2025届河北省新乐市第一中学物理高二第一学期期中综合测试模拟试题含解析

2025届河北省新乐市第一中学物理高二第一学期期中综合测试模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、探测放射线的计数管工作时,因为射线使内部气体电离，在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达阳极，则计数器中的电流I为（）A．4ne/tB．3ne/tC．2ne/tD．ne/t2、如图所示，用干电池点亮几个小灯泡，不计灯泡的电阻随温度的变化，当逐一闭合电键，接入电路的灯泡增多时，以下正确的是（）A．灯亮度一定增加B．干电池输出的总功率一定减小C．该电路电源的效率一定降低D．整个电路消耗的功率一定减小3、如图所示，交流电流表、和分别与电阻、线圈和电容器串联后接在同一交流电源上．交流电压的瞬时值为．三个电流表的读数分别为、和．现换另一电源供电，交流电压的瞬时值为，．改换电源后，三个电流表的读数变化情况是（）A．、和都不变 B．、不变、变大C．不变、变大、变小 D．不变、变小、变大4、一电流表串联一个分压电阻后就改装成一个电压表，当把它和标准电压表并联后去测某电路中的电压时，发现标准表读数为2V时，而改装表的读数为2.1V.为了使它的读数准确，应(

)A．在原分压电阻上再串联一个较小的电阻B．在原分压电阻上再并联一个较大的电阻C．在原分压电阻上再串联一个较大的电阻D．在原分压电阻上再并联一个较小的电阻5、如图所示，水平天花板下用长度相同的绝缘轻质细线悬挂起来的两个相同的带电小球a、b，左边放一个带正电的固定球＋Q时，两悬球都保持竖直方向。下面说法正确的是()A．a球带正电，b球带正电，并且a球带电荷量较大B．a球带负电，b球带正电，并且a球带电荷量较小C．a球带负电，b球带正电，并且a球带电荷量较大D．a球带正电，b球带负电，并且a球带电荷量较小6、下列说法正确的是A．物体带电量有可能是B．感应起电的本质是电荷发生了转移C．物体所带电量可能很小，可以小于元电荷D．经过摩擦使某物体带正电是因为产生了额外的正电荷二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在匀强磁场中，一矩形金属线框在匀强磁场中绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动如图甲所示，产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．t=0.01s时穿过线框的磁通量最小B．t=0.01s时穿过线框的磁通量变化率最大C．该线框匀速转动的角速度大小为100πD．电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角可能为45°8、质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点．不计空气阻力且小球从未落地，重力加速度为g，则（）A．从A点到最低点小球重力势能减少了mg2t2B．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2C．整个过程中小球所受合外力冲量大小为2mgtD．整个过程中小球电势能减少了mg2t29、带电粒子进入云室会使云室中的气体电离，从而显示其运动轨迹．图是在有匀强磁场云室中观察到的粒子的轨迹，a和b是轨迹上的两点，匀强磁场B垂直纸面向里．该粒子在运动时，其质量和电量不变，而动能逐渐减少，下列说法正确的是A．粒子先经过a点，再经过b点B．粒子先经过b点，再经过a点C．粒子带负电D．粒子带正电10、如图所示，绝缘的轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球（小球与弹簧不拴接），整个系统处在方向竖直向上的匀强电场中。开始时，整个系统处于静止状态，现施加一外力F，将小球向下压至某一位置，然后撤去外力，使小球从静止开始向上运动。设小球从静止开始向上运动到离开弹簧的过程中，电场力对小球所做的功为W1，小球克服重力所做的功为W2，小球离开弹簧时的速度为v。不计空气阻力，则在上述过程中（）A．小球与弹簧组成的系统机械能守恒B．小球的重力势能增加了W2C．小球的电势能减少了W1D．小球的机械能增加了三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值．（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在端________．（选填“a”或“b”）；（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值________（选填“偏大”或“偏小”）．根据所得到的图像如图（乙）所示，它在额定电压下实际功率P＝________W；（3）若将该灯泡直接接在电动势为2.4V，内阻为6Ω的电源两端，此时电路工作的效率为________．12．（12分）如下图所示是研究匀变速直线运动的实验中得到的一条纸带，舍去前面比较密集的点，从0点开始每5个点取一个计数点：0、1、2、3、4、5、6，量得s1＝1.30cm，s2＝3.10cm，s3＝5.38cm，s4＝8.1cm，s5＝11.45cm，s6＝15.26cm；(1)计算打下1、2、3、4、5五个计数点时小车的瞬时速度(要求保留3位有效数字)v1=________m/s；v2=________m/s；v3=________m/s；v4=________m/s；v5=________m/s；(2)将1、2、3、4、5各个时刻的瞬时速度标在如下图所示的直角坐标系中，并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线________。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，平行板电容器极板长度为l，板间距为d，极板间电压为U。一个电子（电荷量记为e，质量为m）沿平行于板面的方向射入电场中，射入时的速度为v0。把两板间的电场看做匀强电场，求电子射出电场时沿垂直板面方向偏移的距离y和偏转的角度的正切值tanθ。14．（16分）在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A、B，质量都为m，现B球静止，A球以速度v向B球运动，发生正碰．已知碰撞过程中总机械能守恒，求两球压缩最紧时（1）A球的速度v′；（2）两球的弹性势能EP．15．（12分）有一台电动机，内部线圈电阻为8Ω，其两端的电压为380V，通过它的电流为10A，试求：（1）电动机的电功率（2）电动机的机械功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的公式I=，q是正离子和电子电量绝对值的和．每个电子电量大小为e，每个二价正离子的电量大小为2e．解答：解：由题：在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达阳极可知，则q=n?2e+2n?e=4ne由电流公式I=得I=故选A．点评：本题考查对电流的定义式中电量的理解能力．对于正负电荷沿相反方向定向移动形成电流的情况求电流时，电量是通过导体截面正负电荷电量绝对值之和．2、C【解析】

由题中“不计灯泡的电阻随温度的变化”可知，本题考查恒定电流中并联电路的功率、效率问题，运用并联电路特点、电阻并联、电路功率等知识可以进行分析。【详解】A.由于闭合开关让灯泡并联，使外电路总电阻变小，因此分压变小，所以每个灯泡的电压变小，电阻不变，导致电流变小，亮度降低，故A错误；B.由于不计灯泡电阻随温度的变化，所以可以把电路看成是纯电阻电路，电源的输出功率：当外电路电阻等于内阻时，输出功率最大，由于本题不知道电源内阻是多少，因此接入电路的灯泡增多时，无法判断输出功率的变化情况，故B错误；CD．根据，可知，总电阻逐渐减小，因此总功率增加，电路的效率降低，因此C正确，D错误。3、D【解析】

由公式知，后来交流电的频率变大，线圈的感抗变大，电容器的容抗变小，对电阻没影响，所以A1示数将不变，A2示数将减小，A3示数增大，所以选项D正确，ABC错误；4、A【解析】

两电压表并联，通过它们的电压相等，标准表读数为2V时，而改装表的读数为2.1V，说明改装后的电压表串联的电阻稍小，而导致电流稍大；为校准电压表，应使串联的电阻阻值稍微增大，可以在原分压电阻上再串联一个较小的电阻，故A正确，B、C、D错误．故选A。5、B【解析】

存在+Q球时，对A、B球受力分析，由于悬线都沿竖直方向，说明水平方向各自合力为零，说明a球带负电，b球带正电，对+Q而言，a、b对+Q的水平方向的库仑力大小相等方向相反。根据得A离+Q较近，所以a球带电荷量较小，b球带电荷量较大。A.a球带正电，b球带正电，并且a球带电荷量较大，与结论不相符，选项A错误；B.a球带负电，b球带正电，并且a球带电荷量较小，与结论相符，选B正确；C.a球带负电，b球带正电，并且a球带电荷量较大，与结论不相符，选项C错误；D.a球带正电，b球带负电，并且a球带电荷量较小，与结论不相符，选项D错误。6、B【解析】

A、元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19C，所有带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故AC错误；B、感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．故B正确；D、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．遵循电荷守恒定律．故D错误；故选B．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

AB.由图象知：t=0.01s时感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，磁通量变化率最小，故A、B错误；C.由图象得出周期T=0.02s，所以ω=2πT=100πD.当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为e=222sin100πtV，电动势瞬时值为22V时，代人瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角正弦值sinα=228、AC【解析】

A．小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反．设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则又v=gt，解得a=3g则小球回到A点时的速度为v′=v-at=-2gt减速时候加速度为自由下落时3倍，所以时间为自由下落的三分之一，总位移为：所以重力势能变化为：故A错误；B．最低点时小球速度为零，所以加电场开始到最低点时，动能变化：故B错误；C．规定向下为正方向，根据动量定理得：△p=-mgt-0=-2mgt所以整个过程中小球合外力的冲量为2mgt，故C正确；D．由牛顿第二定律得：，解得：整个过程中小球电势能减少了故D错误．故选AC．9、AC【解析】试题分析：粒子在云室中运动时，速度逐渐减小，根据可知其运动轨迹的半径逐渐减小，故粒子运动方向为由a到b，故A正确，B错误；运动方向由a到b，磁场垂直纸面向里，所受洛伦兹力方向指向运动轨迹内侧，故由左手定则可知该电荷带负电，故C正确，D错误．故选AC．考点：左手定则10、BC【解析】

A．由于电场力做功，所以小球和弹簧组成的系统机械能不守恒，A错误；B．重力做功为且为负功，则重力势能应增加，B正确；C．电场力做正功，所以电势能减小为，C正确；D．小球增加的机械能应该为电场力对小球做的功，所以机械能增加，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、a偏小1.225％【解析】

（1）明确变阻器采用分压式接法时，电键闭合前应将滑片置于输出电压最小的一端以保护电流表；（2）根据欧姆定律写出电阻测量值和真实值的表达式即可；（3）画出电源的图像，两图像交点即为小灯泡工作电压和电流；【详解】（1）闭合开关前，应将滑动触头置于输出电压最小的a端，以保护电流表；

（2）根据欧姆定律，电阻测量值为，

若考虑电压表内阻影响，待测电阻的真实值为，

比较可知，所以测出的灯泡电阻值比真实值偏小；

根据I-U图象读出时对应的电流，所以小灯泡的实际功率为；（3）作出电源的如图所示：由图像可知，此时小灯泡两端电压为则此时电路工作的效率为：．【点睛】本题考查通过小灯泡的伏安特性曲线判断测量值和真实值之间的关系，注意求解电路的效率时需要画出电源的图像进行求解即可．12、0.1550.2040.3040.2530.355【解析】

（1）根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，有：

（2）根据所求出各点速度大小，采用描点法得出图象如下所示：

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）(2)【解析】(1)电子做类平抛运动,水平方向匀速直线运动,所以通过极板的时间：①竖直方向匀加速直线运动,加速度②③，所