物理（湖北省卷专用）-2025年中考终极押题猜想（解析版）

2025年中考物理终极押题猜想（高分的秘密武器：终极密押+押题预测）目录题型一选填题押题猜想一声现象 3押题猜想二光现象 5押题猜想三物态变化和内能及其利用 7押题猜想四估测问题 11押题猜想五力与运动 13押题猜想六液体与大气压强 17押题猜想七机械能及其转化 20押题猜想八杠杆与滑轮问题 23押题猜想九电路设计 28押题猜想十串并联电路的电流与电压 30押题猜想十一电磁感应与磁场对电流的作用 32押题猜想十二家庭电路 35押题猜想十三电路故障问题 38押题猜想十四欧姆定律的应用 40押题猜想十五电路的动态分析 43押题猜想十六电功、电功率的简单计算 47题型二作图题押题猜想十七光学 50押题猜想十八力学 52押题猜想十九电磁学 54题型三实验探究题押题猜想二十热学 57考点：水沸腾时温度变化的特点押题猜想二十一光学 60考点：探究凸透镜成像的规律押题猜想二十二力学 63考点1探究影响摩擦力大小的因素 63考点2探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系 66考点3探究杠杆的平衡条件 70押题猜想二十三电磁学 74考点1探究影响电流通过导体时产生热量的因素 74考点2探究电磁感应现象的实验 78考点3探究电流与电压、电阻的关系 81考点4实验测量小灯泡的电功率 86题型四综合应用题押题猜想二十四力学综合计算题 92押题猜想二十五电学综合计算题 97题型一选填题押题猜想一声现象1.（2024·湖北直辖县模拟）如图所示是同学们正在音乐课堂上用古筝弹奏乐曲，下列说法中正确的是（）A．学生听到的乐曲声是由空气振动产生的 B．教师听到的乐曲声是通过琴弦传播来的 C．用大小不同的力拨动同一根弦，发出声音的响度不同 D．乐曲声对邻班正在进行英语听力训练的同学而言是乐音【答案】C【解析】A.学生听到的乐曲声是由古筝的弦振动产生的，故A错误；B.教师听到的乐曲声是通过空气传播来的，故B错误；C.用大小不同的力拨动同一根弦，振幅不同，发出声音的响度不同，故C正确；D.乐曲声对邻班正在进行英语听力训练的同学而言是噪声，故D错误。故选：C。押题解读声音的产生与传播，声音的三种特质的区别，声音的利用和噪声的控制，是近年来湖北中考命题的热点，通常还会和乐器结合考查，声学内容的考查也越来越体现出知识的整合和理解能力。考前秘笈声由物体振动产生的；声是在介质中传播的；振幅是指声音振动的幅度，声音的响度和振幅有关，振幅越大，响度越大；噪声是物体做无规则的振动形成的。1．（2024·湖北黄石港区一模）琴和瑟是我国传统的两种乐器，通过弹拨琴和瑟的弦使之发声。下列说法正确的是（）A．正在发声的琴弦，没有振动 B．琴和瑟发出的声音，可以在真空中传播 C．人们依据音色的不同，能区分出琴和瑟的声音 D．琴和瑟发出的声音音调相同时，它们的响度一定相同【答案】C【解析】A、一切正在发声的物体都在振动，因此正在发声的琴弦一定在振动，故A错误；B、声音的传播需要介质，真空中不能传播声音，故B错误；C、不同物体发声的音色是不同的，人们能区分出琴和瑟的声音，是因为它们的音色不同，故C正确；D、音调是指声音的高低，与物体的振动频率有关，响度是指声音的强弱，与物体的振动幅度有关，因此两者之间没有必然的联系，故D错误。故选：C。2．（2024·湖北武汉模拟）古筝，因其音域宽广、音色优美、演奏技巧丰富、表现力强而被称为“众乐之王”，亦称为“东方钢琴”，是中国独特的、重要的民族乐器之一。如图所示是表演者弹奏古筝的情景，下列有关说法正确的是（）A．演奏时用力拨动琴弦，音调升高 B．演奏时拨动琴弦越快，声音传播速度越快 C．演奏前需要调弦，绷紧的弦发声的音调高 D．演奏时的声音悦耳动听，细琴弦发声的响度大【答案】C【解析】A、弹奏古筝时，手指越用力，发出声音的响度越大，故A错误；B、声速跟介质和温度有关，跟其它因素没有关系，古筝演奏时拨动琴弦越快，则发出的声音的音调越高，故B错误；C、演奏前需要调弦，绷紧的弦发声的音调高，故C正确；D、演奏时的声音悦耳动听，细琴弦发声的音调高，故D错误。故选：C。押题猜想二光现象1.（2024·湖北黄石港区）如图是鲁迅先生在《社戏》中所描写的“乌篷船”，它以小巧灵活穿梭在水道阡陌纵横的水乡——绍兴。根据图中所提供的信息，下列分析正确的是（）A．岸上的树在地面形成影子其原理与平面镜成像原理相同 B．船桨在水面处好似折断了，是光折射形成船桨的实像 C．船篷能阻挡阳光中的红外线对船舱中人的伤害 D．小桥在水中的倒影由光的反射所成的虚像【答案】D【解析】A、影子的形成是由于光的直线传播，平面镜成像是光的反射现象，故A错误；B、船桨在水面处好似折断了，是光折射形成的，看到的是船桨的虚像，故B错误；C、船篷能阻挡阳光中的紫外线对船舱中人的伤害，故C错误；D、小桥在水中的倒影属于平面镜成像，由光的反射所成的虚像，故D正确。故选：D。押题解读光在均匀介质中直线传播；光的反射现象；光的折射现象及其应用相结合考查，一题多知识点的考查是近些年湖北中考命题的一特色。考前秘笈解答这类光现象的多知识点题，先要了解光现象的一些知识及对应现象。影子的形成是由于光的直线传播；平面镜成像是光的反射现象；光从一种介质斜射入另一种介质中发生的是折射；水中的倒影是光的反射形成的虚像。1．（2024•湖北广水市一模）光与影的世界美妙无穷。如图所示的光现象中，能用光的直线传播解释的是（）A．水中的倒影 B．日晷上针的影子 C．镜中文字 D．筷子“弯折”【答案】B【解析】A、倒影是光的反射现象，故A错误；B、影子是光的直线传播现象，故B正确；C、镜中文字是凸透镜成像，是光的折射现象，故C错误；D、“折断”的筷子是光的折射现象，故D错误。故选：B。2．（2024•湖北丹江口市模拟）近几年来，我县生态环境日益改善，如图是一群白鹭在马踏湖捕鱼觅食的场景，水中白鹭的倒影是由于光的（选填“反射”或“折射”）所形成的，白鹭看见水中的鱼，其实是鱼的（选填“实像”或“虚像”）。【答案】反射；虚像；虚像。【分析】光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；光线从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯，看到的是物体折射后的虚像。【详解】一群白鹭在寻乌河捕鱼觅食的场景，水中白鹭的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射所形成的虚像；白鹭看见水中的鱼，其实是鱼的反射的光线从水中斜射入空气时折射，人眼逆着折射光线而看到的虚像。押题猜想三物态变化和内能及其利用1．（2024•湖北襄阳襄州区模拟）2024年春节前夕，我国中东部经历了大范围持续雨雪冰冻天气，过冷的雨水（冻雨）碰到地面物体后直接冻结，形成毛玻璃状（或透明）的坚硬冰层，这就是“雨凇”。如图所示，“雨凇”是一种（）A．熔化现象 B．凝固现象 C．液化现象 D．凝华现象【答案】B【解析】雨凇是过冷却的液态降水（冻雨）碰到地面物体后直接冻结而成的毛玻璃状或透明的坚硬冰层，属于凝固。故选：B。押题解读物质的三态六变常与生活、生产、古诗词等现象相结合考查，物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。近些年这类题常和热点结合考查。考前秘笈此类题是考查学生对生活中物态变化现象的掌握，解答此类题目的关键是明确物质变化前后的状态，难度不大，只需熟练掌握三态六变及吸放热现象。2．（2024·湖北直辖县模拟）汽油机是汽车的“心脏”，汽油机的冲程将内能转化为机械能；汽车发动机工作时会产生大量的热，人们利用水的循环给它散热降温，主要是因为水的大；初温为20℃、质量为1kg的水吸收3.78×105J热量后温度将升高到℃。（水面上方的气压为1标准大气压）【答案】做功；比热容；100【解析】（1）内燃机的四个冲程中，做功冲程把内能转化为机械能，对外提供动力；（2）汽车的散热器可用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，降低发动机的温度；（3）水升高的温度为：Δt＝＝＝90℃；水的末温为20℃+90℃＝110℃＞100℃，此时大气压为1个标准大气压，故最高温度只能达到100℃押题解读本题考查了水的比热容的特点和应用以及内燃机的工作过程：在一个工作循环中有四个冲程，活塞往复运动两次，曲轴和飞轮转动两周，只有在做功冲程中使机车获得动力，其他三个冲程均为辅助冲程，依靠惯性完成。内能的利用会考查教材中的图片。考前秘笈热学重要知识：（1）热机的四个冲程（吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程），只有做功冲程，对外提供动力；（2）比热容是反映不同物质吸放热能力的一个物理量，物质的比热容越大，在质量和升高温度相同时，吸收热量多；

（3）根据Q吸=cm（t-t0）公式计算水升高到的温度。1．（2024•湖北孝感一模）武汉在2024年3月24日成功举行了精彩的马拉松比赛。为保障武汉马拉松比赛顺利进行，武汉相关部门特地采用了“人工驱雨技术”避免降雨对武汉马拉松比赛的影响。在生活生产中，我们也时常利用“人工降雨技术”为干旱地区抗旱。下面关于干冰人工降雨说法正确的是（）A．干冰是固态的二氧化碳，人工降雨是利用干冰熔化吸热来降低云层温度 B．云层中的水蒸气遇冷后液化成小水滴，小水滴凝结在凝结核上形成雨 C．干旱季节，只要我们需要，随时都可以利用人工降雨抗旱 D．人工降雨和人工驱雨可以随意使用，不会对环境造成任何危害【答案】B【解析】A、干冰是固态的二氧化碳，人工降雨是利用干冰升华吸热来降低云层温度，故A错误；B、云层中的水蒸气遇冷后液化成小水滴，小水滴凝结在凝结核上形成雨，故B正确；C、干旱季节，天空中有足够的云气时才能利用人工降雨抗旱，故C错误；D、人工降雨和人工驱雨不可以随意使用，会对环境造成任何危害，故D错误。故选：B。2．麻婆豆腐是一道名菜（如图），《锦城竹枝词》等书对“麻婆豆腐”均有记录，关于烹饪“麻婆豆腐”的过程，下列说法正确的是（）A．制作“麻婆豆腐”的过程中是利用做功的方式增加内能 B．制作“麻婆豆腐“的过程中，豆腐的温度越高，含有的热量越多 C．闻到“麻婆豆腐“的香味是因为分子的热运动 D．做好的“麻婆豆腐”上方冒着“白气”是水蒸气汽化形成的【答案】C【解析】A、制作过程是高温的锅把内能传递给低温的“麻婆豆腐”，使其内能增加，温度升高，是利用热传递的方式增加内能，故A错误；B、热量是一个过程量，只能说吸收（或者放出）了多少热量，不能说某物体含有多少热量，故B错误；C、闻到“麻婆豆腐”的香味是因为分子在不停地做无规则运动，故C正确；D、做好的“麻婆豆腐”上方冒着“白气”是水蒸气液化形成的，故D错误。故选：C。3．（2024•湖北一模）今年2月初，我省部分地区经历了一场冻雨加暴雪的天气灾害。冬末春初时，有时雨落在树木、高楼、山岩、电杆等物体上，立即“滴水成冰”，这种雨在气象学上叫“冻雨”。冻雨大量冻结积累后能压断电线和树枝，严重的冻雨会把房子压塌。冻雨“滴水成冰”本质上是一种现象，雪的形成本质上是一种现象。（两空均填写物态变化名称）【答案】凝固；凝华【解析】冻雨“滴水成冰”本质上是水由液态变为固态的过程，属于凝固现象；雪是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象。4．（2024•湖北随州模拟）如图所示，在一个配有活塞的厚透明筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速下压，压缩空气，使筒内空气的内能，温度升高，观察到硝化棉燃烧。上述改变物体内能的方式与发烧时用冷毛巾给头部降温改变物体内能的方式（选填“相同”或“不相同”）。【答案】做功；增大；不相同【解析】当把活塞迅速压下去时，活塞对空气做功，筒内空气的内能增加，温度升高，达到硝化棉的着火点，硝化棉就燃烧起来，是通过做功的方式改变物体的内能；发烧时用冷毛巾给头部降温是通过热传递的方式改变人的内能，故上述改变物体内能的方式与发烧时用冷毛巾给头部降温改变物体内能的方式不相同。押题猜想四估测问题1．（2024•湖北孝感高新区一模）人的身体中藏有很多“尺”（如图所示），可以帮助我们估测物体的长度、身高170cm的小明，利用自己的身体特征进行了以下估测，其中最接近实际的是（）A．单人课桌长3拃（zhǎ），约0.6m B．黑板长2.5庭（tuō），约9m C．教室长15步，约30m D．文具盒宽4指，约0.005cm【答案】A【解析】A、单人课桌长3拃，约0.6m,故A正确；

B、黑板长2.5庭（tuō），约2.5m,故B错误；

C、走路时，两脚尖之间的距离在1m左右，15步幅应该在15m左右，故C错误；

D、文具盒宽4指，一指约1cm,约为4cm,故D错误。

故选：A。押题解读本题考查学生对常见一些长度的估测，对物理量的估测是初中物理的一项基本要求，平时结合所学知识对身边的物体多观察，多思考，进而做出正确的判断。考前秘笈不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。1．（2024•湖北黄冈模拟）学校对初二级的学生进行了体质健康测试，下面记录了初二学生小东的一组测试数据，你认为测试数据中最不符合小东实际的是（）A．体重500kg B．体温36.8℃ C．身高160cm D．脉搏70次/分钟【答案】A【解析】A、成年人质量在65kg左右，中学生质量略小于此数值，在50kg左右，故A不符合实际；

B、人体正常体温在36.8℃左右，变化幅度很小，故B符合实际；

C、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高略小于此数值，在160cm=16dm左右，故C符合实际；

D、正常情况下，人的脉搏跳动一次的时间接近1s,1min跳动70次左右，故D符合实际。

故选：A。2．（2024•湖北监利市模拟）对一些生活常识的认知是科学素养的重要方面，下列对一些生活中的相关物理量估测比较贴近事实的是（）A．一袋普通方便面的质量大约为100g B．一只普通茶杯的体积为5升 C．人沐浴时水的温度约为60℃ D．中学生从一楼爬上四楼克服重力做功功率约5000W【答案】A【解析】A、两个鸡蛋的质量约100g,一袋普通方便面的质量与此差不多，在100g左右，故A正确；

B、一只普通茶杯的体积为500毫升，故B错误；

C、人沐浴时水的温度约为40℃，故C错误；

D、中学生体重在500N左右，从一楼爬上四楼，上升的高度约为3m×（4-1）=9m；中学生从一楼走到四楼时间约45s,克服重力做功的功率大约是P==100W，故D错误。

故选：A。押题猜想五力与运动1.（2024·湖北沙洋县模拟）如图所示，小强用水平向右的力推静止在水平地面上的箱子，但箱子没动。下列说法正确的是（）A．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力 B．箱子对地面的压力和地面对箱子的支持力是一对平衡力 C．箱子受到水平方向的推力小于地面对箱子的摩擦力 D．若此时一切外力都突然消失，箱子会静止在原地【答案】D【解答】A．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直线上是一对平衡力，故A错误；B．箱子对地面的压力和地面对箱子的支持力是大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，一对相互作用力，故B错误；C．箱子没动处于静止状态，受力平衡，箱子受到水平方向的推力等于地面对箱子的摩擦力，故C错误；D．据牛顿第一运动定律知，一切物体在没有受到任何外力时，其总是保持静止状态或匀速直线运动状态；箱子原来静止，若此时一切外力都突然消失，箱子仍会静止在原地，故D正确。故选：D。押题解读本题考查平衡力与相互作用力的辨别；力与运动的关系；牛顿第一定律的概念。平衡力的条件大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直线上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；物体处于静止状态，受平衡力的作用，据牛顿第一运动定律知，一切物体在没有受到任何外力时，其总是保持静止状态或匀速直线运动状态。考前秘笈判断两个力是否为平衡力，必须从分析两个力是否“同物”开始，若不“同物”肯定不是平衡力，若“同物”再分析它们是否等大、反向、共线。只有同时满足四个条件才是平衡力；相互作用的两个力也具有等大、反向、共线的性质，但受力物体不同。1．（2024•湖北广水市一模）初中体育考试前夕，为了获得满意的成绩，同学们每天都在认真的训练。如图所示是同学们在操场上练习立定跳远时的情景，下列说法正确的是（）A．起跳时，脚要用力向后蹬地，利用了力的作用是相互的 B．人的重力和人对水平地面的压力是一对平衡力 C．落地时，人由于受到惯性作用身体会向前倾 D．穿上底部有花纹的鞋子，是为了增大对地面的压强【答案】A【解析】A、起跳时，脚要用力向后蹬地，地面同时给脚一个反作用力，所以人能跳起，利用了物体间力的作用是相互的，故A正确；B、人的重力和人对地面的压力作用在不同的物体上，且方向相同，所以不是一对平衡力，故B错误；C、落地时，人由于惯性身体会向前倾，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故C错误；D、穿上底部有花纹的鞋子，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。故选：A。2．（2024•湖北一模）小明站在沿水平方向运动的滑板车上不再蹬地，而是让车滑行，滑板车最终会慢慢停下来。这是因为（）A．滑板车失去了惯性 B．力改变了滑板车的运动状态 C．滑板车受到了平衡力的作用 D．滑板车没有受到力的作用【答案】B【解析】A、任何物体都有惯性，滑板车惯性不会消失，由于惯性继续滑动，故A错误；B、滑板车最终会慢慢停下来，是阻力改变了滑板车的运动状态，故B正确；C、滑板车慢慢停下来，说明速度大小改变，即运动状态改变，受到了非平衡力的作用，故C错误；D、滑板车受重力、支持力、摩擦阻力的作用，故D错误。故选：B。3．（2024•湖北巴东县模拟）甲、乙两实心长方体，重叠放置于水平面上，如图a所示，当它们分别受到F1＝5N和F2＝8N的水平拉力时保持静止；如图b所示，当甲受到F3＝15N的拉力时，甲、乙一起以1m/s的速度匀速向右运动；如图c所示，当乙以2m/s的速度在水平面上做匀速直线运动时，乙受到水平向右的推力F4。甲、乙表面和地面的粗糙程度均匀，下列说法正确的是（）A．图a中甲对乙的摩擦力为5N，水平向左 B．图a中乙对地面的摩擦力为3N，水平向左 C．图b中甲、乙之间的摩擦力为12N D．图c中F4的大小为15N【答案】B【解析】A．图a中，甲受到向右的拉力和向左的摩擦力，大小相等，乙对甲的摩擦力为5N，方向水平向左，甲对乙的摩擦力为5N，方向水平向右，故A错误；B．图a中，甲、乙整体受到向左的拉力和向右的拉力以及摩擦力，三力平衡，地面对乙的摩擦力为8N﹣5N＝3N，方向水平向右，因为力的作用是相互的，所以乙对地面的摩擦力大小也为3N，方向水平向左，故B正确；C．图b中甲、乙一起匀速向右运动，甲相对于乙保持静止状态，所以甲处于平衡状态，故甲受到的拉力与乙对甲的摩擦力是一对平衡力，大小相等，则乙对甲的摩擦力为15N，故甲、乙之间的摩擦力为15N，故C错误；D．在图b中，甲、乙一起匀速向右运动，甲、乙整体处于平衡状态，甲、乙整体受到摩擦力等于拉力15N，图c中，只有物体c，对地面压力减小，故地面对乙的摩擦力小于15N，图c中用推力F4水平向右推乙，乙以2m/s的速度做匀速直线运动，乙处于平衡状态，则F4的大小与乙受到的滑动摩擦力大小相等，也小于15N，故D错误。故选：B。押题猜想六液体与大气压强1．（2024•湖北巴东县模拟）如图，下列有关压强的描述正确的是（）A．图1：大型客机飞行时机翼上表面空气流速大压强小 B．图2：安全锤做得很尖是为了减小受力面积，从而减小压强 C．图3：自制气压计从山脚拿到山顶，玻璃管中液柱随外界气压增大而升高 D．图4：向盛有刚沸腾的水的烧瓶底浇冷水，增大水面上方的气压从而降低水的沸点【答案】A【解析】A、大型客机飞行时机翼上表面空气流速大，压强小，下表面流速小压强大，产生向上的升力，故A正确；B、安全锤做得很尖是在压力一定时，减小受力面积，从而增大压强，故B错误；C、自制气压计瓶内压强等于外界大气压加上水柱的压强，从山脚拿到山顶，大气压减小，内部压强几乎不变，因而水柱升高，说明玻璃管中液柱随外界气压减小而升高，故C错误；D、向盛有刚沸腾的水的烧瓶底浇冷水，使得内部水蒸气液化，内部压强减小，减小了水面上方的气压从而降低水的沸点，故D错误。故选：A。押题解读本题考查改变压强的方法、流体压强、大气压的测量和液体沸点与气压关系，属于综合题，有一定的难度，知识点多，关键平时知识的理解和掌握。考前秘笈解答这类多知识点题，先要了解这些知识，流体中流速大的位置压强小；增大压强的方法是增大压力或减小受力面积；自制气压计的原理是瓶内压强等于外界大气压加上水柱的压强；液体的沸点随气压的减小而降低。1．（2024•湖北黄石港区一模）下列关于压强的说法正确的是（）A．图甲中，剪刀有锋利的刃是为了减小压强 B．图乙中，墨水会被吸进钢笔，是利用了大气压强 C．图丙中，将玻璃管竖直下压，下端管口橡皮膜受到的压强变小 D．图丁中，从纸条上方沿纸条吹气，此时纸条上方的气压大于下方的气压【答案】B【解析】A、图甲中，剪刀有锋利的刃，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故A错误；B、图乙中，吸钢笔水时，先用手捏笔胆排除里面的空气，松手后笔胆内空气体积增大，压强减小，墨水在大气压的作用下被压入笔胆，故B正确；C、图丙中，将玻璃管竖直下压，液体的密度不变，液体深度越大，液体压强越大，因此下端管口橡皮膜受到的压强变大，故C错误；D、图丁中，从纸条上方沿纸条吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故D错误。故选：B。2．（2024•湖北沙洋县模拟）小华利用饮料瓶完成了如图所示的实验，可以证明大气压存在的是（）A．瓶子悬空水不流出 B．水从侧孔喷出 C．用手弹开纸片 D．将瓶按入水中感到费力【答案】A【解析】A、纸片能托住水不流出，是因为大气压给纸片一个向上的作用力，因此该实验能证明大气压的存在，故A正确；B、水从侧孔喷出，水的深度越深，水喷得越远，说明同种液体内部压强随着液体深度的增加而增大，与大气压无关，故B错误；C、用手弹开纸片，钢球掉入瓶中，钢球没有随纸片一起运动，说明钢球具有惯性，同时钢球掉入瓶中，是因为钢球受到重力作用，与大气压无关，故C错误；D、将瓶按入水中感到费力，是因为瓶子排开水的体积增大，受到的浮力增大，瓶子给手向上的作用力增大，与大气压无关，故D错误。故选：A。3．（2024•湖北应城市模拟）将一未装满水的密闭矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示，则倒立时水对瓶盖的压强是Pa；正立时水对瓶底的压力为F1，倒立时水对瓶盖的压力为F2，则F1F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。【答案】1.2×103；＞【解析】（1）由图可知，倒立时水的深度为h＝12cm＝0.12m，则倒立时水对瓶盖的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m＝1.2×103Pa；（2）正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；倒放时，瓶子中的水柱上面粗，下面细，瓶盖受到的压力小于瓶中水的重力；瓶中水的重力是一定的，所以正放时水对瓶底的压力大于倒放时水对瓶盖的压力，即F1＞F2。押题猜想七机械能及其转化1．（2024•湖北浠水县模拟）弹跳杆运动是一项广受欢迎的运动，其结构如图甲所示。图乙是小明玩弹跳杆时，由最低位置上升到最高位置的过程，针对此过程，下列分析正确的（）A．在a状态时弹簧的弹性势能最大，小明的动能为零 B．a→b的过程中，弹簧的弹力越来越大，在b状态时弹力最大 C．b→c的过程中，弹簧的弹性势能转化为小明的重力势能 D．a→c的过程中，小明先加速后减速，在b状态时速度最大【答案】A【解析】A、由图可知，a状态时弹簧的形变程度最大，弹簧的弹性势能最大；小明处于最低位置，高度不为0、速度为0，故小明的动能为0，重力势能不为0，故A正确；B、a→b的过程中，弹簧的形变程度变小，所以弹簧的弹力越来越小；到达b点时，弹簧恢复到原长，所以此时弹力为0，故B错误；C、b→c的过程中，即离开地面上升的过程，小明的速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，所以该过程中是动能转化为小明的重力势能，故C错误；D、a→b的过程中，开始一段时间内，弹簧的形变量较大，向上的弹力大于向下的重力，小明做加速运动；随着弹簧形变量的减小，弹力减小，当弹力等于重力时，小希的速度达到最大；弹力继续减小，向上的弹力小于向下的重力时，小明做减速运动；而b→c的过程中，小明在重力作用下做减速运动；a→c的过程中，小明先加速后减速，在b状态时速度并不是最大（此时弹簧恢复到原长，无弹力，人只受重力作用，处于减速阶段），故D错误。故选：A。押题解读此题考查了弹力、动能、重力势能和弹性势能的相互转化，以及相互转化过程中运动状态的变化，是一道综合题，难度较大。考前秘笈解答这类能量与运动状态等多知识点题，先要了解一些知识。动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；弹簧由于发生弹性形变而具有的能称为弹性势能，弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关；速度最大位置是重力和弹力相等的时候。1．（2024•湖北黄冈一模）2023年5月10日，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭在我国文昌航天发射场点火发射，约10分钟后，船箭成功分离并进入预定轨道绕地球飞行，发射取得圆满成功。下列说法正确的是（）A．天舟六号飞船进入预定轨道后将不受地球吸引 B．天舟六号飞船进入轨道后绕地飞行的过程中处于平衡状态 C．发射过程中火箭的机械能不守恒 D．火箭加速升空时，火箭的动能转化为重力势能【答案】C【解析】A．天舟六号飞船进入预定轨道后将绕地球飞行，会受到地球吸引，故A错误；B．天舟六号飞船进入轨道后绕地飞行的过程中，运动方向不断变化，处于非平衡状态，故B错误；CD．火箭发射时，将内能转化为火箭的机械能，火箭的机械能增大，动能和重力势能都增加，并不是动能转化为重力势能，火箭的机械能不守恒，故C正确、D错误。故选：C。2．（2024•湖北黄梅县一模）中国高超音速导弹DF﹣17试射成功，引起外媒一片关注！如图所示是我国高超音速导弹“DF﹣17”从起飞到击中目标的轨迹示意图，如果把大气层边缘看作水面，导弹飞行时就像在水面上“打水漂”，它突防能力强，难以拦截。下列说法正确的是（）A．导弹在a点所具有的动能最大 B．导弹从a点运动至b点，重力势能减小 C．导弹飞出大气层后上升到a点过程中，重力势能转化为动能 D．导弹再次穿越大气层至命中攻击点的过程中，动能转化为重力势能【答案】B【分析】动能与质量和速度有关，影响重力势能的因素：质量和高度；根据能的变化分析解答。【详解】A．导弹在a点高度最高，重力势能最大，因而速度不是最大，所具有的动能不是最大，故A错误；B．导弹从a点运动至b点，高度减小，质量不变，重力势能减小，故B正确；C．导弹飞出大气层后上升到a点过程中，高度增大，速度减小，故动能转化为重力势能，故C错误；D．导弹再次穿越大气层至命中攻击点的过程中，高度降低，重力势能减小，速度变大，动能增大，是重力势能转化为动能，故D错误。故选：B。3．（2024•湖北黄冈黄州区模拟）正在铁路上水平匀速运行的“复兴号”动车，其机械能（选填“增大”、“减小”或“不变”），以运行的“复兴号”为参照物，站在站台的列车员是（选填“运动”或“静止”）的；到达终点站前，关闭动力系统的列车会继续前进，这是因为列车具有。【答案】不变；运动；惯性【解析】（1）水平匀速运行的“复兴号”动车的质量、速度、高度都不变，所以机械能不变；（2）以运行的“复兴号”为参照物，站在站台的列车员的位置发生变化，是运动的；（3）关闭动力系统的列车会继续前进，列车保持原有的运动状态不变的性质，这是因为列车具有惯性。押题猜想八杠杆与滑轮问题1．（2024•湖北广水市一模）我国古代《墨经》最早记述了秤的杠杆原理（如图所示），此时杠杆处于平衡状态（忽略杆的质量），有关它的说法正确的是（）A．杠杆在图示的位置平衡时，“权”的质量小于“重”的质量 B．“权”和“重”增加相同的质量，A端会上扬 C．增大“重”时，应把“权”向B端适当移动 D．若将提纽O向B端移动一些，杆秤的测量范围将变小【答案】A【解析】A、杠杆在图示的位置平衡时，根据杠杆平衡条件可得“权”ד标”＝“重”ד本”，由图可知“标”大于“本”，则“权”的质量小于“重”的质量，故A正确；B、设增加的质量为Δm，由图可知，杠杆平衡时“标”大于“本”，则Δmד标”＞Δmד本”即“权+Δm”ד标”＞“重+Δm”ד本”，A端会下沉，故B错误；C、在“权”不变时，“重”增大，需要“标”增大，即把“权”向A端适当移动，故C错误；D、将提纽O向B端移动一些，“标”增大，则“权”和“标”的乘积增大，而“本”变小，由杠杆平衡可知“重”增大，即杆秤测量范围增大，故D错误。故选：A。押题解读此题考查杠杆平衡条件，要了理解“权”和“标”的含义，利用杠杆平衡条件分析，重增大，在权不变时，需要标增大；标增大，则权和标的乘积增大，而本变小，由杠杆平衡可知重增大，据此解答。考前秘笈解答杠杆问题时，要了解杠杆的五要素、杠杆平衡条件及其应用，理解杠杆的五要素及平衡条件是解答本题的关键。2．（2024•湖北模拟）物体A重800N，动滑轮重为200N，用图示装置在拉力F作用下，10s内将物体竖直匀速提升了2m，此过程中，不计绳重和摩擦，滑轮组的有用功为J，滑轮组的机械效率为。【答案】1600；80%【解析】滑轮组所做的有用功为：W有＝Gh＝800N×2m＝1600J；不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为：η＝＝＝＝＝×100%＝80%。押题解读本题考查了做功公式和滑轮组机械效率公式的应用，根据W有＝Gh求出滑轮组所做的有用功，不计绳重和摩擦，根据η＝＝＝＝求出滑轮组机械效率。考前秘笈解答滑轮这类题，根据滑轮组装形式，确定承担物重的绳子股数，求出物体上升高度，然后利用公式W总＝Fs计算总功、W有用＝Gh计算有用功，最后用有用功除以总功得出滑轮组的机械效率。滑轮的机械效率取决于动滑轮的质量和物体的质量，如果动滑轮质量越小，物体质量越大，则效率越高。1．（2024•湖北咸丰县模拟）分别使用图中四种装置匀速提升同一重物，不计滑轮重、绳重和摩擦，最省力的是（）A． B． C． D．【答案】A【解析】解：由题知，不计摩擦和动滑轮重，A、使用的是滑轮组，n＝3，F＝G。B、使用的是滑轮组，n＝2，F＝G；C、使用的是定滑轮，F＝G；D、使用的是动滑轮，F＝G；由此可知A图中最省力，F＝G。故选：A。2．（2024•湖北监利市模拟）如图是小强利用器械进行锻炼的示意图，其中横杆AB可绕固定点O在竖直平面内转动，OA：OB＝3：2，在杆A端用细绳悬挂重为300N的配重，他在B端施加竖直方向的力F1，杆AB在水平位置平衡，此时他对水平地面的压力为F2。为了锻炼不同位置的肌肉力量，他将固定点移动到A端，杆AB可绕端点A在竖直平面内转动，配重悬挂在O点，在B端施加竖直方向的力使杆AB在水平位置再次平衡，此时，他对水平地面的压力为F3，压强为p。已知小强重为650N，两只脚与地面接触的总面积为400cm2，不计杆重与绳重，下列判断正确的是（）A．F1为200N B．F2为1100N C．F3为830N D．p为11750Pa【答案】C【解析】横杆AB可绕固定点O在竖直平面内转动，OA：OB＝3：2，在杆A端用细绳悬挂重为300N的配重，他在B端施加竖直方向的力F1，杆AB在水平位置平衡，此时他对水平地面的压力为F2，根据杠杆平衡条件可得F1＝＝＝450N，方向向下，他对杠杆有向下的450N拉力，杠杆对他有向上的450N的拉力，所以他对水平地面的压力为F2＝G人﹣F1＝650N﹣450N＝200N，故AB错误；他将固定点移动到A端，杆AB可绕端点A在竖直平面内转动，配重悬挂在O点，在B端施加竖直方向的力使杆AB在水平位置再次平衡，此时，他对水平地面的压力为F3，根据杠杆平衡条件可得F＝＝＝180N，方向向上，他对杠杆有向上的180N推力，杠杆对他有向下的180N的压力，所以他对水平地面的压力为F3＝G人+F＝650N+180N＝830N，故C正确；此时他对地面的压强p＝＝＝20750Pa，故D错误。故选：C。3．（2024•湖北广水市一模）如图所示，小明用大小为5N的拉力竖直向上提升物体，重为7N的物体在1s内被匀速提升0.1m。这个过程中，拉力F的功率为W，该滑轮的机械效率为%。【答案】1；70%。【解析】（1）由图知，使用动滑轮时，n＝2，拉力端移动的距离s＝2h＝2×0.1m＝0.2m，拉力做的总功：W总＝Fs＝5N×0.2m＝1J，拉力做功的功率：P＝＝＝1W；（2）所做的有用功：W有用＝Gh＝7N×0.1m＝0.7J，动滑轮的机械效率：η＝＝×100%＝70%。押题猜想九电路设计5．（2024•湖北黄冈一模）一般家庭的卫生间都要安装照明灯和换气扇，使用时有时需要各自独立工作，有时需要它们同时工作。下列设计的电路能实现上述功能的是（）A． B． C． D．【答案】B【解析】解：要求电灯与风扇相互不影响，能独立工作，故应使照明灯和换气扇并联，且各自的支路有一个开关控制，干路上没有开关，故B正确。故选：B。押题解读本题考查了串、并联电路的设计，关键是会根据用电器并联时可以相互不影响判断照明灯和换气扇是并联。考前秘笈电路的设计是中考的热点，主要以选择题为主。解决此类问题要结合串联电路和并联电路的特点，结合题意选择合适的开关组成符合题意的电路图。1．（2024•湖北天门一模）科技的发展让智能家居进入了人们的生活。小明家新安装了一个智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才会开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路符合要求的是（）A．B． C．D．【答案】C【解析】根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。由图知：A、只S2闭合，灯L发光，只S1闭合，电动机M工作，故A不符合题意；B、只闭合S1，电动机工作，同时闭合S1和S2时，电动机和灯泡都工作，故B不符合题意；C、只S1闭合，灯L发光，再S2闭合，电动机M也工作，故C符合题意；D、只闭合S1时，电动机和灯泡都工作，故D不符合题意。故选：C。2．（2024•湖北监利市模拟）高铁作为一种新型运输方式，促进经济发展，改善了人民生活。为了提高顾客进站的效率，高铁站的自助检票闸机可实现自动检票功能。请完成小题。如图所示，当乘客在将身份证放在读卡处，系统检测到乘客有当日的车票，开关S1闭合。当摄像头扫描出人脸与身份证上的照片相一致时，开关S2闭合。只有两者同时满足时，电机M才启动，挡板打开放行。以下电路设计符合要求的是（）A．B． C．D．【答案】A【解析】由题知，当系统检测到乘客有当日的车票时，开关S1闭合，当人脸与身份证上的照片相一致时，开关S2闭合，电机M才启动，这说明开关S1、S2共同控制电动机，它们是相互影响的，所以两个开关是串联的，且与电动机串联，故A符合题意。故选：A。押题猜想十串并联电路的电流与电压1．（2024•湖北鄂州模拟）如图所示，长度相同、横截面积不同的铁棒AB和CD连接在一起接入电路中，则下列说法中正确的是（）A．AB段电阻大，电流小 B．AB段电阻大，电流与CD段相等 C．CD段电阻大电流大 D．CD段电阻大，电流与AB段相等【答案】B【解析】两铁棒的材料相同、长度也相同，则电阻与横截面积成反比，横截面积越小的导体，其电阻越大，故AB段的电阻较大，CD段电阻较小；因两铁棒串联在电路中，则由串联电路的电流规律可知，通过两段导体的电流一定相等；故选：B。押题解读解答本题应掌握：电阻的大小与长度及横截面积有关，而串联电路中各部分的电流一定相等。串联电路中电流相等不要理解为电流是不变的，一个用电器的电流改变，流过其他用电器的电流也改变，但两者相等。考前秘笈解答串并联电路的题，先要知道这些知识，无论串联电路中的用电器规格是否相同，只要串联，通过电路的电流处处相等。并联电路中干路电流比任意支路上的电流都大的特点，注意支路上的电流还与用电器的阻值有关。解决此类题目时，分析电路连接情况以及电流表是测量哪一部分电路的电流是关键，必要时可画出其等效电路图，然后再根据串、并联电路的电流规律得出正确结论。1．（2024•湖北仙桃模拟）如图所示的电路中，闭合开关时，下列说法正确的是（）A．灯L1与灯L2串联 B．开关只能控制灯L2 C．电流表测灯L1的电流 D．电流方向：从电流表经a流向开关【答案】C【解析】A、由图知，闭合开关时，两灯泡并列连接，故两灯泡并联，故A错误；BC、如图所示的电路中，开关在干路中，控制整个电路；电流表和灯泡L1串联，因此电流表测的是L1的电流，故B错误，C正确；D、电流方向：从开关经a流向电流表，故D错误。故选：C。2．（2024•湖北黄冈黄州区模拟）如图甲所示，将三个规格相同的小灯泡接入电路，用电压表测量其中一个小灯泡两端的电压，电压表的示数如图乙所示，则下列说法不正确的是（）A．A端导线应与电源的负极相连 B．电流从D接线柱流入电压表“3”接线柱 C．AF两接线柱间电压为6V D．若将CD间的小灯泡从灯座上取下来，电压表示数为零【答案】D【解析】AB、由图可知，C接的是电压表的负接线柱，这说明电流从右流向左的，所以A端导线应与电源的负极相连，电流从D接线柱流入电压表“3”接线柱，故AB正确；C、由图乙可知，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，示数为2V；灯泡的规格相同，三个灯泡串联在电路中，所以每个灯泡两端的电压相同，根据串联电路的电压规律可知，电源电压即AF两接线柱间电压为2V+2V+2V＝6V，故C正确；D、若将CD间的小灯泡从灯座上取下来，开关未断的话，电压表示数应该等于电源电压，超过了量程，故D错误。故选：D。押题猜想十一电磁感应与磁场对电流的作用1．（2024•湖北监利市模拟）如图所示是我国自主研发的电磁发射器、它是利用磁场对电流的作用把弹丸发射出去，下列设备中与电磁发射器的工作原理相同的是（）A． B． C． D．【答案】B【解析】解：电磁发射器，它是利用磁场对电流的作用把弹丸发射出去，应用的是通电导体在磁场中受力运动（电动机）的原理。A．图中是研究影响电磁铁磁性强弱的因素，故A不符合题意；B．通电后导体在磁场中由静止开始运动，因为在磁场中受到了力的作用，与电磁发射器的原理相同，故B符合题意；C．闭合回路的一部分导体切割磁感线产生电流是电磁感应现象，即磁能够生电，故C不符合题意；D．图中是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故D不符合题意。故选：B。押题解读本题考查电磁感应，解题时要明确通电导体在磁场中受力的作用这一原理，主要应用于电动机。对选项中各实验的原理进行分析，最后做出判断。。考前秘笈对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验，区分时要注意条件是关键。1．（2024•湖北黄冈模拟）信用卡刷卡时，其磁条经过刷卡机的缝隙，线圈中会产生感应电流。以下设备与信用卡刷卡时工作原理相同的是（）A．电磁起重机 B．司南 C．话筒 D．扬声器【答案】C【解析】信用卡刷卡的原理是电磁感应现象。A、电磁起重机的原理是电流的磁效应，故A不符合题意；B、司南是利用了磁极间的作用规律，故B不符合题意；C、话筒是根据电磁感应原理工作的，故C符合题意；D、扬声器是根据通电导体在磁场中受力而运动工作的，故D不符合题意。故选：C。2．（2024•湖北天门一模）如图所示为某电动机的原理图，EF、PQ为螺线管，abcd为电动机的线圈，OO′为转轴。闭合开关，从O点沿转轴观察，线圈顺时针转动，则（）A．螺线管F端为N极，P端为N极 B．图中线圈平面恰好处在平衡位置 C．若将电源的正负极对调，从O点沿转轴OO′观察，线圈仍顺时针转动 D．图示装置工作时把机械能转化为电能【答案】C【解析】A、由图知电流从螺线管的左端流入、右端流出，据安培定则可知，通电螺线管EF的E端为N极、F端为S极，通电螺线管PQ的P端为N极、Q端为S极，故A错误；B、当通电线圈所在平面与磁感线垂直时，线圈处于平衡状态，此时线圈受力平衡，B错误；C、若只将电源的正负极对调，则电流的方向发生改变，两个螺线管的磁极的方向也发生了改变，即线圈所处磁场方向改变，则受到的磁场力的方向不改变，线圈转动方向会与原来的转动方向相同，即顺时针转动，故C正确；D、电动机工作时将电能转化为机械能，故D错误。故选：C。押题猜想十二家庭电路1．（2024•湖北孝感一模）关于生活用电，下列说法错误的是（）A．图甲中，控制电灯的开关必须接在火线与电灯之间 B．图乙中，电路中同时使用的用电器总功率过大，容易引发火灾 C．图丙中，保险丝是用电阻较大、熔点较高的合金制作的 D．图丁中，当人发生触电事故时，漏电保护器会迅速切断电流【答案】C【解析】A．为了用电安全，控制电灯的开关必须接在火线上，故A正确；B．电路中同时使用的用电器总功率过大，此时电路中的电流较大，导线发热较高，容易引发火灾，故B正确；C．保险丝的作用是保护电路，当电流较大时，能熔断，防止安全事故的发生，故保险丝是用电阻较大、熔点较低的合金制作的，故C错误；D．图中人是单线触电，电流流过人体，火线与零线的电流不想等，故漏电保护器会切断电路，故D正确。故选：C。押题解读本题考查的是我们对安全用电常识的掌握，属于生活技能的考查。掌握安全用电常识，是保证安全，避免受到伤害的基本要求。考前秘笈解答安全用电的题，对生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法，这样才能做到安全用电。安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。1．（2024•湖北黄梅县模拟）下列做法符合安全用电要求的是（）A．家用电器的三线插头中较长的那个插脚可以锯掉不用 B．使用试电笔时手要接触笔尾的金属体 C．控制灯泡的开关串联接在零线上 D．在一个插座上同时使用多个大功率的用电器【答案】B【解析】A、三线插头中间较长的铜片和用电器的金属外壳相连，不能锯掉，故A不符合安全用电要求；B、使用测电笔时，手一定要接触笔尾金属体，千万不能接触笔尖金属体，故B符合安全用电要求；C、控制灯泡的开关应该接着用电器和火线之间，故C不符合安全用电要求；D、家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，容易引起火灾，故D不符合安全原则。故选：B。2．（2024•湖北黄冈模拟）关于家庭电路和安全用电。下列说法正确的是（）A．如图所示中，电能表是专门用来测量用电器电功率的 B．如图所示中，试电笔可以用来区分零线和地线 C．如图所示中，三脚插头接入三孔插座后，能防止外壳带电对人造成伤害 D．如图所示中，人会触电、此时漏电保护器会切断电路【答案】C【解析】A、电能表是专门用来测量用电器电功的，故A错误；B、试电笔可以用来区分零线和火线，故B错误；C、三脚插头接入三孔插座后，能防止外壳带电对人造成伤害，故C正确；D、如图所示中，人会触电、此时火线和零线中的电流相同，漏电保护器不会切断电路，故D错误。故选：C。押题猜想十三电路故障问题1．（2024•湖北鄂州模拟）如图所示的电路，闭合开关后两灯均不发光且电流表、电压表示数均为零。现将两灯泡位置互换后再次闭合开关，电流表示数仍为零，电压表指针明显偏转。根据以上信息判断该电路故障可能为（）A．L1断路、L2断路 B．L1断路、L2通路 C．L1通路、L2断路 D．L1短路、L2断路【答案】B【解析】由图可知两只灯泡串联，电压表测量L2两端的电压；闭合开关，两只灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路故障；电压表无示数，说明电压表两接线柱到电源的正负极之间有开路，即可能是灯L1断路，也可能是L1、L2同时断路；将电灯L1、L2的位置对调，闭合开关，电流表无示数，说明电路中仍然有断路故障；电压表有示数，说明此时电压表两接线柱到电源的正负极之间是通路，所以灯L2、电流表、开关都是完好的，则故障是灯L1断路。故选：B。押题解读本题考查电路故障问题，分析电路图可知，两只灯泡串联，电压表测量L2两端的电压；闭合开关，两只灯泡都不亮，电流表无示数，电路中有断路故障；电压表无示数，电压表两接线柱到电源的正负极之间有开路。将电灯L1、L2的位置对调，闭合开关，电流表无示数，电路中有开路；电压表有示数，电压表两接线柱到电源的正负极之间是通路。考前秘笈解答分析串联电路的故障时，通常根据电流表的示数情况判断故障类型，根据电压表示数情况判断故障位置。1．（2024•湖北模拟）小明同学在“探究串联电路电压规律”的实验中，按如图所示的电路图连接实物。闭合开关，发现灯L1和L2都不亮，小明用电压表逐一与元件并联，以查找故障，测量得出Uab＝6V；Ubc＝0V；Ucd＝0V；Uad＝6V；若电路只有一处故障，则故障可能为（）A．L1断路B．开关S接触不良C．L2断路D．电池接触不良【答案】B【解析】闭合开关，发现灯L1和L2都不亮，说明电路断路，用电压表逐一与元件并联，以查找故障，测量得出Uab＝6V；说明a到电源正极、b到电源负极是完好的电路，Ubc＝0V；Ucd＝0V；说明电路中b到正极断路，Uad＝6V，；若电路只有一处故障，则故障可能为ab间断路，即开关断路。故选：B。2．（2024•湖北宜昌一模）小强同学放学回家后，打开电灯，电灯正常工作，接着启动电热水壶烧水时，发现电热水壶不工作，电灯随之熄灭，在开关S闭合的情况下，用验电笔测得接入电热水壶的三孔插座左右孔均发光，如图所示。他对故障作了下列四种判断，其中正确的是（）A．零线上ac间断路 B．入户零线断路 C．保险丝烧断了 D．电热水壶所在支路bc间短路【答案】B【解析】打开电灯，电灯正常工作，接着启动电热水壶烧水时，发现电热水壶不工作，电灯随之熄灭，说明电路出现了断路，在开关S闭合的情况下，用验电笔测得接入电热水壶的三孔插座左右孔均发光，说明左孔通过灯泡与火线相通，因而是零线a点之前出现了断路，可能是入户零线断路。故选：B。押题猜想十四欧姆定律的应用1．（2024•湖北红安县模拟）如图所示，这是科技创新小组的同学们自己发明的电子握力器的内部结构。电源电压不变，滑动变阻器b端固定在绝缘底座上，手柄A与变阻器滑片固定在一起，同步运动，握力为零时，滑片处于a端。L是一个电阻不变的指示灯，力量计由一个电流表改装而成。使用时，先闭合开关S，再用手握住手柄，A柄向下运动压缩弹簧，握力就显示在力量计表盘上。有关握力计下列的说法中不正确的是（）A．握力越大灯泡越亮，力量计的示数越大 B．握力越大电路总电阻越小，总电流越大 C．指示灯L在电路中还起到保护电路的作用 D．改装成的力量计的零刻度线就是原电流表的零刻度线【答案】D【解析】如图所示，该电路为R和L的串联电路，力量计串联在电路中相当于电流表；AB、握力越大，弹簧被压缩得越短，滑动变阻器接入电路的电阻越小，串联电路的总电阻越小，由欧姆定律可知，电流越大；由P＝I2R可知，灯泡的实际功率越大，灯泡越亮，力量计的示数越大，故A、B正确；C、当握力增大时可引起电路中电流增大，若没有灯L，电源可能会短路，因此指示灯L在电路中还起到保护电路的作用，故C正确；D、握力为0时（即弹簧没有受到压力），滑片在a端，此时变阻器接入电路的电阻最大，电路的总电阻最大，由欧姆定律可知电路中电流最小，此时指针的位置为力量计的零刻度线，但电路仍有电流通过，所以力量计的零刻度线不是原电流表的零刻度线，故D错误。故选：D。押题解读本题考查串联电路的规律和欧姆定律的运用，由图理解电路的工作原理，再由电路串联或并联电路的特点，滑动变阻器的变化，由欧姆定律判断电流的变化等。考前秘笈解答欧姆定律的应用这类题要清楚电路连接，判断电阻的变化引起电路电流的大小变化，关键是读懂示意图中物体（弹簧形变）引起的电阻变化，再结合欧姆定律解题。1．（2024•湖北应城市模拟）如图是同学们设计的汽车油量表电路，滑动变阻器R的滑片P跟金属滑杆连接，滑杆可以绕固定轴O转动，滑杆的另一端连着浮子，当油量增多时，油量表的示数变大。下列说法正确的是（）A．滑杆是省力杠杆 B．R0可以保护电路，一定不能去掉 C．当油量增多时，电流表示数变大，可将其改装为油量表 D．当油量增多时，电压表示数变大，可将其改装为油量表【答案】D【解析】A、由题意知滑杆可以绕固定轴O转动，即O为支点，浮子对滑杆的力为动力，滑片对滑杆的力为阻力，图中动力臂小于阻力臂，所以滑杆是费力杠杆，故A错误；B、图中滑动变阻器的最大电阻接入电路，滑片移动，滑动变阻器接入电路的电阻不变，电路不会出现短路，R0可以去掉，故B错误；CD、当油量增多时，滑片下移，与电压表并联部分的电阻变大，但滑动变阻器接入电路的电阻不变，电路的总电阻不变，由I＝知电路中的电流不变，由U＝IR知电压表的示数变大，可将电压表改装为油量表，故C错误，D正确。故选：D。2．（2024•湖北鄂州模拟）如图所示，甲、乙两导体的电流随电压变化的图象。下列说法正确的是（）A．根据甲的图象可得结论：在导体两端电压一定时，导体中的电流与电阻成反比 B．根据乙的图象可得结论：在导体电阻一定时，导体两端的电压与导体中的电流成正比 C．两导体并联在电源电压为2V的电路中，干路电流为0.5A D．两导体串联接在某电源两端，电流为0.2A时，电源两端的电压是3V【答案】D【解析】AB、由图可知，甲的图像不是直线，所以不是定值电阻，通过的电流与两端的电压不成正比，乙导体的I﹣U图像是经过坐标原点的直线，即在导体电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比，故AB错误；C、两导体并联在电源电压为2V的电路中，并联电路各支路两端电压相等，由图象可知此时通过甲的电流为0.25A，通过乙的电流为0.2A，并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I＝I甲+I乙＝0.2A+0.25A＝0.45A，故C错误；D、串联电路各处电流相等，由图象可知通过电路的电流为0.2A时，甲两端的电压为1V，乙两端的电压为2V，串联电路总电压等于各部分电压之和，此时电源电压恰好为3V，故D正确。故选：D。押题猜想十五电路的动态分析1．（2024•湖北广水市一模）如图所示，电源电压为4.5V保持不变，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω1A”，小灯泡L标有“2.5V1.25W”（灯丝电阻不变），在保证小灯泡L电流不超过额定电流的情况下，闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是（）A．变阻器滑片向右滑动时，电压表示数变小 B．小灯泡正常发光时，电流表示数是0.6A C．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω D．当滑动变阻器连入电路的阻值为5Ω时，灯泡的功率为1.25W【答案】C【解析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。A、变阻器滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变大，分压变多，电压表示数变大，故A错误；B、由P＝UI可得，灯泡的额定电流：IL＝＝＝0.5A，故B错误；C、因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光时的电流为0.5A，电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大＝0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由I＝得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R小＝＝＝4Ω，灯泡的电阻：RL＝＝＝5Ω，当电压表的示数UR′＝3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣UR′＝4.5V﹣3V＝1.5V，电路中的最小电流：I小＝＝＝0.3A，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R大＝＝＝10Ω，则滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω，故C正确；D、当滑动变阻器连入电路的阻值为5Ω时，电路中的电流为：I＝＝＝0.45A，灯泡的功率为：PL′＝I2RL＝（0.45A）2×5Ω＝1.0125W，故D错误。故选：C。押题解读本题考查电路动态分析，串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。考前秘笈此类问题能够综合考查串联并联电路的电流、电压、电阻关系、欧姆定律、电功、电功率等知识的掌握和综合运用情况。此类问题解题之前要弄清的问题是：看懂电路图，弄清各电表测量哪些用电器的哪些物理量；弄清改变电阻的方法，利用滑动变阻器改变电阻还是利用开关改变电阻。1．（2024•湖北浠水县模拟）如图所示的电路中，电源电压为6V并保持不变，滑动变阻器R1标有“20Ω，0.5A”字样，定值电阻R2标有“10Ω，1A”字样，若电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～3V”，滑片P移动时，在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（）A．电流表变化范围是0.2A～0.6A B．电压表变化范围是1.5V～3V C．电路总功率变化范围是1.2W～3W D．滑动变阻器允许调节的范围是2Ω～10Ω【答案】D【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）因串联电路中各处的电流相等，变阻器R1允许通过的最大电流为0.5A、定值电阻R2允许通过的最大电流为1A、电流表量程为0～0.6A，所以，电路中的最大电流I大＝0.5A；此时R2两端的电压最大，电路的总功率最大，变阻器接入电路中的电阻最小，由I＝可得，R2两端电压：U2大＝I大R2＝0.5A×10Ω＝5V；电路的最大功率：P大＝UI大＝6V×0.5A＝3W；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压：U1＝U﹣U2大＝6V﹣5V＝1V，电压表的最小示数为1V；则变阻器接入电路中最小阻值：R1小＝＝＝2Ω；（2）当电压表的示数最大时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，此时R2两端的电压：U2＝U﹣U1大＝6V﹣3V＝3V，所以电压表变化范围1V～3V，故B错误；电路中的最小电流：I小＝＝＝0.3A；则电流表变化范围0.3A～0.5A，故A错误；电路的最小功率为：P小＝UI小＝6V×0.3A＝1.8W，电路总功率变化范围是1.8W～3W，故C错误；滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R1大＝＝＝10Ω，所以，滑动变阻器连入电路的阻值在2Ω～10Ω范围内变化，故D正确。故选：D。2．（2024•湖北模拟）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时。电压表的示数为8V，定值电阻R1的功率为3.2W；当滑片P从B处移至R2中点时，电压表的示数变化了2V，此时电压表的示数为V，R1的阻值为Ω。【答案】8；5【解析】（1）由电路图可知，闭合开关，R1与R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，当滑片在B处时，电路中的电流：I1＝，则滑动变阻器两端的电压：U2＝I1×R2＝×R2＝8V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①由图知，当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，滑动变阻器的电阻减小，由串联分压的规律可知，电压表的示数减小，即此时滑动变阻器两端电压为U2＝8V﹣2V＝6V，同理可得，此时滑动变阻器两端的电压：U2′＝×＝6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②用①式比②式可得：＝，解得：R2＝2R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③将③代入①式可得：×2R1＝8V，解得：U＝12V；（2）当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为8V，定值电阻两端的电压为U1＝12V﹣8V＝4V，此时定值电阻R1的功率为3.2W，即；P1＝＝＝3.2W，解得：R1＝5Ω。押题猜想十六电功、电功率的简单计算1．（2024•湖北模拟）小灯泡L和定值电阻R接在如图甲所示的电路中，其两者的I﹣U关系图象如图乙所示，下列说法中正确的是（）A．图乙中曲线A表示电阻R的I﹣U关系图象 B．当电流表示数为0.4A时，电源电压为8V C．当电源电压为6V时，小灯泡的功率为3.6W D．如果将小灯泡L和电阻R串联接在电压为10V的电源两端，电阻R的功率为1.6W【答案】D【解析】A、定值电阻R的I﹣U关系图象是一条直线，灯泡灯丝电阻在温度变化时，阻值会变化，所以I﹣U图像是曲线，故A错误；B、由图甲可知小灯泡L和定值电阻R并联在电路中，当电压为4V的电源上时，并联电路中各支路两端的电压相等，它们两端的电压均为4V，由图象可知对应的电流：IL＝0.3A，IR＝0.1A，干路电流：I＝IL+IR＝0.3A+0.1A＝0.4A，恰好符合要求，故电源电压为4V，故B错误；C、当电源电压为6V时，由图象可知通过灯泡的电流：IL′＝0.35A，小灯泡L的实际功率：PL′＝UIL′＝6V×0.35A＝2.1W，故C错误；D、如果把小灯泡L和定值电阻R串联在10V电源上，由乙图可知当通过电路的电流为0.2A时，灯泡两端的电压为2V，电阻两端的电压为8V，串联电路总电压等于各部分电压之和，此时电路总电压U′＝UL+UR＝2V+8V＝10V，恰好等于电源电压，即把小灯泡L和定值电阻R串联在10V电源上，电路中的电流等于0.2A，电阻的功率P＝U′I′＝8V×0.2A＝1.6W；故D正确。故选：D。押题解读本题考查了串并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象得出有用的信息。考前秘笈解答电功、电功率综合性比较强的题，要熟悉运算公式。P＝UI，即电功率等于用电器两端的电压和通过它的电流的乘积，该公式是电功率的普适公式，适用于所有的用电器。导出式：P＝I2R，P＝，这两个公式只适用于纯电阻电路，即能将电能全部转化为内能的用电器，如电炉子、电饭煲就属于纯电阻电路。1．（2024•湖北鄂州模拟）如图所示分别是小英家上月初和上月末电能表的示数。结合表盘上的信息可知，下列选项中正确的是（）A．小英家家庭电路中的干路电流不得超过10A B．小英家上个月消耗的电能为1011kW•h C．电能表上指示灯闪烁的次数越多，说明电路中消耗的电能越多 D．电能表上指示灯闪烁320次，表示家庭电路消耗电能0.2kW【答案】C【解析】A、由图知电能表允许通过的最大电流为40A，因此小英家干路中的电流不得超过40A，故A错误；B、小英家上月消耗的电能为：5647.8kW•h﹣5546.7kW•h＝101.1kW•h，故B错误；C、1600imp/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，电能表上指示灯闪烁的次数越多，则电路中消耗的电能越多，故C正确；D、指示灯闪烁320次消耗的电能：W＝kW•h＝0.2kW•h，故D错误。故选：C。2．（2024•湖北天门一模）如图甲所示电路中，电源两端电压保持不变，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像，则电源电压为，经计算该滑动变阻器的最大值为，当滑动变阻器的电功率最大时，R1阻值为。【答案】12V；50Ω；10Ω【解析】（1）根据图象可知，当电路中电流为0.2A时，滑动变阻器消耗的功率为2W，由P＝UI可知，此时滑动变阻器两端电压：U1＝＝＝10V，根据串联电路的电压规律可知，电源电压为：U＝U1+U0＝U1+IR0＝10V+0.2A×R0，当电路中电流为0.4A时，滑动变阻器消耗的功率为3.2W，由P＝UI可知，此时滑动变阻器两端电压：U1'＝＝＝8V，根据串联电路的电压规律可知，电源电压为：U＝U1'+U0'＝U1'+I'R0＝8V+0.4A×R0，因电源的电压不变，则10V+0.2A×R0＝8V+0.4A×R0，解得：R0＝10Ω，电源的电压：U＝10V+0.2A×R0＝10V+0.2A×10Ω＝12V；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流I＝0.2A时，R1的电功率为2W，由P＝I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：R1＝＝＝50Ω；（3）滑动变阻器消耗的电功率为：P＝I2R＝（）2R1＝＝＝，当R1＝R0＝10Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大。题型二作图题押题猜想十七光学1．（2024•湖北广水市一模）如图，我国敦煌的塔式光热电站通过平面镜把太阳光反射后会聚到吸热塔，其中某束光的传播路径如图所示，在图中画出平面镜的位置。【解析】作出入射光线和反射光线的夹角的平分线，即为法线，过O点做法线的垂线，即为平面镜，如下图所示：押题解读本题考查了入射光线和反射光线确定平面镜的位置，光的反射定律的内容，知道反射角与入射角相等，要知道法线与镜面垂直，从而正确做出平面镜的位置。考前秘笈解答这类问题的关键是正确理解光的反射规律：（1）一是反射光线跟入射光线、法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居在法线两侧；（2）二是反射角等于入射角，可见对于一条确定的入射光线、反射光线是唯一的。1．（2024•湖北襄阳襄州区模拟）小明将两个大小相同的红、蓝环粘在一起形成“8”字。手拿红环将蓝环竖直放入水中，使蓝环刚好浸没，从水面上方某点可以观察到红环的“倒影”和蓝环的像并不完全重合，如图甲所示。请在图乙中作出红环最上端A点在水中的像A'点并完成从B点看到A点的光路图。【解析】根据平面镜成像特点作A关于平面镜的对称点A'，即为像；连接A'与B点，与水面交点为入射点，连接A与入射点为入射光线，如图所示：2．（2024•湖北孝感一模）如图所示，将凸透镜倾斜放置在水平放置的平面镜的左侧，其主光轴与水平面成45°角，F是其焦点。一条经过凸透镜焦点的光线射到B点，请画出其折射光线和通过平面镜反射后的光线，并标出反射角的度数。【解析】（1）通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，由此可以画出这条入射光线对应的折射光线；（2）过入射点垂直于镜面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线的另一侧作出反射光线；入射角为90°﹣45°＝45°，反射角等于入射角，大小也是45°，如图所示：押题猜想十八力学1．（2024•湖北黄石港区一模）如图所示，图甲是某运动员沿冰雪赛道向上滑行的某一情景。请你在此情景的示意图乙中以O点为力的作用点，画出她受到的重力和此时赛道对她产生的摩擦力f的示意图。【解析】重力的方向是竖直向下的，从运动员重心画竖直向下的有向线段，用G表示；运动员沿着赛道向上运动，所受滑动摩擦力平行于斜面向下，用f表示，两个力的作用点标在运动员的重心上，如图所示：押题解读本题考查力的作图，重力的方向是竖直向下的，运动员在赛道向上运动，受到平行于赛道向下的滑动摩擦力，作用点在重心，按力的示意图的要求画出这两个力即可。考前秘笈做图的思路：画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图路。1．（2024•湖北恩施州模拟）给学校送水的工人用小推车一次可以搬运多桶水（图甲），当水桶随小车一起向左在水平面做匀速直线运动时，请在简图（图乙）中画出此时一个水桶受力的示意图。（忽略空气的阻力）【解析】水桶受到重力G和支持力F的作用，二者