湖南省浏阳市三校2025届高二物理第一学期期中联考试题含解析

湖南省浏阳市三校2025届高二物理第一学期期中联考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、理想变压器原副线圈匝数之比为，原线圈接入一电压为的交流电源，副线圈接一个的负载电阻．若，，则下述结论正确的是A．副线圈中电压表的读数为B．副线圈中输出交流电的周期C．原线圈中电流表的读数为D．原线圈中的输入功率为2、某人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，人以速度v0匀速向下拉绳，当物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是()A． B．C．v0cosθ D．v0sinθ3、如图所示是电场中某区域的电场线分布，a、b是电场中的两点，则A．a点的电场强度较大B．同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点时受到电场力小C．正电荷在a点静止释放，它在电场力作用下运动的轨迹与电场线一致D．电荷在a点受到电场力方向必定与场强方向一致4、下列说法错误的是（）A．电场线越密的地方电场越强；同样，磁感线越密的地方磁场越强B．在电场中，任意两条电场线不会相交；同样，在磁场中，任意两条磁感线不会相交C．静电场中的电场线不是闭合的，同样，磁感线也是不闭合的D．电场线某点的切线方向表示该点电场方向，磁感线某点的切线方向表示该点的磁场方向5、图为多用电表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻Rg＝100Ω，调零电阻的最大值R0＝50kΩ，电池电动势E＝1.5V，两表笔短接调零后，用它测量电阻Rx，当电流计指针指在满刻度的时，则Rx的阻值是（）A．1kΩB．10kΩC．100kΩD．100Ω6、关于电容器和电容，以下说法正确的是（）A．电容器充电后，两极板带等量异种电荷B．电容器的带电量是两极板带电量之和C．电容器电容的大小与其带电量及两极板间电势差有关D．电容器两极板间电势差每增加1V，电容器的带电量即增加1C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，半径为R的竖直光滑圆轨道内侧底部静止着一个光滑小球，现给小球一个冲击使其在瞬间得到一个水平初速度，大小不同，则小球能够上升到的最大高度（距离底部）也不同，下列说法中正确的是（）A．如果，则小球能够上升的最大高度等于B．如果，则小球能够上升的最大高度小于C．如果，则小球能够上升的最大高度等于2RD．如果，则小球能够上升的最大高度等于2R8、如图所示为测定磁感应强度大小的装置，弹簧测力计下端挂一矩形线圈，线圈匝数为n，将矩形线圈的短边（长为L）置于蹄形磁体的N极、S极间的磁场中的待测位置，线圈的质量为m，（重力加速度为g）．为了测量方便和精确，调节好装置后闭合开关，调节滑动变阻器使得弹簧测力计的示数刚好为零，此时电流表示数为I，下列说法中正确的有A．装置图中线圈平面与N极、S极连线垂直B．当电路未接通时弹簧测力计的读数为0C．在磁场中的线圈短边中的电流方向向里D．N极和S极之间磁场的磁感应强度为9、两个点电荷Q1、Q2固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能Ep随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是（）A．M点电势为零B．N点场强为零C．Q2的电荷量小于Q1的电荷量D．试探电荷从N点运动到M点的过程中，电场力做正功10、如图所示的电路图，AB间电压为U，则下列说法正确的是（）A．滑动变阻器滑片向上移动时，RX两端电压变小B．滑动变阻器滑片向下移动时，RX两端电压变大C．滑动变阻器滑片位于中间时，RX两端电压小于D．滑动变阻器滑片位于中间时，若CD间改接为内阻为RX的电动机，电动机恰能正常工作，则此电动机消耗的热功率小于三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“力的合成的平行四边形定则”实验中，用两只弹簧测力计同时拉伸橡皮筋的拉力记为F1、F1．用一只弹簧测力计拉伸橡皮筋的力为F．下列关于实验操作的说法正确的是()A．拉伸橡皮筋时，F1和F1必须相互垂直B．拉伸橡皮筋时，F1和F1的大小必须相等C．实验时，必须测量F1和F1间的夹角D．作F和F1、F1的图像时，必须使用同一标度12．（12分）一细而均匀的导电材料，截面为圆柱体，如图所示．此材料长约5cm.电阻约为100Ω，欲测量这种材料的电阻率ρ，现提供以下实验器材A．20分度的游标卡尺；B．螺旋测微器：C．电流表A1（量程50mA，内阻r1=100Ω）；D．电流表A2（量程100mA，内阻r2约为40Ω）：E.电压表V2（量程15V，内阻约为3000Ω）；F.滑动变阻器R1（0～10Ω，额定电流2A)；G.直流电源E（电动势为3V，内阻很小）；H.上述导电材料R2（长约为5cm，电阻约为100Ω）；I.开关一只，导线若干．请用上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品电阻率ρ的实验方案，回答下列问题：（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图所示，其示数L=______cm.用螺旋测微器测得该样品的外直径如图所示，其示数D=________mm.（2）在所给的方框中画出设计的实验电路图_______，并标明所选择器材的物理量符号．（3）用已知的物理量和所测得的物理量的符号表示这种材料的电阻率为ρ=_________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）质量为m=0.05Kg的导电细杆ab置于倾角为30°的平行放置的光滑导轨上，导轨宽为L=0.5m，杆ab与导轨垂直，如图所示，匀强磁场垂直导轨平面且方向向下，磁感应强度为B=0.1T．已知电源电动势E=15V，内阻r=1Ω，导轨和细杆的电阻均忽略不计，g取10m/s1．求：（1）当电阻R取值为多少时，释放细杆后杆ab保持静止不动．（1）当R=1Ω时，释放细杆瞬间杆ab的加速度是多大？14．（16分）电路如图所示，已知电源电动势为E=12V，内阻r=8Ω，定值电阻R1=2Ω，滑动变阻器R2（1）当R2为多少时，R1（2）当R2为多少时，R2（3）当R2为多少时，电源有最大输出功率？并求出该最大功率15．（12分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间距离d＝40cm，电源电动势E＝10V，内电阻r＝1Ω，定值电阻R＝8Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从B板小孔以初速度v0＝3m/s竖直向上射入板间．已知小球带电荷量q＝1×10－2C，质量为m＝2×10－2kg，不考虑空气阻力．(g取10m/s2)（1）要使小球在A、B板间向上匀速运动，则滑动变阻器接入电路的阻值为多大？（2）若小球带正电，只改变滑动变阻器划片位置，其它量不变，那么，A、B板间电压为多大时，小球恰能到达A板？此时电源输出功率是多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

AC、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220V，所以原线圈的电压的有效值为220V，在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V，即为电压表的读数，副线圈的电流为2A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为0.5A，故A错误，C正确；B、变压器不会改变电流的周期，电流的周期为Ts，故B错误；D、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P110W，所以原线圈中的输入功率也为110W，故D错误．2、A【解析】

将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A沿绳子方向的分速度，根据平行四边形定则得，实际速度．故A正确，BCD错误．3、A【解析】

由图可知，a点处电场线较密，电场强度较大，同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点时受到电场力大，故A正确，B错误。正电荷放在a点受到的电场力沿电场线的切线方向，由静止释放后，正电荷将离开电场线，所以其运动轨迹与电场线不一致，故C错误。负电荷在a点所受电场力的方向与该点场强的方向相反。故D错误。故选A。4、C【解析】试题分析：电场线和磁感线的疏密程度可表示电场或磁感应强度的大小，线越密，电场或磁感应强度越强，A正确；在电场中任意两条电场线不会相交；在磁场中，任意两条磁感线也不会相交．否则违背了某点的切线方向表达场强方向的规定，故B正确；电场线从正电荷开始，终止与负电荷，而磁感线在磁体外部从N到S，在磁体内部从S到N，形成闭合曲线，C错误；根据电场线和磁感线的物理意义得知：电场线某点的切线方向表示该点的电场方向，磁感线某点的切线方向表示磁场方向，故D正确．考点：考查了磁感线和电场线【名师点睛】本题要抓住：电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线不是闭合的，有起点和终点．磁感线是闭合的曲线；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；电场线和磁感线都不能相交；电场线某点的切线方向表示该点的电场方向，磁感线某点的切线方向表示磁场方向．5、B【解析】

由闭合电路欧姆定律可知，当两表笔短接，电流表满偏时：，解得R内=5kΩ；当偏转1/3时，；两式联立解得：Rx=10kΩ；故选B．【点睛】本题关键明确欧姆表的内部结构，能根据欧姆表的使用方法结合闭合电路的欧姆定律列方程；知道中值电阻等于欧姆表内电阻．6、A【解析】

电容器充电后两板带等量异种电荷，A正确；电容器的带电量等于任一极板带电量的绝对值，B错误；电容器的电容仅由本身性质决定，与外界因素无关，C错误；电容器两极板间电势差每增加1V，电容器的带电量增加值等于电容值，D错误．故选A．【点睛】电容器的电容是衡量电容器容纳电荷本领强弱的一个物理量，电容大小仅由本身性质决定，与外界因素无关，数值上等于两极板间电势差每增加1V，电容器的带电量增加值．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

A．如果，根据机械能守恒定律得解得故A正确；B．如果，根据机械能守恒定律得解得当根据竖直平面内的圆周运动知识可知小球在上升到处之前就做斜抛运动了，则小球能够上升的最大高度小于，故B正确；C．如果，根据机械能守恒定律得则h=2R但根据竖直平面内的圆周运动知识可知小球在上升到2R处之前就做斜抛运动了，则小球能够上升的最大高度小于2R，故C错误；

D．如果，根据机械能守恒定律得解得根据竖直方向圆周运动向心力公式可知，最高点的速度最小为，满足条件，所以可以到达最高点，即小球能够上升的最大高度为2R，故D正确。

故选ABD。8、AC【解析】

根据共点力的平衡分析出导线框的重力与安培力的大小，然后由磁感应强度的定义式即可求出磁感应强度；【详解】A、放置矩形线圈时，矩形线圈所在的平面要与N极S极的连线垂直从而是下边受到安培力作用，故选项A正确；B、在接通电路前，线框处于静止，导线框此时只受到重力和弹簧的拉力作用，此时弹簧测力计的示数等于线框的重力，故选项B错误；C、闭合开关，调节滑动变阻器使得弹簧测力计的示数刚好为零，说明线框受到向上的安培力作用，根据左手定则可知在磁场中的线圈短边中的电流方向向里，故选项C正确；D、线框受到安培力和重力作用，二力处于平衡状态，则：，则，故选项D错误．【点睛】解决本题的关键掌握安培力的大小公式，掌握左手定则判断安培力的方向，然后根据二力平衡求解出磁感应强度的大小．9、ABC【解析】

A．分析图象可知试探电荷在M点电势能为零，由电势能公式可知解得，故A正确；B．该过程中只有电场力（重力忽略不计）做功，电势能和动能之和不变，试探电荷在N点时电势能为最小，则动能最大，速度最大，加速度为零，电场力为零，说明N点场强为零，故B正确；C．设Q2到N点的距离为，Q1到N点距离为，N点场为零，由点电荷场强公式可得因，可知Q2电荷量小于Q1的电荷量，故C正确；D．由图象分析可知试探电荷从N点运动到M点的过程中，电势能增大，说明电场力做负功，故D错误。故选ABC。10、CD【解析】电阻Rx与变阻器的下半部分并联后再与上半部分串联；滑动变阻器滑片向上移动时，串联部分电阻变小，并联电阻变大，分压大，则Rx两端电压变大，故A错误；滑动变阻器滑片向下移动时，串联部分电阻变大，并联电阻变小，分压小，则Rx两端电压变小，故B错误；滑动变阻器滑片位于中间时，电阻RX与变阻器的下半部分并联后再与上半部分串联，由于并联部分的电阻比变阻器上半部分电阻小，故滑动变阻器滑片向下移动时，串联部分电阻变大，并联电阻变小，分压小，则Rx两端电压变小，故Rx两端电压小于，故C正确；CD间改接为内阻为RX的电动机，由C知其电压小于，其又不是纯电阻电路，则其消耗的热功率小于，故D正确。所以CD正确，AB错误。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D【解析】

在实验过程中，需要根据力的大小和方向做平行四边形，由此可知需要记录力的大小和方向，同时该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同，对于两分力的夹角没有定性要求，只要便于减小误差即可．【详解】A项：在进行“验证力的合成的平行四边形定则”实验时，F1、F1的方向并非要求一定垂直，故A错误；B项：拉伸橡皮筋时，F1和F1的大小不一定要相等，故B错误；C项：实验时，应记录两力的方向而不是测两力间的夹角，故C错误；D项：在做力的图示时，F和F1、F1一定要使用同一标度，故D正确．【点睛】要解答本题应熟练掌握实验的目的及原理，尤其是理解“等效”含义，“等效”指橡皮筋的形变量和方向均相同．12、（1）5.0154.700（2）如图所示；（3）【解析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+3×0.05mm=50.15mm=5.015cm；由图示螺旋测微器可知，其示数为：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm．

（2）电源电动势为3V，电压表量程为15V，电压表量程太大，不能用电压表测电压，可以用已知内阻的电流表A1与待测电阻并联测电压，用电流表A2测电流，由于滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：（3）通过待测电阻的电流：I=I2-I1，待测电阻两端电压：U=I1r1，待