2025届甘肃省武威第五中学物理高一上期末质量跟踪监视试题含解析

2025届甘肃省武威第五中学物理高一上期末质量跟踪监视试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、两辆汽车沿平直公路运动，从某时刻开始计时，分别测量两辆车的速度大小，并记录在下表中．从表中数据可知在t=0到t=4s的这段时间内时刻t/s01234汽车甲v1/(m·s-1)18.017.517.016.516.0汽车乙v2/(m·s-1)9.811.012.213.414.6A.汽车甲相对计时起点的位移随时间减小B.汽车乙的速度随时间减小C.汽车甲的速度变化量比汽车乙的大D.汽车甲的加速度比汽车乙的小2、甲、乙两球从同一高度同时由静止释放，下落时受到的空气阻力F与球的速率v成正比，即F=-kv（k>0），且两球的比例常数k相等，如图所示为下落时两球的v—t图象．若甲球与乙球的质量分别为m1与m2，则A.m2<m1，且甲球先抵达地面 B.m2<m1，且乙球先抵达地面C.m2>m1，且甲球先抵达地面 D.m2>m1，且乙球先抵达地面3、关于速度、速度的变化以及加速度的关系，以下的叙述正确的是（）A.速度大的物体加速度一定大B.速度的大小不变的物体加速度一定为零C.速度变化大的物体加速度一定大D.相等的时间内，加速度大的物体速度的变化一定大4、一个大人和一个小孩用不同种雪橇在倾角为θ的倾斜雪地上滑雪，大人和小孩（大人和雪橇的质量较大）之间用一根轻杆（杆与斜面平行）相连．发现他们恰好匀速下滑．若大人、小孩同时松开轻杆，则可能的情况是（）A.大人加速下滑，小孩减速下滑，两者加速度大小相同B.大人加速下滑，小孩减速下滑，两者加速度大小不同C.两人都加速下滑，但加速度不同D.两人都减速下滑，但加速度不同5、自同一地点自由下落的A、B两物体，A的质量是B的2倍，B比A晚1s开始下落，忽略空气阻力，重力加速度，下列说法正确的A.两物体落地时速度相同B.两物体下落所用的时间不相等C.在A落地前，B下落后的任一时刻，A、B两物体间的距离均为5mD.在A落地前，B下落后的任一时刻，A、B两物体速度之差均为6、里约奥运会男子跳高决赛的比赛中，加拿大选手德劳因突出重围，以2米38的成绩夺冠.则A.德劳因在最高点处于平衡状态B.德劳因在下降过程中处于超重状态C.德劳因起跳以后在上升过程中处于失重状态D.德劳因起跳时地面对他的支持力等于他所受的重力7、如图所示，在动摩擦因数μ＝0.1的水平地面上，质量m＝2kg的物块与水平细绳相连，物块在与水平方向成θ＝53°的拉力F作用下处于静止状态，此时水平面对物块的弹力恰好为零．g取10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，以下说法正确的是（）A.此时细绳的弹力大小为13NB.当撤去拉力F的瞬间，物块的加速度为0C.若剪断细绳，则剪断的瞬间物块的加速度大小为7.5m/s2，方向向右D.剪断细绳，则剪断的瞬间物块的加速度大小为6.5m/s2，方向向右8、如图所示，质量为m的物体放在质量为M、倾角为θ的斜面体上，斜面体置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面向下的力F拉物体m使其沿斜面向下匀速运动，M始终静止，则下列说法正确的是A.地面对M的摩擦力大小为FcosθB.地面对M的支持力为（M+m）g+FsinθC.物体m对M的摩擦力的大小为FD.M对物体m的作用力竖直向上9、A、B两物体叠放在水平桌面上，水平拉力F作用在B上，且A、B始终保持静止，下列说法中正确的是A.B对A的支持力与A受到的重力是一对相互作用力B.A受到的摩擦力大小为F，方向水平向左C.桌面受到的摩擦力大小为F，方向水平向右D.A受两个力，B受5个力10、如图所示，一小球被水平细线OA与斜细线OB拉着处于静止．现将整个装置以C点为轴在竖直面内逆时针缓慢地转90o，在此过程中，关于OA、OB绳上的拉力大小FA、FB的变化是A.FA一直变大B.FA先变大后变小C.FB一直变小D.FB先变大后边小11、如图所示，质量为m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端O做圆周运动，球心到O点的距离为L．当小球运动到最高点时速率为，此时球对杆的作用力A.大小为mg B.大小为mgC.方向竖直向下 D.方向竖直向上12、下列关于摩擦力的说法正确的是（）A.静摩擦力的方向一定与接触面相切B.只有静止的物体才受到静摩擦力C.运动的物体可以受到静摩擦力D.静摩擦力的大小与压力的大小成正比二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）如图甲，质量m=2kg的物体置于倾角θ=的足够长且固定的斜面上，t=0时刻，对物体施加平行于斜面向上的恒力F，t=1s时刻撤去力F，物体运动的部分v－t图像如图乙所示。重力加速度g=10m/s2.（1）求物体与斜面间的动摩擦因数和力F的大小；（2）求t=6s时刻物体的速度大小；（3）求物体返回出发点的速度大小。17、（10分）质量为30kg的小孩坐在10kg的雪橇上，大人用大小为100N、与水平方向成37°斜向上的拉力，从静止开始使雪橇做匀加速直线运动，10s时撤去拉力，使雪橇自由滑行，设雪橇与地面间的动摩擦因数为0.2，求：(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2)(1)10s末雪橇的速度；(2)雪橇运动的总路程

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】根据表中数据可知速度的方向以及速度的变化，求出加速度；由于物体的初位置未知，相对于计时起点的位移变化无法判断【详解】A.根据表中数据可知汽车甲的速度方向沿正方向，但由于物体的初位置未知，相对于计时起点的位移变化无法判断．故A错误；B.根据表中数据可知汽车乙的速度随时间增大，故B错误；CD.根据表中数据可知汽车甲的加速度大小为0.5m/s2，汽车乙的加速度大小为1.2m/s2，汽车甲的加速度比汽车乙的小．由于时间不确定，无法比较甲、乙汽车的速度变化量大小．故C错误，D正确故选：D2、D【解析】AB.两球着地前均做匀速直线运动，则mg=kv，因为乙球做匀速运动的速度大，则乙球的质量更大，m2>m1，故AB不符合题意CD.甲乙两球下落的位移相等，即图线与时间轴围成的面积相等，则知甲球的运动时间长，乙球先抵达地面．故C不符合题意D符合题意3、D【解析】加速度在数值上等于单位时间内速度的变化量，表示物体速度变化的快慢，与速度无关．物体速度的大小不变，速度方向可能变化，加速度可能不为零【详解】A．速度大的物体加速度不一定大，比如高速匀速飞行的飞机，速度很大，但加速度为零；故A错误B．物体速度的大小不变，速度方向可能变化，加速度可能不为零．比如匀速圆周运动；故B错误C．速度变化大的物体，根据加速度的定义式可知，加速度不一定大，还取决于变化所用的时间；故C错误D．由知，相等的时间内，加速度大的物体速度的变化一定大；故D正确故选D【点睛】本题考查对加速度的理解能力，可从牛顿第二定律理解速度与加速度的关系，根据定义式理解速度变化量与加速度的关系4、B【解析】把大人与小孩看成一个整体为研究，根据平衡条件有：（M+m）gsinθ=μ（m+M）gcosθ，解得：μ=tanθ，由于大人和小孩用的是不同的雪橇，它们与雪地之间的动摩擦因数不同，并且必定是一大一小，所以大人和小孩的必定是一个加速运动，一个减速运动，两者松开轻杆后，每个人所受合力等大反向，与原来杆上力反向，而两者质量不同则加速度一定不同，故B正确，ACD错误．5、A【解析】A．因两物体下落高度相同，则由=2可知，落地时速度相同，故A正确；B．由=可得，两物体下落所用的时间相同，故B错误；C．假设B运动时间后，A、B两物体间的距离为：=-=10-5；故AB两物体间的距离增大，故C错误；D．由速度公式可=-=2=10m/s；故D错误；6、C【解析】无论是上升过程还是下落过程，还是最高点，运动员的加速度始终向下，所以他处于失重状态，故AB错误，C正确；起跳时运动员的加速度的方向向上，地面对他的支持力大于他受到的重力．故D错误；故选C点睛：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力或悬挂物的拉力变了7、BC【解析】对初始状态的物块受力分析，由平衡条件可得拉力F和细绳的弹力．撤去拉力F的瞬间，细绳的弹力突变，物块的加速度为零．剪断细绳瞬间，物体受重力、支持力，由牛顿第二定律可得物体的加速度【详解】A．物块受重力、绳子的弹力T以及拉力F处于平衡，根据共点力平衡得：，，解得：F＝25N，T＝15N．故A项错误B．撤去拉力F的瞬间，细绳的弹力突变为0，物块的加速度为0．故B项正确CD．剪断细绳，物块受重力、拉力F，由牛顿第二定律得：，解得：a＝7.5m/s2，方向向右．故C项正确，D项错误8、AB【解析】A．物体m沿斜面向下匀速运动，与斜面加速度相同均为零，故可以采用整体法，将物体m与斜面体M看做一个整体，受力分析：根据平衡条件，水平方向Fcosθ-f=0解得f=Fcosθ故A正确；B．竖直方向FN-（M+m）g-Fsinθ=0可得FN=（M+m）g+Fsinθ故B正确；C．对物体受力分析如图物体受到向下的重力mg、拉力F、斜面的作用力（支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力），由于物体匀速下滑，根据平衡条件m受到的摩擦力f′=mgsinθ+F根据牛顿第三定律：物体m对M的摩擦力的大小为mgsinθ+F，故C错误；D．由受力分析，根据平衡条件：M对物体m的作用力即N与f的合力应该与mg合F的合力等大反向，如图中，可见M对物体m的作用力斜向上，故D错误。故选AB。9、CD【解析】A.对A分析，受重力和支持力，二力平衡，B对A的支持力与A受到的重力是一对平衡力，并不是一对相互作用力，故A错误；B.由A选项分析，可知，A不受摩擦力，故B错误；CD.对物体B受力分析，受水平方向向右的拉力，重力、A对B向下的压力，地面对B的支持力、还受地面对B向左的静摩擦力，共5个力；由作用力与反作用力的关系，则桌面受到的摩擦力大小为F，方向水平向右，故CD正确；10、BC【解析】整个装置在纸面内缓慢转动，装置在每个位置都处于状态．以小球为研究对象，设绳与竖直方向的夹角，根据平衡条件，得到BO绳中的拉力FB和OA绳中的拉力FA与夹角的函数关系，再分析拉力如何变化【详解】两绳拉住球处于静止状态，缓慢逆时针转动整个装置时两绳的夹角不变设为，OA绳与竖直方向的夹角为α，则OB绳与竖直方向的夹角为θ-α.根据平衡条件，得FAsinα=FBsin(θ-α)，FAcosα+FBcos(θ-α)=G解得:，因θ不变，α由90°变到0°，根据数学知识，得FA先变大后变小，FB逐渐减小，当α=0°时FB=0.故A，D错误，B，C正确.故选BC.【点睛】本题属于动态变化分析问题，采用的是函数法；也可以用作图法求解，如图所示：作图时要抓住不变的量，它是作图的依据.11、AC【解析】在最高点，设杆对球的弹力向下，大小为F，根据牛顿第二定律得：又解得方向向下。故选AC。12、AC【解析】A．静摩擦力的方向一定与接触面相切，故A正确；BC．运动的物体同样可以受到静摩擦力的作用，例如：随水平传送带加速向前运动的物体，故B错误，C正确；D．静摩擦力大小与正压力大小无关，最大静摩擦力的大小与压力的大小成正比，故D错误。故选AC。二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（1）；（2）6m/s；（3）。【解析】（1）设力作用时物体的加速度为a1，由牛顿第二定律有撤去力后，设物体的加速度为a2，由牛顿第二定律有根据速度时间图象的斜率表示加速度，则有m/s2m/s2代入解得F=48N，（2）根据v-t图象可知，3s末物体速度减为零，之后物体下滑做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有解得a3=2m/s2再过3s，由速度时间公式得v=a3t=6m/s故物体6s末速度大小为6m/s。（3）速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，故前3s的位移为m=24m返回过程根据位移速度关系公式有解得返回出发点的速度为m/s17、(1)v=3m/s(2)x=17.25m【解析】(1)根据“雪橇做匀加速直线运动”可知，本小问考查动力学问题，根据牛顿第二定律求得雪橇的加速度，利用速度公式可求速度.(2)根据“撤去拉力，使雪橇自由滑行”可知，本小问考查多运动过程的位移计算，根据每段的运动的加速度并利用瞬时速