2025届河北省邢台八中物理高一上期末学业质量监测模拟试题含解析

2025届河北省邢台八中物理高一上期末学业质量监测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、一质量为M、带有挂钩的球形物体套在倾角为θ的细杆上，并能沿杆匀速下滑，如在挂钩上再吊一质量为m的物体，让它们沿细杆下滑，如图所示，则球形物体（）A.仍匀速下滑B.沿细杆加速下滑C.受到的摩擦力不变D.受到的合外力增大2、如图所示，一物体受到在同一平面的三个共点力F1、F2、F3的作用．图中每个小方格边长表示1N，则这三个力的合力大小为A.3N B.5NC.8N D.11N3、如图所示，扶手电梯与地面的夹角为30°，质量为m的人站在电梯上．当电梯斜向上作匀加速运动时，人对电梯的压力是他体重的1.2倍．那么，关于电梯的加速度a的大小和人与电梯梯级表面间的静摩擦力f的大小，正确的是（）A.， B.，C.， D.，4、如图为物体运动的速度-时间图像，由图可知（）A.0~2s物体做匀速直线运动B2~6s物体做匀加速直线运动C.2~6s内物体的位移为12mD.0~2s内物体的加速度为1m/s25、在中国海军护舰编队“巢湖”“千岛湖”舰护送下，“河北锦绣”“银河”等13艘货轮顺利抵达亚丁湾西部预定海域，此次护航总航程4500海里．若所有船只运动速度相同，则下列说法正确的是（）A.“4500海里”指的是护航舰艇的位移B.用GPS定位系统研究“千岛湖”舰位置时，可将“千岛湖”舰看作质点C.以“千岛湖”舰为参考系，“巢湖”舰一定是运动的D.根据本题给出条件可以求出护舰编队此次航行过程中的平均速度6、下列关于四项运动的解释，说法正确的是（）A.蹦床运动员在空中上升到最高点时处于完全失重状态B.跳高运动员在越杆时处于平衡状态C.举重运动员在举铃过头停在最高点时，铃处于超重状态D.跳远运动员助跑是为了增加自己的惯性，以便跳得更远7、如图所示，一粗糙水平传送带以速率v1沿顺时针方向运动，传送带的左、右两端皆有一与传送带等高的光滑水平面，一物体以速率v2沿水平面分别从左、右两端滑上传送带，下列说法正确的是（）A.物体从右端滑到左端所需的时间一定大于物体从左端滑到右端的时间B.若v2<v1，物体从左端滑上传送带一定先做加速运动，再做匀速运动C.若v2<v1，物体从右端滑上传送带又返回到右端，则返回右端时物体的速率一定为v2D.若v2>v1，物体从右端滑上传送带又返回到右端，则返回右端时物体的速率一定为v18、如图所示，在粗糙水平地面上放有一个截面为半圆的柱状物体A,现用一水平推力为F使物体B（可视为质点）静止于物体A上，已知A,B两物体的质量分别为mA和mB，整个装置处于静止状态，则下列说法正确的是（）A.物体A对物体B的摩擦力方向沿该处切线向下B.物体A对物体B的作用力为C.物体A对地面的压力为D.地面对物体A的摩擦力等于9、如图所示，AB两物块叠放在光滑水平面上一起向右匀速运动，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.A受到3个力作用 B.A受到2个力作用C.B受到3个力作用 D.B受到2个力作用10、质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A.初速度为5m/sB.第1s内的位移是5mC.任意1s内的速度增量都是2m/sD.前2s内的平均速度是7m/s11、如图所示，自由下落的小球下落一段时间后与弹簧接触，从它接触弹簧开始，到弹簧压缩到最短的过程中，以下说法正确的是（）A.小球加速度先减小再增大B.小球先失重状态后超重C.小球刚接触弹簧时，小球速度最大D.弹簧被压缩最短时小球的加速度为零12、我市开始大力推行文明交通“车让人”行动，如图所示，以8m/s的速度匀速行驶的汽车即将通过路口，有一位老人正在过人行横道，此时汽车的车头距离停车线8m，该车减速时加速度大小为5m/s2，则下列说法中正确的是A.如果驾驶员立即刹车制动，则t=2s时，汽车离停车线距离为2mB.如果驾驶员立即刹车制动，则t=2s时，汽车离停车线距离为1.6mC.如果驾驶员的反应时间为0.4s，汽车刚好能在停车线处停下D.如果驾驶员的反应时间为0.2s，汽车刚好能在停车线处停下二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，一物体从高为，倾角斜坡上的A点由静止开始下滑，物块与斜面间摩擦因数，经过B点后进入水平向右运动的传送带上（设经过B点前后速度大小不变），物体与传送带的摩擦因数，传送带长度，传送带匀速运动的速度为（g取10m/s2，，），求：(1)物块在斜面上运动时的加速度大小a1；(2)物块运动到B点时的速度大小vB；(3)通过计算判断物体能否滑离传送带？若不滑离，求物体返回B点后能够沿斜面上升的最大高度hm。16、（12分）如图所示，质量m=2kg的小物块从倾角θ=37°的光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入粗糙水平面，已知AB长度为3m，斜面末端B处与粗糙水平面平滑连接．试求：（1）小物块滑到B点时的速度大小（2）若小物块从A点开始运动到C点停下，一共经历时间t=2.5s，求BC的距离（3）上问中，小物块与水平面的动摩擦因数μ多大？（4）若在小物块上始终施加一个水平向左的恒力F，小物块从A点由静止出发，沿ABC路径运动到C点左侧3.1m处的D点停下．求F的大小．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）17、（12分）如图所示，水平恒力F＝20N，把质量m＝0.6kg的木块压在竖直墙上，木块离地面的高度H＝6m，木块从静止开始向下做匀加速运动，经过2s到达地面。取g＝10m/s2，求：(1)木块下滑的加速度a的大小；(2)木块与墙壁之间的动摩擦因数。

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、A【解析】不挂重物时，对球形物体受力分析，根据平衡条件列式可求动摩擦因数；对球形物体和所挂重物整体分析，受重力、支持力和摩擦力，根据平衡条件列式分析即可【详解】不挂重物时，球形物体受重力、支持力和摩擦力而匀速下滑，根据平衡条件，在平行斜面方向，有：Mgsinθ−f=0，在垂直斜面方向，有：N−Mgcosθ=0，其中：f=μN，联立解得：μ=tanθ；当挂钩挂重物后，对球形物体和所挂重物整体，在平行斜面方向：F合=(M+m)gsinθ−μN′，垂直斜面方向：N′=(M+m)gcosθ，联立解得：F合=0，故整体依然做匀速直线运动；故A正确，BCD错误；故选A2、B【解析】力的合成遵循平行四边形定则，三力合成可以先合成其中两个力，再与第三个力合成，也可用正交分解法先分解再合成.【详解】以三力交点为坐标原点，建立水平和竖直的坐标系，参照坐标纸可知x方向，合力为零；y方向有；故选B.【点睛】求解合力可以直接根据平行四边形定则合成，有时也可以先正交分解再合成3、B【解析】人在竖直方向上受到重力和电梯的支持力，在水平方向上受到向右的摩擦力，三个力合力沿斜面向上，，根据几何知识可得，，解得，考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】关键是对人受力分析，本题可以等效于人在竖直方向上受到重力与支持力的合力，水平方向上受到摩擦力两个力作用，然后根据牛顿第二定律分析列式求解4、D【解析】AD．0~2s物体的速度均匀增大，做匀加速直线运动，加速度为：A错误，D正确；BC．在2~6s内物体速度保持不变，做匀速直线运动，位移为：BC错误。故选D5、B【解析】A．“4500海里”是护航舰艇走过的轨迹长度，因此是路程，不是位移，故A错误；B．题中海域面积远远大于“千岛湖”舰的尺寸，所以定位时可将“千岛湖”舰看作质点，故B正确；C．若“千岛湖”舰与“巢湖”舰同向匀速行驶，则以“千岛湖”舰为参照物，“巢湖”舰是静止的，故C错误；D．由于不知运动位移和时间，不能求出此次航行的平均速度，故D错误。故选B。6、A【解析】A．蹦床运动员在空中上升到最高点时只受到重力的作用，加速度为重力加速度，处于失重状态，故A正确；B．平衡状态指的是物体处于静止或者是匀速直线运动状态，跳高运动员在越杆时，受到重力的作用，不是受力平衡状态，故B错误；C．举重运动员在举铃过头停在最高点时，铃处于静止状态，受力平衡，不超重也不失重，故C错误；D．惯性的大小只与物体的质量有关，跳远运动员助跑不是在增加自己的惯性，故D错误。故选A。7、CD【解析】A．若物体从右端滑到左端和从左端滑到右端的过程中一直相对于传送带滑动，此时滑动摩擦力产生加速度，两者加速度相等，运动的位移相等，都做匀变速运动，所以运动的时间相等，否则不等，A错误；B．若v2＜v1，物体从左端滑上传送带时所受的滑动摩擦力向右，物体先做匀加速运动，若物体运动到右端时速度仍小于传送带速度时，则没有匀速过程，B错误；C．若v2＜v1，物体从右端滑上传送带又回到右端，物体受到的摩擦力一直向右，加速度不变，即先向左匀减速，后向右匀加速，整个过程是匀变速运动，位移为零，根据速度位移公式，故末速度的大小等于初速度的大小，即返回右端时物体的速率一定为v2，C正确；D．若v2>v1，物体从右端滑上传送带又返回到右端，则物体先向左做匀减速运动，速度减到零后反向加速运动，当速度等于传送带的速度v1时，相对传送带静止，则返回右端时物体的速率一定为v1，D正确。故选CD。【点睛】本题关键是要分成v2大于、等于、小于v1三种情况讨论，同时还要考虑传送带的实际长度是否能保证最后匀速。8、BCD【解析】静摩擦力的方向与相对运动趋势方向相反；分析物体B的受力情况，由平衡条件求解物体A对物体B的作用力；根据整体法求解地面的支持力和摩擦力.【详解】两物体之间的摩擦力为静摩擦力，因物体B相对于A的运动趋势方向不能确定，则物体A对物体B的摩擦力方向不能确定，选项A错误；物体B受重力mBg，A对B的支持力和摩擦力以及力F作用，物体A对物体B的作用力等于A对B的支持力和摩擦力的合力，大小与F和B所受的重力mBg的合力等大反向，即大小等于，选项B正确；对AB的整体，竖直方向地面的支持力等于两物体的重力之和，即N=(mA+mB)g；水平方向：F=f，选项CD正确；故选BCD.【点睛】本题要正确的选择研究对象并能正确受力分析，根据平衡条件求解各个力的大小；注意A对B的作用力是支持力和摩擦力的合力.9、AD【解析】CD．AB一起向右匀速运动,对B受力分析可知，只受到重力和A对B的支持力，没有A对B的摩擦力，故A只受两个力而平衡，C错误，D正确；AB．因A对B无摩擦力,故A受到重力，B对A的压力，地面的支持力，共三个力而平衡，A正确，B错误。故选AD。10、ACD【解析】对照匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，即可求得质点的初速度和加速度，求出前2s内的位移之后，与时间相比即可求得平均速度．速度增量根据△v=at求解【详解】质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2，根据匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，可得质点的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2．选项A正确；将t=1s代入，求得x=6m，所以第1秒的位移是6m，故B错误；任意1s内的速度增量：△v=at=2×1m/s=2m/s，故C正确．由x=5t+t2可得前2s内的平均速度为，故D正确．故选ACD11、AB【解析】小球接触弹簧上端后受到两个力作用：向下的重力和向上的弹力．在接触后的前一阶段，重力大于弹力，合力向下，因为弹力F=kx不断增大，所以合外力不断减小，故加速度不断减小，由于加速度与速度同向，因此速度不断变大．当弹力逐步增大到与重力大小相等时，合外力为零，加速度为零，速度达到最大．后一阶段，即小球达到上述位置之后，由于惯性小球仍继续向下运动，但弹力大于重力，合外力竖直向上，且逐渐变大，因而加速度逐渐变大，方向竖直向上，小球做减速运动，当速度减小到零时，达到最低点，弹簧的压缩量最大；因加速度先向下后向上，先减小再增大；故物体先失重后超重；故AB正确，CD错误．故选AB【点睛】本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习12、BD【解析】AB.汽车速度减为零所需的时间t==s=1.6s则2s内的位移等于1.6s内的位移x=t=×1.6m=6.4m此时汽车离停车线的距离△x=8-6.4m=1.6m故A错误，B正确；C.若驾驶员的反应时间为0.4s，则在反应时间内的位移x′=v0t′=8×0.4m=3.2m到停止时的位移X=x+x′=6.4m+3.2m=9.6m大于8m，汽车车头不能在停车线处停下，故C错误D.若驾驶员的反应时间为0.2s，则在反应时间内的位移x′′=v0t′′=8×0.2m=1.6m到停止时的位移X′′=x+x′′=6.4m+1.6m=8m汽车车头刚好能在停车线处停下，故D正确二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、(1)4m/s2；(2)4m/s；(3)物块不会滑离传送带，上升的最大高度为0.15m【解析】(1)物块沿斜面加速下滑，由牛顿第二定律得代入数据解得斜