2025届安徽省池州市第二中学物理高二第一学期期中学业质量监测试题含解析

2025届安徽省池州市第二中学物理高二第一学期期中学业质量监测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V，φ2=20V，φ3=30V一个带电粒子只受电场力作用，按图中实线轨迹从A点运动到B点，由此可知（

）A．粒子带正电 B．粒子的速度变大C．粒子的加速度变大 D．粒子的电势能变大2、如图所示，小车AB放在光滑水平面上，A端固定一个轻弹簧，B端粘有油泥，AB总质量为M，质量为m的木块C放在小车上，用细绳连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时AB和C都静止，当突然烧断细绳时，C被释放，C离开弹簧向B端冲去，并跟B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下说法正确的是A．弹簧伸长过程中C向右运动，同时AB也向右运动B．C与B碰前，C与AB的速率之比为m:MC．C与油泥粘在一起后，AB继续向右运动D．C与油泥粘在一起后，AB立即停止运动3、两个小灯泡的标识分别问L1“4V、4W”，L2“4V、8W”，把它们分别接在同一直流电源上(电源内阻不可忽略)，L1消耗的功率恰好为4W，则L2消耗的功率为（）A．一定等于8WB．一定小于8WC．一定大于8WD．条件不足，不能确定4、如图所示，直角坐标系中y轴右侧存在一垂直纸面向里、宽为a的有界匀强磁场，磁感应强度为B，右边界PQ平行y轴，一粒子（重力不计）从原点O以与x轴正方向成θ角的速率v垂直射入磁场，若斜向上射入，粒子恰好垂直PQ射出磁场，若斜向下射入时，粒子恰好不从右边界射出，则粒子的比荷及粒子恰好不从右边界射出时在磁场中运动的时间分别为（）A． B． C． D．5、在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置O点．为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是（

）A．橡皮条固定端的位置

B．描下O点位置、两条细绳套的方向及两个弹簧测力计的读数C．橡皮条伸长后的总长度

D．两个弹簧测力计的读数6、如图所示的电路，L1、L2、L3是3只小电灯，R是滑动变阻器，开始时，它的滑片P位于中点位置．当S闭合时，3只小电灯都发光．现使滑动变阻器的滑片P向右移动时，则小电灯L1、L2、L3的变化情况（各灯电压均未超过额定值）：A．L1变亮、L2变亮B．L2变亮、L3变暗C．L1变暗、L3变亮D．L1、L2、L3均变亮二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某列简谐横波在=0时刻的波形如图甲中实线所示，=3.0s时刻的波形如图甲中虚线所示，若图乙是图甲a、b、c、d四点中某质点的振动图像，则A．这列波沿x轴负方向传播B．图乙是质点b的振动图像C．波速为0.5m/sD．从=0到=3.0s这段时间内，质点a通过的路程为1.5m8、如图所示，短形线框abcd与磁场方向垂直，且一半在匀强磁场内，另一半在磁场外，若要使线框中产生感应电流，下列方法中可行的是A．以ad边为轴转动B．以中心线OO＇为轴转动C．以ab边为轴转动（小于60°）D．以cd边为轴转动（小于60°）9、如图所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总电阻为R1，电阻大小关系为R1=RA．固定电阻R2B．电源的输出功率先减小后增大C．电源的输出功先增大后减小D．滑动变阻器R110、如图所示，竖直的光滑半圆形轨道，水平直径ac=2R，轨道左半部分处在垂直纸面向里的匀强磁场中，右半部分处在垂直纸面向外的匀强磁场中。将质量为m的金属小球从a点无初速释放，下列说法正确的是A．小球不可能运动到c点B．运动过程中小球内没有感应电流C．运动过程中系统的机械能守恒D．小球最终产生的内能为mgR三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一只小灯泡，标有“3V,1.5W”字样．现要描绘小灯泡0～3V的伏安特性曲线．实验器材有：A．最大阻值为10Ω的滑动变阻器B．电动势为6V、内阻约为1.0Ω的电源C．量程为0.6A、内阻约为1.0Ω的电流表A1D．量程为3A、内阻约为0.1Ω的电流表A2E．量程为3V、内阻约为6kΩ的电压表V1F．量程为15V、内阻约为10kΩ的电压表V2G．开关、导线若干(1)电压表应选用________；电流表应选用________．(将选项代号的字母填在横线上)(2)在该实验中，设计了如下图所示的四个电路．为了减小误差，应选取的电路是________(将选项代号的字母填在横线上)．(3)以下是该实验的操作步骤：A．将电流表、电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路B．调节滑动变阻器触头的位置，保证闭合开关前使变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大C．闭合开关，记下电流表、电压表的一组示数(U，I)，移动变阻器的滑动触头，每移动一次记下一组(U，I)值，共测出12组数据D．按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线段连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线指出以上步骤中存在错误或不妥之处并修改：________12．（12分）某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1的伏安特性曲线，已知该电子元件的电阻约为120Ω．现在通过实验描绘一个这个电子元件伏安特性曲线，要求多次测量并尽可能减小实验误差，现有电源（电动势6V，内阻不计）、电流表A0（0-500μA，内阻1000Ω）、定值电阻R0、开关和导线若干，其他可供选用的器材如下：A．电流表（0~50mA，内阻约5Ω）B．电流表（0~0.6A，内阻约为0.2Ω）C．滑动变阻器（0~10Ω，额定电流1.0A）D．滑动变阻器（0~50Ω，额定电流0.2A）（1）为了测定小灯泡上的电压，可以将电流表A0串联定值电阻的阻值R0=_______Ω，将其改装成一个量程为6.0V的电压表（2）根据题目提供的实验器材，请你设计测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）（请画在方框内）__________（3）为减小测量误差并便于操作，实验中电流表应选用_________，滑动变阻器应选用________（选填器材前的字母）．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示,宽度为I0的平行光束从空气中斜射到一平板玻璃的上表面,入射角i=60°,该光束由两种不同的单色光a和b组成,玻璃对两种单色光的折射率分别为，试求：①两种单色光在玻璃中的传播时间之比；②为使光从玻璃下表面出射时，两种光各自的光束不重叠，玻璃板的厚度d的最小值．14．（16分）如图所示，相距20cm的平行金属导轨所在平面与水平面夹角θ=37°，现在导轨上放一质量为330g的金属棒ab，它与导轨间动摩擦因数为0.50，整个装置处于磁感应强度为2T的竖直向上匀强磁场中，导轨所接的电源电动势为15V，内阻不计，滑动变阻器的阻值满足要求，其他部分电阻不计，取g=10m/s2，为了保证ab处于静止状态，则：（1）ab通入的最大电流为多少？（2）ab通入的最小电流为多少？（3）R的调节范围是多大？15．（12分）如图所示，绝缘光滑轨道AB部分为倾角为30°的斜面，AC部分为竖直平面上半径为R的圆轨道，斜面与圆轨道相切。整个装置处于场强为E、方向水平向右的匀强电场中。现有一个质量为m的小球，带正电荷量为q＝，要使小球能安全通过圆轨道，在O点的初速度应满足什么条件？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

由图象可知带电粒子的轨迹向右偏转，得出粒子所受力的方向向右；又由电场线指向电势降低的方向，得出电场线方向大致向左．因为带电粒子受力与电场的方向相反，所以粒子带负电，故A错误；由动能定理得，合外力（电场力）做正功，动能增加，故B正确；由于等势面密的地方电场线也密、电场线密的地方粒子受到的力也大，力越大加速度也越大，所以粒子从A点运动到B点，加速度在变小，故C错误；由电场力做功的公式得，粒子从A点运动到B点，电场力做正功，电势能减小，故D错误．【点睛】做曲线运动物体所受合外力指向曲线内侧，本题中粒子只受电场力，由此可判断电场力向右，根据电场力做功可以判断电势能的高低和动能变化情况，加速度的判断可以根据电场线的疏密进行．2、D【解析】

小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒,开始时都静止，即总动量为零,结合动量守恒定律分析物块和小车的速度之比,以及C与泥粘在一起时的运动情况【详解】A、小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒,开始总动量为零,当弹簧伸长的过程中,C向右运动,则小车向左运动,故A错误.

B、规定向右为正方向,在C与B碰前,根据动量守恒得，计算得出故B错；CD、因为小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒,开始总动量为零,当C与泥粘在一起时,总动量仍然为零,则小车停止运动,故C错；D对；故选D【点睛】解决本题的关键是将小车、物块和弹簧视为一个系统，整体应用动量守恒定律．3、B【解析】

由公式可知灯泡L2的电阻小于灯泡L1的电阻，因此将灯泡L2接入电路时其分压作用小于灯泡L1的分压作用，因此灯泡L2两端电压小于4V，因此功率小于8WA.一定等于8W与分析不符，A错误B.一定小于8W与分析相符，B正确C.一定大于8W与分析不符，C错误D.条件不足，不能确定与分析不符，D错误4、C【解析】

若斜向上射入，粒子恰好垂直PQ射出磁场，即粒子的偏转角为，由几何关系可知，若斜向下射入时，粒子恰好不从右边界射出，即粒子的速度方向与PQ相切，由几何关系可知，由以上两式解得：，粒子在磁场中做匀速圆周运动时有：解得：所以若斜向下射入时，粒子恰好不从右边界射出，粒子的偏转角为1200，所以粒子在磁场中运动的时间为：．故应选：C．5、B【解析】该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，故需要记录的是两弹力的大小和方向，故ACD错误，B正确．故选B.点睛：该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小．6、B【解析】

由题意可知考查电路的动态分析，根据闭合电路欧姆定律分析计算可得。【详解】滑片P向右移动，支路电阻增大，外电阻增大，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知总电流减小，内电压减小，外电压增大，通过灯L1电流变小，所以变暗，外电压增大，灯L1的电压减小，说明灯L2两端电压增大，通过灯L2的电流增大，变亮，而总电流减小，通定灯L3电流减小，变暗。A．描述与题意分析不符合，故A错误。B．描述与题意分析符合，故B正确。C．描述与题意分析不符合，故C错误。D．描述与题意分析不符合，故D错误。【点睛】电路动态分析时，先从局部电阻入手，分析电阻变化，再分析总电阻变化，根据闭合电路欧姆定律可知总电流变化，内电压变化，外电压变化，先分析电阻不变的用电器电流、电压变化，最后灵活选择电流、电压关系间接分析出电阻变化用电器电流、电压变化情况。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A．由图甲知，波长为λ=2m，由图乙知，周期T=4s，由于根据波形平移法可知波沿x轴负方向传播，故A正确；B．在t1=0时刻，质点b正通过平衡位置向下运动，与乙图情况不符，所以乙图不可能是质点b的振动图线，故B错误；C．波速为故C正确；D．从t1=0s到t2=3.0s这段时间内，因则质点a通过的路程为故D错误。故选AC。8、ABC【解析】A.以ad边为轴转动，穿过线圈的磁通量减小，有感应电流产生。故A正确；B.以中心线OO′为轴，穿过线圈的磁通量减小，有感应电流产生。故B正确；C.以ab边为轴转动(小于60∘)，穿过线圈的磁通量减小，有感应电流产生。故C正确；D.以cd边为轴转动(小于60∘)，穿过线圈的磁通量Φ=BS/2，保持不变，没有感应电流产生。此法不可行。故D错误。故选：ABC.点睛：磁通量是穿过线圈的磁感线的条数．对照产生感应电流的条件：穿过电路的磁通量发生变化，分析判断有无感应电流产生．9、AB【解析】试题分析：在滑动触头从a端移到到b端的过程中，R1接入电路的电阻（实际上是RaP和RbP的并联电阻）先增大后减小，所以电路中的总电流先减小后增大，因为R2在干路，所以固定电阻R2上消耗的电功率先减小后增大，A正确；当R外=r考点：考查了电功率的计算【名师点睛】题关键判断出滑动变阻器滑片P从最右端→中间→左端总电阻变化情况和电源的输出功率与外电阻的关系，能巧妙运用等效思维分析变阻器功率的变化．10、AD【解析】

ABC.小球左边磁场进入右边磁场过程中，磁通量先向里减小，再向外增加，所以磁通量发生了变化，会产生感应电流，系统机械能不守恒，所以小球不能运动到c点，故A正确，BC错误；D.根据能量守恒，可知小球最终停在最低点b，重力势能全部转化为内能，所以小球最终产生的内能为mgR，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)E；C；(2)C；(3)步骤B不妥，正确应该是：闭合开关前应使变阻器与小灯泡并联部分的电阻为零；步骤D有错，正确应该是：在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来．【解析】试题分析：（1）因为小灯泡的额定电压为3V，所以选择量程为3V的电压表E，小灯泡的额定电流为，故选择电流表C（2）由于小灯泡的电阻和电流表的内阻非常接近，所以电流表的分压过大，需要采用电流表的外接法，电压需要从零开始，故采用滑动变阻器的分压接法，故选择电路图C（3）步骤B不妥，闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；步骤D有错，应为按所测数据，在坐标纸上点并将各点用一条平滑的曲线连接起来考点：考查了描绘小灯泡伏安特性曲线实验【名师点睛】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图，确定滑动变阻器与电流表接法是正确设计实验电路的前提与关键，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器采用分压接法12、(1)11000Ω(2)电路图如图所示；(3)BC【解析】（1）根据串并联电路规律可知，；

（2）根据题意可知，要画出对应的伏安特性曲线应采用分压接法，同时因电流表内阻较小，故应；故采用电流表外接法；如图；

③电源电动势为6V，电阻约为120Ω；则电流约为：=0.5A；故电流表选