2025届贵州省北京师范大学贵阳附中高二物理第一学期期中综合测试模拟试题含解析

2025届贵州省北京师范大学贵阳附中高二物理第一学期期中综合测试模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,正电荷q在电场力作用下由P向Q做加速运动,而且加速度越来越大,那么它所在的电场是图中哪一个A． B．C． D．2、一不计重力的带电粒子q从A点射入一正点电荷Q的电场中，运动轨迹如图所示，则()A．粒子q带正电B．粒子q的加速度先变小后变大C．粒子q的电势能先变小后变大D．粒子q的动能一直变大3、如图所示，A点处有一带正电的点电荷，a、b、c、d为位于同一直线的两根电场线上的四点，且Ab＝Ac，Aa>Ad，下列说法中正确的是（）A．b、c两点场强相同B．a、b、c、d四点的场强方向相同C．a、b、c、d四点中，a点场强最大D．a、b、c、d四点中，a点场强最小4、如右图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为、．重力加速度大小为g．则有A．，B．，C．，D．，5、如图所示，一通电直导线与匀强磁场方向垂直，导线所受安培力的方向是A．竖直向上 B．竖直向下C．垂直纸面向里 D．垂直纸面向外6、如图，a、b是一条电场线上的两点，将一个电子从点处由静止释放，电子从运动到b过程中，它运动的图线如图所示，则以下判断正确的是A．该电场可能是匀强电场B．从运动到，电子的电势能逐渐增大C．点的电势低于点的电势D．电子在点受到的电场力小于电子在点受到的电场力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，电表均可以看作是理想电表。当开关K闭合后，将滑动变阻器的触头由上端向下端移动的过程中，下列说法正确的是（）A．电路中总电阻减小 B．电压表示数减小C．电流表示数减小 D．灯泡L变亮8、图中的实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是其轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，由此图可判断下列说法错误的是（）A．带电粒子所带电荷的符号B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的电势能何处较大9、如图所示，有一个由电池、电阻和电容器组成的电路，当把电容器的两块极板错开一定位置时，在错开的过程中()A．电容器C的电容减小B．电容器C的电量不变C．电阻R上有方向向左的电流D．电阻R上有方向向右的电流10、光滑绝缘的水平面上有一棱形abcd,∠bad=60°，在a、b、c三个顶点上分别放置一个点电荷qa、qbA．qb一定带正电B．qC．qa=3qbD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）小王同学测量干电池的电动势和内阻，他用如图1所示的实验器材进行实验，其连接的部分实验电路图如图所示．为减小实验误差，实验中所用的滑动变阻器应选_____（填字母代号）A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值200Ω，额定电流2A）（2）请用细线代替导线，在图中完成实物连接；（3）下列实验操作正确的是_____．A．如图电路闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最左端B．改变滑片位置，开关一直保持闭合，直至实验结束C．改变滑片位置，读完电表读数后，立即断开电键（4）连接好电路，小王检查无误后，闭合开关，开始实验．电流表指针如图2所示，请读数并记录电流为_____A．12．（12分）为了描绘标有“3V，1．4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯炮电压能从零开始变化．所给器材如下：A．电流表（1~211mA，内阻1．5Ω）B．电流表（1~1．6A，内阻1．11Ω）C．电压表（1~3V，内阻5kΩ）D．电压表（1~15V，内阻51kΩ）E．滑动变阻器（1~11Ω，1．5A）F．电源（3V）G．电键一个，导线若干．（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是_____________________．（2）在Ⅱ卷的虚线框中画出完成此实验的原理图______．（3）此实线描绘出的I—U图线是______（填“曲线”．“直线”），其原因是________．（4）该同学描绘出的I--U图象和下图中的______形状最接近.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场，E1和E2的方向垂直。现将一电子（电荷量为e，质量为m）无初速度地放入电场E1中的A点（A点离两场边界距离为12L），最后电子从PQ射出电场E2，AO与虚线MN和PQ（1）电子从释放到刚射出电场E2时所用的时间；（2）电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的正切值tanθ。14．（16分）质量为m=0.05Kg的导电细杆ab置于倾角为30°的平行放置的光滑导轨上，导轨宽为L=0.5m，杆ab与导轨垂直，如图所示，匀强磁场垂直导轨平面且方向向下，磁感应强度为B=0.1T．已知电源电动势E=15V，内阻r=1Ω，导轨和细杆的电阻均忽略不计，g取10m/s1．求：（1）当电阻R取值为多少时，释放细杆后杆ab保持静止不动．（1）当R=1Ω时，释放细杆瞬间杆ab的加速度是多大？15．（12分）如图所示，在两平行虚线间存在着宽为L、场强为E的匀强电场，在与右侧虚线相距为L处有一个与电场平行的屏。现有一电荷量为+q、质量为m的带电粒子（重力不计），以垂直于电场线方向的初速度v0射入电场中，v0方向的延长线与屏的交点为O。试求：（1）粒子从射入电场到打到屏上所用的时间t；（2）粒子射出电场时沿电场方向偏移的距离y。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A．P到Q，电场线越来越疏，电场强度越来越小，电荷做加速度减小的加速运动。不符合题意，故A错误。B．电荷在匀强电场中做匀加速直线运动，不符合题意，故B错误。C．P到Q，电场线越来越疏，电场强度越来越小，电荷做加速度减小的加速运动。不符合题意，故C错误。D．P到Q，电场线越来越密，电场强度越来越大，电荷做加速度增大的加速运动。符合题意，故D正确。2、C【解析】

A．带电粒子受力的方向指向正电荷，所以粒子q带负电，A错误；B．靠近源电荷的地方场强大，所以粒子q的加速度先变大后变小，B错误C．电场力先做正功后做负功，所以粒子q的电势能先变小后变大，C正确D．电场力先做正功后做负功，所以粒子q的动能先增加后减小，D错误3、D【解析】

A.根据点电荷产生电场的电场强度E=kQr2，b、c两点场强大小相同，方向不同，a点场强最小，故A错误，C错误B.a、b两点的场强方向相同，与c、d两点的场强方向相反，故B错误。故选：D4、C【解析】试题分析：在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变．对1物体受重力和支持力，有：mg=F，a1=1．对2物体受重力和弹簧的向下的压力，根据牛顿第二定律有：，故C正确．故选C．考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题，关键是区分瞬时力与延时力；弹簧的弹力通常来不及变化，为延时力，轻绳的弹力为瞬时力，绳子断开即消失．5、C【解析】

根据左手定则，让磁感线穿过手心，即手心向上，四指指向电流方向，即指向右侧，大拇指垂直于纸面指向里，故安培力方向垂直纸面向里，A．安培力方向垂直纸面向里，A错误；B．安培力方向垂直纸面向里，B错误；C．安培力方向垂直纸面向里，C正确；D．安培力方向垂直纸面向里，D错误；故选：C。6、C【解析】

由图可知：点电荷做初速度为零的变加速直线运动，加速度逐渐减小，说明该电荷所受的电场力逐渐减小，则电场强度是逐渐减小的，此电场一定是非匀强电场．故A错误．由图知，从a运动到b，电荷的动能增加，根据能量守恒可知，其电势能必定减小．由于电子带负电，可知，电势升高，即a点的电势低于b点的电势，故B错误，C正确．v-t图象的斜率表示加速度，可见该电荷的加速度不断减小，电场力不断减小，该电荷在a点所受电场力大于在b点所受电场力，故D错误．故选C．【点睛】本题结合运动图象考查了电场强度和电势的变化情况，考查角度新颖，要注意结合图象的含义以及电场线和电场强度与电势的关系求解．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

将滑动变阻器的触头由上端向下端移动的过程中，滑动变阻器阻值变小，则电路中总电阻减小，干路电流变大，则R1分压变大，则并联部分电压变小，则电压表示数变小，灯泡变暗，灯泡支路电流变小，而干路电流变大，故滑动变阻器电流变大，电流表示数变大，故AB正确CD错误。故选AB。8、BCD【解析】由轨迹的弯曲情况，可知电场力应沿电场线向左，但因不知电场线的方向，故带电粒子所带电荷符号不能确定．设粒子从a运动到b(也可分析从b到a的情形，两种分析不影响结论)，速度方向与电场力夹角大于90°，故速度减小，由电场线的疏密程度知a点场强大于b点场强，带电粒子在a点受电场力较大，从而加速度较大．综上所述，B、C、D正确．9、AD【解析】当把电容器的两块极板错开过程中两极板正对面积减小，根据电容的决定式分析得知，电容C减小，电容与电源相连，两极板间电压U不变，则电容器所带电量减小，电容器放电，由于电容器上板带正电，下板带负电，则电阻R中有向右的电流，AD正确．10、AD【解析】

因为棱形中心o点的电场强度方向由o指向d，故a、c一定是同种电荷，b为正电荷，由于b点电荷离d点较远，为了满点o、d两点的电场强度相同，根据电场的叠加原理可知，a、c两点的电荷一定是同种等量的正电荷，故A正确，B错误；根据o、d两点的电场强度相同，O点的电场强度为E0=kqbob三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A0.34【解析】

（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选择A；（2）应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电流，实物电路图如图所示：（3）由图2所示可知，电流表量程为0.6A，其分度值为：0.02A，读数为：0.34A；12、（1）ACEFG；（2）电路图如图所示；（3）曲线；灯丝电阻阻值随温度变化．【解析】

（1）先选择必需的仪器，即电源和开关导线等；灯泡的额定电压为3V，所以电压表的量程选择3V的C误差较小；额定电流I=PU=0.43≈0.133A，所以电流表的量程选择211mA的A；灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器E；故选择的仪器有：ACEFG；

（2）灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡正常工作时的电阻为：R=U2（4）I-U线斜率的倒数表示电阻，可知随电压的增加，电阻变大，则图B形状最接近.【点睛】本题考查测量伏安特性曲线的实验；解决本题的关键掌握器材选择的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，电流表内外接的区别．同时明确灯泡伏安特性曲线的性质．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2mL【解析】

（1）电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a1，时间为t1，由牛顿第二定律和运动学公式得：a1=e联立得t1=mLeE

粒子刚进入电场E2时的速度v1=a1t1

电子在电场E2中水平方向做匀速直线运动，运动时间为

t2=Lv1

联立得

t2=mLeE

运动的总时间为t=t1+t2=2mLeE