2025届山东省济宁市达标名校物理高二上期中统考模拟试题含解析

2025届山东省济宁市达标名校物理高二上期中统考模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，矩形线框在匀强磁场中做的各种运动，能够产生感应电流的是（）A． B．C． D．2、要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍，下列方法中可行的是：（）每个点电荷的带电量都增大到原来的4倍，电荷间的距离不变保持点电荷的带电量不变，使两个电荷间的距离增大到原来的2倍使一个点电荷的电荷量加倍，另一个点电荷的电荷量保持不变，同时将两个点电荷间的距离减小为原来的1/2D、保持点电荷的电荷量不变，将两个点电荷的距离减小到原来的1/23、如图所示，用绝缘细线悬挂一个导线框，导线框是由两同心半圆弧导线和直导线ab、cd(ab、cd在同一水平直线上)连接而成的闭合回路，导线框中通有图示方向的电流，处于静止状态.在半圆弧导线的圆心处沿垂直于导线框平面的方向放置一根长直导线P.当P中通以方向向外的电流时A．导线框将向左摆动 B．导线框将向右摆动C．从上往下看，导线框将顺时针转动 D．从上往下看，导线框将逆时针转动4、如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，则下列说法中正确的是（）A．该粒子带负电B．M点的电势小于N点的电势C．粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D．粒子在M点的动能小于在N点的动能5、如图所示，篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前，这样做可以（）A．减小球的动量的变化量B．减小球对手作用力的冲量C．减小球的动量变化率D．延长接球过程的时间，增大球对手的冲量6、用伏安法测电阻R，按（甲）图测得的结果为R1，按（乙）图测得的结果为R2，若电阻的真实值为RZ，则下列关系正确的是A．R1>RZ>R2B．R1<RZ<R2C．RZ>R1，RZ>R2D．R1=RZ=R2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，一根不可伸长绝缘的细线一端固定于O点，另一端系一带电小球，置于水平向右的匀强电场中，现把细线水平拉直，小球从A点由静止释放，经最低点B后，小球摆到C点时速度为0，则()A．小球在B点时速度最大B．小球从A点到B点的过程中，机械能一直在减少C．小球在B点时的绳子拉力最大D．从B点到C点的过程中小球的电势能一直增加8、长为L的导线ab斜放（夹角为θ）在水平轨道上，轨道平行间距为d，通过ab的电流强度为I，匀强磁场的磁感应强度为B，如图所示，则导线ab所受安培力的大小为:A．ILB B．ILBsinθ C．IdB/sinθ D．IdB/cosθ9、关于电势，下列说法正确的是()A．电场中某点的电势，其大小等于单位正电荷由该点移动到零电势点时，电场力所做的功B．电场中某点的电势与零电势点的选取有关C．由于电势是相对的，所以无法比较电场中两点的电势高低D．电势是描述电场能的性质的物理量10、如图所示，用伏安法测电阻R的阻值时，下列说法正确的是A．十分认真地进行测量，测量所得R值一定仍比真实值大B．只要认真进行测量次数足够多，那么测量所得R的平均值就会非常接近真实值C．设安培表内阻为Rg，那么认真测量所得R值一定比真实值大RgD．认真测量所得R值一定比真实值小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化．所给器材如下：A．电流表(0～200mA，内阻0.5Ω);B．电流表(0～0.6A，内阻0.01Ω);C．电压表(0～3V，内阻5kΩ)；D．电压表(0～15V，内阻50kΩ);E．滑动变阻器(0～10Ω，0.5A)；F．滑动变阻器(0～1kΩ，0.1A)；G．电源(3V);H．电键一个，导线若干．①为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是________．②在虚线框中画出完成此实验的电路原理图______，并将实物按电路图用导线连好______．③此实验描绘出的I-U图线是________(填“曲线”或“直线”)，其原因是_________.12．（12分）如图所示，游标卡尺的读数为_______cm，螺旋测微器的读数为_______mm．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在一矩形区域内，不加磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度垂直左边界射入，穿过此区域的时间为t.若加上磁感应强度为B、垂直纸面向外的匀强磁场，带电粒子仍以原来的初速度入射，粒子飞出磁场时偏离原方向60°，利用以上数据求:（1）带电粒子的比荷（2）带电粒子在磁场中运动的周期14．（16分）光滑绝缘半球槽的半径为R，处在水平向右的匀强电场中，一质量为m的带正电小球从槽的右端A处（与球心等高）无初速沿轨道滑下，滑到最低点B时，球对轨道的压力为2mg。求:（1）小球从A到B的过程中受到的电场力做的功（2）电场力的大小（3）带电小球在滑动过程中的最大速度15．（12分）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机线圈的电阻R=0.5Ω，开关S1始终闭合．当开关S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当开关S2闭合时，电阻R1两端的电压为84V，求：（1）电源的内电阻；（2）当开关S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A项：线框在匀强磁场中运动时，穿过线框的磁感线条数不变，即磁通量不变，没有感应电流产生，故A错误；B项：线框在磁场中转动时，穿过线框的磁通量发生变化，产生感应电流，故B正确．CD项：线框与磁场平行，穿过线框的磁通量为零，当线框向右平动时，磁通量保持为零，没有变化，所以没有感应电流产生，故CD错误．故选B．2、D【解析】略3、D【解析】

试题分析：根据右手螺旋定则可得ab处的磁场方向竖直向上，cd处的磁场竖直向下，根据左手定则可得ab边受到垂直纸面向外的安培力，cd边受到垂直纸面向里的安培力，从上往下看，导线框将逆时针转动，C正确．考点：考查了安培力【名师点睛】先由安培定则判断通电直导线P在导线ab、cd处的磁场方向，然后由左手定则判断导线ab、cd所受的安培力，通过微元法解决，判断导体的运动的规律常用的方法还有：等效法，特殊位置法，结论法4、D【解析】

A．根据正电荷的受力方向与场强方向相同知，该粒子为正电荷，A错误；B．根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，故B错误；CD．由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，在M点的动能小于在N点的动能，在M点的速度小于在N点受到的速度，故C错误，D正确。故选D。5、C【解析】

先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理得：解得：当时间增大时，冲量和动量的变化量都不变，减小的是动量的变化率，即球对手的作用力；故C正确ABD错误。故选C。6、A【解析】

分析电路图,根据电表测量值与真实值间的关系,应用欧姆定律分析电阻测量值与真实值间的关系,然后答题【详解】图甲所示电路是电流表的内接法,电流的测量值等于真实值,因为电流表的分压作用,电压的测量值大于真实值,即所测电流I是真实的,所测电压U偏大,电阻测量值大于真实值R,图乙所示电路是电流表的外接法,电压的测量值等于真实值,因为电压表的分流作用,电流的测量值大于真实值,即所测电压U是真实的,所测电流I偏大,电阻测量值小于真实值R，综合分析可以知道R1>RZ>R2，故A对；BCD错；故选A【点睛】二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

首先要判断出小球运动的等效最低点，然后根据动能减小判断电场力做功的正负，从而知道带电的正负，利用电场力做功与电势能的变化关系判断电势能的变化．【详解】A、C、小球受到电场力与重力、绳子的拉力的作用，在复合场中做类单摆运动，当重力与电场力的合力与绳子的拉力在同一条直线上时（在角AOC角平分线上），小球处于等效最低点，此时小球的速度最大，对绳子的拉力最大．故A错误，C错误；

B、从A到B的过程中电场力对小球做负功，小球的机械能减小．故B正确；

D、从B到C的过程中克服电场力做功，小球的电势能一直增大，D正确；

故选BD【点睛】本题是复合场在的等效最低点的问题，带电物体在电场中圆周运动问题，利用等效最低点的特点与电场力做功与电势能和动能的变化关系判断是常用的解题方法．8、AC【解析】

电流的方向与磁场方向垂直，则L为导线的长度。AC正确，BD错误。故选AC．9、ABD【解析】

电势是描述电场能的性质的物理量；电势是相对的，是相对于零电势点而言的，而电势差是绝对的；【详解】A．根据电势的定义可知，电场中某点的电势，其大小等于单位正电荷从该点移动到零电势点时，静电力所做的功，故A正确；B．电势是相对的，是相对于零电势点而言的，电场中某点电势与零电势点的选取有关，故B正确；C．电势是相对的，是相对于零电势点而言的，电场中某点电势与零电势点的选取有关，而电场中某两点间的电势差与零电势点选取无关，任意选取0势能点都可以比较电场中两点的电势高低，故C错误；D．根据电势的物理意义可知，电势是描述电场能的性质的物理量，故D正确．故选ABD。【点睛】本题要理解电势的相对性和电势差的绝对性，运用类比的方法分析电势、电势差与零电势点的关系．10、AC【解析】

实验误差有系统误差和偶然误差；由于实验方法及测量电路造成的误差是系统误差，多次测量求平均值是无法克服的，本题要注意电表的内阻对测量结果的影响；【详解】AD、由图可知，本实验采用了电流表内接法，由于电流表的分压而使电压表测量结果偏大，电流是准确的，故测量值一定大于真实值，故A正确，D错误；B、系统误差是无法消除的，故多次测量求平均值仍有误差存在，故B错误；C、由欧姆定律可知，故测量结果准确的话，一定比真实值大RA，故C正确；故选AC．【点睛】关键知道用内接法测量电阻，实际测量值为与电压表并联路段的总电压，所以测量值偏大，处理此类问题时，注意不要把电表再看做理想电表．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）A、C、E、F、G．（2）如图．（3）曲线，随着温度的升高，电阻增大．【解析】试题分析：器材选取的原则需安全精确，根据灯泡的额定电压和额定电流选择电流表、电压表的量程．灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，通过灯泡电阻的大小分析其是大电阻还是小电阻，确定电流表的内外接．根据电路图连接实物图．灯泡的电阻随温度的变化而变化，所以I﹣U图线是一条曲线．解：（1）灯泡的额定电压为3V，所以电压表的量程选择3V的误差较小，额定电流I=≈130mA，所以电流表的量程选择200mA的，灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器E，另外，还需要电源、电建和导线．故实验中应选择的仪器是A、C、E、G、H．（2）灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡正常工作时的电阻R==22.5Ω，远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法．电路图和实物连线图如图所示．（3）此实线图2中描绘出的I﹣U图线是曲线，其原因是由于温度升高，电阻增大．故答案为（1）A、C、E、F、G．（2）如右图．（3）曲线，随着温度的升高，电阻增大．【点评】解决本题的关键掌握器材选择的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，电流表内外接的区别．12、2.0308.116-8.119【解析】试题分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．游标卡尺的读数为；螺旋测微器的读数为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、4【解析】由带电粒子在磁场中