上海市宝山区2025届物理高二第一学期期中经典模拟试题含解析

上海市宝山区2025届物理高二第一学期期中经典模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的静电力大小为F,如果将这两个点电荷之间的距离变为原来的2倍，那么它们之间静电力的大小为()．A．F B．2F C．4F D．F2、真空中有一半径为r0的带电金属球壳，通过其球心的一直线上各点的电势分布如图，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离．下列说法中正确的是A．A点的电势低于B点的电势B．A点的电场强度方向由A指向BC．A点的电场强度小于B点的电场强度D．正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做负功3、一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变,在两极板间插入一电介质,其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是A．C和U均增大 B．C增大,U减小C．C减小,U增大 D．C和U均减小4、某航母跑道长200m飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s5、如图所示，长为L的轻杆一端有一个质量为m的小球，另一端有光滑的固定轴O，现给球一初速度，使球和杆一起绕O轴在竖直平面内转动，不计空气阻力，则A．小球到达最高点的速度必须大于gLB．小球到达最高点的速度可能为0C．小球到达最高点受杆的作用力一定为拉力D．小球到达最高点受杆的作用力一定为支持力6、如图所示，闭合的矩形线圈abcd放在范围足够大的匀强磁场中，下列哪种情况下线圈中能产生感应电流()A．线圈向左平移 B．线圈向上平移 C．线圈以ab为轴旋转 D．线圈不动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，当变阻器R3的滑动触头P向a端移动时（）A．电压表示数变大 B．电压表示数变小C．电流表示数变大 D．电流表示数变小8、如图甲所示，有一绝缘圆环，圆环上均匀分布着正电荷，圆环平面与竖直平面重合，一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环，细杆上套有一个质量为m＝10g的小球，小球所带电荷量q＝+5.0×10－4C，小球从C点由静止释放，其沿细杆由C经B向A运动的v­t图象如图乙所示。小球运动到B点时，速度图象的切线斜率最大(图中标出了该切线)。则下列说法正确的是()A．圆环中心O点场强为零，B点场强最大B．由C到A的过程中，小球的电势能一直减小C．由C到A的过程中，电势逐渐升高D．C、B两点间的电势差UCB＝0.9V，B点场强大小为E＝1.5V/m9、某电场的电场线的分布如图所示．一个带电粒子由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点．则下列判断正确的是（）A．粒子带负电B．电场力对粒子做负功C．粒子在N点的加速度大D．粒子在N点的速度大10、如图所示，一质量为m、带电荷量为的物体处于场强按E＝E0－kt（E0、k均为大于零的常数，取水平向左为正方向）变化的电场中，物体与竖直墙壁间的动摩擦因数为μ，当t＝0时刻物体处于静止状态．若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是A．物体开始运动后加速度先增加、后保持不变B．物体开始运动后加速度不断增大C．经过时间t＝，物体在竖直墙壁上的位移达最大值D．经过时间t＝，物体运动速度达最大值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示为“探究恒力做功与动能改变的关系”的实验装置．实验过程中，为了让小车所受合外力大小近似等于钩码的重力大小：（1）细线应该与长木板平面______（填“A”或“B”）；

A．平行

B．不平行

（2）是否需要平衡摩擦力______（填“A”或“B”）；

A．需要

B．不需要

（3）小车质量M与钩码质量m的关系应满足______

（填“A”或“B”）．

A．M＜＜m

B．M＞＞m．12．（12分）（1）现有一合金制成的圆柱体。为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示。由上图读得圆柱体的直径为_________mm，长度为__________cm。（2）按照有效数字规则读出下列电表的测量值。①接0~3V量程时读数为________V。②接0~0.6A量程时读数为_______A。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的匀强电场中，有A、B、C三点，AB=5cm，BC=12cm，其中AB沿电场方向，BC和电场方向成60°角。一个电荷量为q=4×10-8C的正电荷从A移到B，电场力做功为W1=1.2×10-7J。求：(1)匀强电场的电场强度E的大小；(2)该电荷从B到C，电荷的电势能改变多少？14．（16分）如图所示，在Ⅰ、Ⅱ两个区域内存在磁感应强度大小均为B的匀强磁场，磁场方向分别垂直于纸面向外和向里，AD、AC边界的夹角∠DAC＝30°，边界AC与边界MN平行，Ⅱ区域宽度为d，长度无限大。质量为m、电荷量为+q的粒子可在边界AD上的不同点射入，入射速度垂直于AD且垂直于磁场，若入射速度大小为，不计粒子重力，Ⅰ区磁场右边界距A点无限远。求：（1）从距A点d处的E射入的粒子在磁场区域内运动的时间；（2）粒子在磁场区域内运动的最短时间；（3）从MN边界出射粒子的区域长度。15．（12分）某电动机与灯泡连接电路如图所示。现K1闭合（灯泡亮），K2断开，电流表读数为5A；若保持K1闭合，再将K2关闭（电动机启动），电流表读数为21A。已知电源电动势E=12V，内阻r=1．4,电流表内阻不计,假设灯泡电阻恒定。求：因电动机启动，灯泡的电功率降低了多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

距离改变之前：将这两个点电荷之间的距离变为原来的2倍A.F与分析不符，故A错误。B.2F与分析不符，故B错误。C.4F与分析不符，故C错误。D.F与分析相符，故D正确。2、B【解析】

根据直线上各点的电势φ分布图判断A点和B点电势．沿电场线方向电势逐点降低．根据电场力方向和运动方向判断做功情况．【详解】A．r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离，所以A点的电势高于B点的电势；故A错误.B．A到B电势降低，所以A点的电场强度方向由A指向B；故B正确.C．根据场强公式得A点的电场强度大于B点的电场强度；故C错误.D．正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力方向由A指向B，所以电场力做正功；故D错误.故选B.【点睛】解决该题要掌握根据电势高低判断电场方向，根据电场力和速度方向判断做功情况．3、B【解析】解：由公式知，在两极板间插入一电介质，其电容C增大，由公式知，电荷量不变时U减小，B正确．故选B【点评】本题考查了等容的定义式和决定式的配合应用．4、B【解析】

试题分析：由运动学公式，代人数据得：，故选B正确．考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系【名师点睛】已知飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度；该题考察导出公式的应用，直接代入公式即可．5、B【解析】

设轻杆对小球的作用力大小为F，方向向上，小球做完整的圆周运动经过最高点时，对小球，由牛顿第二定律得：mg-F=mv2L；当轻杆对小球的作用力向上，大小F=mg时，小球的速度最小，最小值为零，故A错误，B正确。由mg-F=mv2L知，当v=gL时，杆对球的作用力F=0；当v＞gL，F＜0，F向下，说明杆对球为拉力；当v＜gL，F＞0，F【点睛】本题关键对小球在最高点和最低点分别受力分析，然后根据牛顿第二定律列式分析，要注意，杆对小球可以无弹力，可以是拉力、支持力.6、C【解析】

A．由于磁场是匀强磁场且范围足够大，因此线圈无论向那个方向平移，磁通量都不会发生变化，故A错误；B．根据A项的论述可知，故B错误；C．当线圈以ab为轴旋转时，其磁通量发生变化，有感应电流产生，故C正确；D．线圈不动，其磁通量不变，故没有感应电流产生，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

由图可知，电流表测R3电流，电压表测路端电压。当滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，R总减小，干路电流I增大，内电压增大，电源电动势不变，路端电压减小，电压表示数变小。根据可知R2两端电压减小，流过R2的电流减小，又干路电流I增大，所以流过R3的电流增大，电流表示数变大。故AD错误，BC正确。故选BC。8、ABD【解析】

A．有场强叠加原理可知，圆环上电荷元在O点形成的场强叠加的合场强为零；小球由C向A运动过程中，合外力F=qE，故加速度；在O点右侧杆上，电场方向向右，故加速度向右，由图像可知B点加速度最大，则B点场强最大，选项A正确；BC．由C到A的过程，电场方向向右，故沿着电场线方向电势降低；电场力做正功，故小球的电势能减小；故B正确，C错误；D．小球从C到B的过程只有电场力做功，故由动能定理可得所以有B点场强大小为故D正确。故选ABD。9、CD【解析】

A．由粒子运动的轨迹可知，粒子带正电，选项A错误；B．电场力的方向斜向上，故电场力对粒子做正功，选项B错误；C．N点的电场线比M点密集，则粒子在N点受到的电场力较大，则粒子的加速度大，选项C正确；D．因为电场力对粒子做正功，根据动能定理可知，粒子动能增加，故粒子在N点的速度大，选项D正确．【点睛】此题是带电粒子在电场中的运动问题；解题的关键是根据粒子的运动轨迹，判断电场力的方向，从而即可判断电性，电场力做功的情况等等；电场线的疏密是反应电场强弱的，密集的地方场强较大，则电场力较大，粒子的加速度较大.10、BC【解析】

AB．物体带正电，电场方向未改变之前，物体沿竖直墙运动，水平方向的支持力和电场力大小相等，电场力减小，支持力减小，滑动摩擦力减小，那么重力和摩擦力的合力竖直向下且增大，加速度增大；当电场方向反向时，物体脱离墙面，电场力增大，重力和电场力的合力增大，加速度增大，所以物体的加速度一直增大，A错误，B正确；C．电场强度为零时，物体开始离开墙面，此时物体在竖直墙壁上的位移达最大值，即：解得：，C正确；D．物体的加速度不断增大，速度不断变大，在这个过程中速度没有最大值，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A；A；B【解析】

小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高，当钩码的质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码的重力．【详解】（1）细线的拉力为小车的合力，所以细线与木板平行，则应调节定滑轮的高度使细线与木板平行，故A正确，B错误；故选A（2）要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，即本实验需要平衡摩擦力，故A正确，B错误；故选A（3）只有当小车质量M远远大于钩码的质量时，才可以用钩码的重力代替绳子的拉力，故B正确，A错误；故选B故答案为（1）A；（2）A；（3）B【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，注意平衡摩擦力时，不能挂钩码，难度适中．12、(1)1.848（1.847~1.849）；4.240（4.235、4.245）(2)①2.17（2.14～2.18均对）；②0.16【解析】（1）螺旋测微器的读数为：；（1.847~1.849范围内的均给分）；游标卡尺的读数为：（4.235、4.245均给分）(2)①电压表接0～3V量程，由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2.17V；②电流表接0～0.6A量程，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.16A点晴：本题考查了(1)螺旋测微器和游标卡尺的读数，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和为螺旋测微器读数，螺旋测微器需要估读，游标卡尺的读数，要注意游标尺的精度且游标卡尺的读数不要估读；(2)电压表与电流表读数，对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再根据指针位置读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)60N/C；(2)减少1.44×10-7J【