2025届福建省龙岩市连城县第一中学高一物理第一学期期中复习检测试题含解析

2025届福建省龙岩市连城县第一中学高一物理第一学期期中复习检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示的是甲、乙两运动物体相对同一原点的位移一时间图象。下面有关说法中正确的是A．甲和乙都做匀变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距C．乙运动的速率大于甲运动的速率D．乙比甲早出发t1的时间2、下列各组物理量中，全部是矢量的是A．位移、时间、速度、加速度B．加速度、位移、速度变化量、平均速度C．力、速率、位移、加速度D．位移、路程、时间、加速度3、如图为甲、乙两人沿直线跑步的v-t图像，下列说法正确的是A．t=0时刻甲、乙的速度相同B．t=t1时刻甲、乙的速度相同C．0-t1内甲的平均速度比乙的大D．0-2t1内甲的平均速度比乙的大4、茶杯在水平桌面上处于静止，下列选项中说法中正确的是（）A．茶杯对桌面的压力是由于茶杯发生形变而产生的B．茶杯对桌面的压力是由于桌面发生形变而产生的C．茶杯对桌面的压力就是茶杯的重力D．茶杯对桌面的压力是作用在茶杯上的5、如图所示，两块完全相同的积木A、B叠放在一起，质量均为m，交界面与水平面夹角为θ，B与水平地面的动摩擦因数为μ，对B物块作用大小为F的水平外力后两积木仍然保持静止状态，则B物块所受的水平地面摩擦力大小一定为A．F B．2μmg C．F-mgcosθ D．F-mgcos2θ6、关于弹力，下列说法正确的是()A．放在水平桌面上的物体对桌面的压力就是该物体的重力B．压力、支持力、绳中的张力的大小都可以根据胡克定律求出C．弹力的大小与物体的形变程度有关，形变程度越大，弹力越大D．弹力的方向总是与施力物体恢复形变的方向相同7、质点做直线运动的速度v与时间t的关系为v=4+2t（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A．加速度大小为4m/s2 B．任意相邻1s内的位移差为4mC．任意1s内速度增量为2m/s D．t=2s内的位移大小为12m8、如图所示的是一个物体运动的v－t图象，下列说法正确的是()A．物体3s末开始改变速度方向B．物体4s末开始改变速度方向C．物体在第5s内的加速度的大小大于第1s内加速度的大小D．物体在前5s内的总位移为负9、一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，到达乙地刚好停止，其速度图象如图所示，那么在和两段时间内（）A．加速度大小比为2:1，加速度方向相反 B．位移大小之比为1:2，位移方向相反C．平均速度大小之比为2:1 D．平均速度大小之比为1:110、如图所示为两块光滑的挡板在竖直平面内组成的V形装置，夹角恒为60°，装置内放一小球，开始时OB板处于竖直状态，现让装置在竖直平面内绕O点沿顺时针缓慢转动，在转至OA处于竖直的过程中A．球对OA板的压力先增大后减小B．球对OA板的压力一直减小C．球对OB板的压力先减小后增大D．球对OB板的压力一直增大11、如图所示，小球从竖直墙砖某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5所示小球运动过程中每次曝光的位置，连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，根据图中信息，下列说法正确的是（）A．能判断小球做匀变速直线运动B．能求出小球下落的加速度为C．能求出小球在位置3的速度为D．能判定位置1是小球释放的初始位置12、某物体沿一直线运动，其v—t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．第2s内和第3s内速度方向相同B．第3s内和第4s内的加速度大小相同、方向相反C．前4s内位移为4mD．3s末物体返回出发点二．填空题(每小题6分，共18分)13、(1)在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，以下说法正确的是_______________；A．弹簧被拉伸时，所挂钩码越多，误差越小B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用几根不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等(2)某同学做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原长，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上钩码后测出弹簧伸长后的长度L，把作为弹簧的伸长量x，这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是图中的________。A．B．C．D．14、（1）我们知道电磁打点计时器使用交流6V电源，电火花打点计时器使用的是_______________（选填“两节1.5V干电池”、“6V直流电源”、“6V交流电源”和“220V交流电源”）。（2）关于用电磁打点器测速度，以下说法中正确的是___________________。A．复写纸放在纸带的上面B．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连C．拉动纸带的速度越大，打出的点迹越稀疏D．开始工作时应先释放纸带，后接通电源15、某小组利用打点计时器对物块沿倾斜的长木板加速下滑时的运动进行研究。物块拖动纸带下滑，打出的纸带一部分如图所示。已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz，纸带标出的每两个相邻点之间还有4个打出的点未画出。（1）在ABCDE五个点中，打点计时器最先打出的是__________点（2）在打出C点时物块的速度大小为______m/s(保留3位有效数字)；物块下滑的加速度大小为_______(保留2位有效数字)。（3）如果当时电网中交变电流的频率是f=52Hz，而做实验的同学并不知道，由此引起的________(选填“系统”或“偶然”)误差将使加速度的实际值比测量值偏__________(选填“大”或“小”).三．计算题(22分)16、（12分）汽车原来以10m/s的速度沿平直公路行驶，刹车后获得的加速度大小为2m/s2，则：（1）汽车经过3s后的速度大小；（2）刹车后滑行了16m时的速度大小；（3）刹车后6s内汽车前进的距离．17、（10分）ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称。如图汽车以15m/s的速度行驶，如果过人工收费通道，需要在收费站中心线处减速至0，经过20s缴费后，再加速至15m/s行驶；如果过ETC通道，需要在中心线前方10m处减速至5m/s，匀速到达中心线后，再加速至15m/s行驶。设汽车加速和减速的加速度大小均为1m/s2。（1）汽车过人工收费通道，从收费前减速开始。到收费后加速结束，总共通过的路程和所需的时间是多少；（2）如果过ETC通道，汽车通过上一问路程所需要的时间是多少；（3）汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约多少时间。

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】

A．x-t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，即两物体都做匀速直线运动，故A错误；B．由图可知乙从原点出发，甲从距原点s1处出发，故两物体的出发点相距s1．故B错误；C．x-t图象的斜率等于物体运动的速度，由图象可知乙的斜率大于甲的斜率，故乙的速率大于甲的速率，故C正确；D．甲在t1=1时刻开始运动，而乙在t1时刻开始运动，故甲比乙早出发t1时间，故D错误。2、B【解析】

矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。【详解】A、位移、速度、加速度都既有大小又有方向，是矢量，时间是标量，故A错误。B、加速度、位移、速度变化量、平均速度都是矢量，故B正确。C、力、位移、加速度是矢量，而速率是标量，故C错误。D、位移、加速度是矢量，路程和时间是标量，故D错误。故选：B。【点睛】本题关键要知道矢量与标量的两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则。3、B【解析】

由图可知，t=0时刻甲的速度为零、乙的速度为v1，选项A错误；t=t1时刻甲、乙的速度相同，选项B正确；0-t1内甲的平均速度为，乙的平均速度为v1，则甲的平均速度比乙的小，选项C错误；0-2t1内甲的平均速度，等于乙的平均速度，选项D错误．4、A【解析】茶杯对桌面的压力是由于茶杯受到向上的作用力发生向上的弹性形变，要恢复原状而产生的，A正确B错误；茶杯对桌面的压力，和茶杯的重力，二力受力物体不是同一个，C错误；茶杯对桌面的压力是作用桌面上的，D错误．5、A【解析】

将AB两物体看成一个整体，对整体受力分析：重力，支持力，推力，静摩擦力，由平衡条件可知，静摩擦力等于F，故A正确．6、D【解析】放在水平桌面上的物体静止时对桌面的压力大小就是该物体的重力，选项A错误；压力、支持力、绳中的张力都是由于物体发生弹性形变而产生的，都属于弹力，但只有弹簧的弹力，且在弹性限度之内，才能运用胡克定律求出，故B错误．弹力的大小与物体的形变程度有关，在弹性限度内，形变程度越大，弹力越大，故C错误．弹力的方向总是与施力物体恢复形变的方向相同．故D正确．故选D．点睛：本题关键要掌握弹力的大小，产生条件、方向特点，与重力的区别，注意胡克定律的适用条件．7、CD【解析】匀变速直线运动的速度公式：v=v0+at，质点速度与时间关系为：v=4+2t，则质点的初速度：v0=4m/s，加速度：a=2m/s2，故A错误；物体做匀变速直线运动，任意相邻1s内的位移之差：△x=at2=2×12=2m，故B错误；任意1s内速度增量为△v=at=2×1=2m/s，C正确；t=2s内的位移：x=v0t+at2=4×2+×2×22=12m，故D正确；故选CD．8、BC【解析】

A．在0～4s时间内物体的速度均为正，运动方向没有发生改变，故A错误；B．在4s前速度为正，4s后速度为负，方向相反，所以物体4s末开始改变速度方向，故B正确；C．在速度时间图象中，图线的斜率表示加速度，物体在第5s内的斜率大于第1s内的斜率，所以物体在第5s内的加速度的大小大于第1s内加速度的大小，故C正确；D．图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，由图可知前4s内的位移大于第5s内的位移，所以物体在前5s内的总位移为正，故D错误．故选BC．9、AD【解析】

A．根据速度图象的斜率绝对值等于加速度大小，则由，可知在0～t0和t0～3t0两段时间内加速度大小之比为2：1，在0～t0和t0～3t0两段时间内加速度方向相反，故A正确；B．根据“面积”等于位移大小，则有位移之比为面积均为正，故位移方向相同，故B错误；CD．位移之比1：2，由平均速度公式得，平均速度之比为1：1，故C错误D正确。故选AD。10、BD【解析】试题分析：在转动过程中，恒定不变，为此可组成以NANB为直径得圆，在转动过程中弦恒定不变，根据图象判断力的变化．对小球受力分析，如图所示，因为是缓慢转动，所以三力平衡，将三力移至同一个矢量三角形中，如图所示在转动过程中，∠NANBG=60°恒定不变，为此可组成以NANB为直径得圆，在转动过程中弦NAG恒定不变，由图可知，OB板对球的弹力一直在增大即球对OB板的压力一直增大，OA板对球的弹力一直在减小即球对OA板的压力一直减小，故BD正确．11、AB【解析】由于相邻两点间位移之差等于d，符合匀变速直线运动的特点：△x=aT2，所以小球做匀加速直线运动，故A正确；根据△x=d=aT2得，小球下落的加速度，故B正确；小球在位置“3”的速度等于2、4间的平均速度，则，故C错误；若小球做初速度为零的匀变速直线运动，在连续相等时间内，位移之比为：1：3：5…，而题中，1、2、3、4、5…间的位移之比为2：3：4…所以位置“1”不是小球释放的初始位置，故D错误。所以AB正确，CD错误。12、AC【解析】

A.0-3s内图象都在时间轴的上方，速度都为正，方向没有改变，所以第2s内和第3s内物体的速度方向相同，故A正确。B.根据v-t图象的斜率等于加速度，由数学知识可知第3s内和第4s内的加速度大小相等，方向相同。故B错误。C.根据v-t图象与时间轴围成的面积表示位移，则有：m故C正确；D.3s末物体的速度为零，则物体离出发点最远，故D错误。二．填空题(每小题6分，共18分)13、BC【解析】

(1)[1]A．在悬挂钩码时，在不超出量程的前提下可以任意增加钩码的个数，故A错误；B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读出读数，故B正确；C．弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度减去弹簧的原长，故C错误；D．拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决定，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故D错误。故选B；(2)[2]实验中用横轴表示弹簧的伸长量x，纵轴表示弹簧的拉力F（即所挂重物的重力大小），由F=kx可知，不考虑弹簧重力时图象过原点；如果考虑弹簧自身的重力，不挂钩钩码时伸长量已经不为零，故ABD错误，C正确。故选C。14、220V交流电源；ABC【解析】

(1)电火花打点计时器使用的是“220V”交流电源；(2)A项：为了在纸带上打出点迹，复写纸放在纸带的上面，故A正确；B项：为了能充分利用纸带，应将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连，故B正确；C项：拉动纸带的速度越大，在相同时间内运动的距离越大，打出的点迹越稀疏，故C正确；D项：开始工作时应先接通电源，后释放纸带，故D错误。故应选：ABC。15、A0.2330.75-0.77系统大【解析】

(1)[1]物块加速下滑，速