹的弯曲方向知粒子受力方向沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，故B错误，C正确；D.由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，由a到b电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的电势能较小，在b点电势能较大。故D正确。故选：ACD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)E；(2)“通过细绳套拉橡皮条使其向某个方向伸长与C步骤相同的长度”改成“通过细绳套拉橡皮条使其结点依然到达O点”；(3)；【解析】（1）步骤E中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同；（2）将“通过细绳套拉橡皮条使其向某个方向伸长与C步骤相同的长度”改成“通过细绳套拉橡皮条使其结点依然到达O点”

（3）F1和F2的合力的实验值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，即12、50.154.700220CDF【解析】

（1）[1]由图甲，游标卡尺的读数为50mm+3×0.05mm=50.15mm[2]由图乙，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，螺旋测微器的读数为4mm+0.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm[3]由图丙，用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，当指针指在中央附近时测量值较准确，欧姆表表盘的示数为22.0×10Ω=220Ω（2）[4][5][6]电源电动势为4V，故电压表应选V1，即选D；待测电阻中最大电流约为则电流表应选A2，即选C；滑动变阻器选择小量程的，便于调节，故选R1，即选F；[7]因待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法；又滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值，故变阻器应用分压式接法，电路图如图所示（3）[8]根据电阻定律且代入数据解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1.8×10–6C；（2）9.6×10–6C【解析】

（1）设开关S1闭合，S2断开时，电容两端的电压为，干路电流为根据闭合电路欧姆定律有①=②合上开关S2后，电容电压为，干路电流为．根据闭合电路欧姆定律有③=④所以电容器上电量变化了⑤（或电容器上电量减少了）（2）合上S2后，电容