江西省2023-2024学年高考临考冲刺物理试卷含解析

江西省（宜春中学2023-2024学年高考临考冲刺物理试卷

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、同一平面内固定有一长宣导线PQ和一带缺口的刚性金属圆环，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直

于圆环所在平面固定放置的平行金属板MN连接，如图甲所示.导线PQ中通有正弦交流电流i,i的变化如图乙所示,

规定从Q到P为电流的正方向，则在卜2s内

图乙

A.M板带正电,且电荷量增加

B.M板带正电,且电荷量减小

C.M板带负电,且电荷量增加

D.M板带负电,且电荷量减小

2、如图，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2,原线圈与固定电阻R串联后，接入输出电压有效值恒定的正弦交

流电源。副线圈电路中负载电阻为可变电阻及，A、V是理想电表。当此=2拈时，电流表的读数为1A,电压表的读

数为4V,则（）

A.电源输出电压为8V

B.电源输出功率为4W

C.当&=8。时，变压器输出功率最大

D.当肥=8。时，电压表的读数为3V

3、某同学采用如图所示的装置来研究光电效应现象。某单色光照射光电管的阴极K时，会发生光电效应现象，闭合

开关S,在阳极A和阴极K之间加反向电压，通过调节滑动变阻器的滑片逐渐增大电压，直至电流计中电流恰为零,

此时电压表显示的电压值U称为反向截止电压。现分别用频率为力和及的单色光照射阴极，测量到的反向截止电压

分别为3和5设电子质量为，小电荷量为e,则下列关系式中不正确的是

A.频率为W的单色光照射阴极K时光电子的最大初速度vlm

〃2片盟岭

阴极金属的极限频率％=

B.AU2M

e（U—（7.）

c.普朗克常量〃=一^-2力

片一匕

D.阴极K金属的逸出功W=,"彩一心匕）

匕一彩

4、图甲是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于匀强磁场的水平轴00沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始

计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示，以下判断正确的是（）

A.交流电的频率是100Hz

B.0.02s时线圈平面与磁场方向平行

C.0.02s时穿过线圈的磁通量最大

D.电流表的示数为20A

5、如图所示，高h=lm的曲面固定不动.一个质量为1kg的物体，由静止开始从曲面的顶点滑下，滑到底端时的速度

大小为4m/s.g取10m/sL在此过程中，下列说法正确的是（）

A.物体的动能减少了8JB.物体的重力势能增加了10J

C.物体的机械能保持不变D.物体的机械能减少了11J

6、将一个小木块和一个小钢珠分别以不同的速度，竖直向上抛出，若小木块受到的空气阻力大小跟速度大小成正比，

即/=加（其中女为常数），小钢珠的阻力忽略不计，关于两物体运动的VT图象正确的是（取向上为正方向）（）

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、光滑绝缘的水平地面上，一质量〃X1.0kg、电荷量4=1.0'10访（：的小球静止在O点，现以O点为坐标原点在水平

面内建立直角坐标系xQy,如图所示，从U0时刻开始，水平面内存在沿x、y方向的匀强电场巴、Elt场强大小均

为1.0xl（Vv/m；"0.1s时，j方向的电场变为方向，场强大小不变；U0.2s时，y方向的电场突然消失，x方向的电

场变为卡方向，大小=下列说法正确的是（）

O

A.r=0.3s时,小球速度减为零

B.UO.ls时，小球的位置坐标是（0.05m,0.15m）

C./=0.2s时,小球的位置坐标是（0.1m,0.1m）

D.DO.3s时,小球的位置坐标是（0.3m,0.1m）

8、一定质量的理想气体从状态A变化到状态呢再由状态8变化到状态C,其状态变化过程的p・V图象如图所示。

已知气体在状态A时的温度为17C,热力学温度与摄氏温度间的关系为T=f+273K,则下列说法正确的是（）

A.气体在状态B时的温度为290K

图(b)

⑴由图（b）可知，小车在桌面上是_____（填••从右向左”或••从左向右”）运动的。

⑵该小组同学根据图（b）的数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图（b）中4点位置时的速度大小为

m/s,加速度大小为m/s?•（结果均保留一位有效数字）

12.（12分）在实验室测量两个直流电源的电动势和内阻。电源甲的电动势大约为4.5V,内阻大约为1.5C；电源乙的

电动势大约为1.5V,内阻大约为1。。由于实验室条件有限，除了导线、开关外，实验室还能提供如下器材:

A.量程为0〜3V的电压表VB.量程为。〜0.6A的电流表Ai

C.量程为0~3A的电流表A2D.阻值为4.0。的定值电阻凡

E.阻值为100。的定值电阻RiF.最大阻值为10。的滑动变阻器&

G最大阻值为100。的滑动变阻器/?4,

（1）选择电压表、电流表、定值电阻、滑动变阻器等器材，采用图甲所示电路测量电源甲的电动势和内阻

甲乙内

①定值电阻应该选择（填“D”或"E”）；电流、表应该选择（填或"C”）；滑动变阻器应该选择（填或"G”）.

②分别以电流表的示数/和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，计算机拟合得到如图乙所示U4图象，U和1的单位

分别为，和A,拟合公式为U=・5.8/+4.6,则电源甲的电动势月二一V,内阻r=Q。（保留两位有效数字）

③在测量电源甲的电动势和内阻的实验中，产生系统误差的主要原因是（）

A.电压表的分流作用B.电压表的分压作用

C.电流表的分压作用D.电流表的分流作用

E.定值电阻的分压作用

（2）为了简便快捷地测量电源乙的电动势和内阻，选择电压表、定值电阻等器材，采用图丙所示电路。

①定值申阻应该选择（填或"E”）

②实验中，首先将K断开，％闭合，电压表示数为1.49V,然后将M、M均闭合，电压表示数为1.18V,则电源乙电

动势月=V,内阻r=。。（小数点后保留两位小数）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，质量为用的长木板静止在水平地面上，与地面间的动摩擦因数为〃尸0.5,其端有一固定的、

光滑的半径R=0.4m的四分之一圆弧轨道（接触但无黏连），长木板上表面与圆弧面最低点等高，木板左侧有一同样的

固定的圆弧轨道，木板左端与左侧圆弧轨道右端相距xo=lm。质量为m2=2〃”的小木块（看成质点）从距木板右端

x=2m处以vo=10m/s的初速度开始向右运动，木块与木板间的动摩擦因数为〃2=0.9,重力加速度取g=10m/s2o求:

（1）山2第一次离开右侧圆弧轨道后还能上升的最大高度。

⑵使〃”不从mi上滑下，加的最短长度。

（3）若如取第⑵问中的最短长度，，加第一次滑上左侧圆弧轨道上升的最大高度。

14.（16分）甲、乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x轴正向和负向传播，波速均为片20cm/s。两列波在U0时的

波形曲线如图所示。求：

⑴U0开始，乙的波谷到达x=0处的最短时间；

（ii）/=（MOs内，x=0处的质点到达正向最大位移处的次数。

15.（12分）如图所示，两条直线MN与PQ所夹区域内有两个不同的匀强磁场，磁场的直线边界。。'与MN和夕。

均垂直。一质量为〃?、电荷量为4的带电粒子以某一初速度垂直射入磁场用，受磁场力的作月，最终垂直于边

界PQ且从。'。段射出。已知：两磁场的磁感应强度分别为旦型、生=3也”（各物理量单位均为国际单

（iq

位制中的主单位），粒子进入磁场的初速度为u=20mn/s<>不计粒子重力，求：

⑴粒子在用、色磁场中运动的半径之比

（2）粒子在两磁场中运动的最短时间

M

当

0--O'

XXx

V坊

XXX

NQ

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

在1~2s内，穿过金属圆环的磁场垂直于纸面向里，磁感应强度变小，穿过金属圆环的磁通量变小，磁通量的变化率变

大，假设环闭合，由楞次定律可知感应电流磁场与原磁场方向相同，即感应电流磁场方向垂直于纸面向里，然后由安

培定则可知感应电流沿顺时针方向，由法拉第电磁感应定律可知感应电动势增大，由此可知上极M板电势高，带正电,

电荷量增加，故A正确，B、C、D错误；

故选A.

2、C

【解析】

A.当心=22时，电流表的读数为1A,电压表的读数为4V,所以&=4。，2=2。，理想变压器原、副线圈匝数之比

为1：2,根据电压与匝数成正比得原线圈电压是S=2V,根据电流与匝数成反比得原线圈电流是/尸2A,所以电源输

出电压为

r=t/i+Zi/?i=2+2x2=6V

故A错误；

B.电源输出功率为

P=UZi=12W

故B错误:

u

c.根据欧姆定律得副线圈电流为『2，所以原线圈电流是2丁，所以

K、A-,

12/?2

6=2区・鸟+子U=

28+R,

变压器输出的功率

U：144/?2144

P?=

4-2-彩16

9

所以当生=8。时，变压器输出的功率P2最大，即为一W,故C正确;

2

D.当肥=8。时，t72=6V,即电压表的读数为6V,故D错误。

故选C。

3、C

【解析】

A.光电子在电场中做减速运动，根据动能定理得:

-吗=（）一）哈

则得光电子的最大初速度:

*

\m

故A不符题意;

BCD.根据爱因斯坦光电效应方程得:

/?Vj=eUx+W

hv2=eU2+W

联立可得普朗克常量为：

一⑼-力）

匕一彩

代入可得金属的逸出功：

W=hv]-必=次”产2一.2匕）

匕一匕

阴极K金属的极限频率为:

6（一产2—。2%）

W_v,-v2_U2v}-U}v2

%。=e（uy二U?-U：

匕一吗

故C符合题意，B、D不符题意。

4、B

【解析】

A.根据图乙，交变电流周期为

T=0.02s

频率为

/=-=—Hz=50Hz

T0.02

A错误；

BC.0.02s时，电流最大，线圈平面与磁场方向平行，穿过线圈的磁通量为零.R正确.C错误：

D.根据图乙，电流的最大值

/m=10>/2A

电流的有效值

/=_^=20^2A=10A

N/2V2

所以电流表示数为10A,D错误。

故选Bo

5、D

【解析】

A项，物体由静止开始下滑，末速度为4m/s,动能变化量A从=上加=底以42=84,物体的动能增加了8J,

22

故A项错误.

B项，设地面为零势能面，在顶端物体的重力势能为2助二20，,此过程中，物体的重力势能减小了10J,故B项

错误.

C、D项，机械能包括势能和动能，A£=AEA+AEp=8J-20J=-12J，所以物体的机械能减少了11J,故C错误;

D正确；

故选D

6、D

【解析】

小钢珠在运动过程中只受到重力作用，所以小钢珠的U-/图象为一条向下倾斜的直线，小木块在向上运动过程中其加

速度满足

mg+kv

a=------

m

随着口的减小。减小，当速度减为零的瞬间加速度刚好减小到等于重力加速度，此时曲线的斜率跟斜线的斜率相同,

之后小木块下落，这个过程加速度满足

，〃火-kv

a=-------

m

加速度继续减小，如果高度足够高，小钢珠最后可能做匀速直线运动；

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解析】

从U0时刻开始，水平面内存在沿+x、+y方向的匀强电场£］、场强大小均为l.OxlO'V/m,则由牛顿第二定律

可知

小球沿+工、方向的加速度的大小均为

2

%=a2=10m/s

经过Is,z=0.Is时，小球沿+x、方向的速度大小均为

K=v2=lm/s

小球沿+i、方向的位移大小均为

x,=x2=0.05m

在第2个0.Is内，小球沿x方向移动的距离

1,

x2=v/2+—a2t；=0.15m

沿y方向移动的距离

I,

y2=v2r2--«/；=O.O5m

沿y方向移动的速度

,

v2=v2r2-6F,r2=0

U0.2s时，y方向的电场突然消失，x方向的电场变为・x方向，则在第3个0.1s内小球沿+x方向做匀减速直线运动,

由

qE2=ma2

可知=20m/s2,

在第3个0.1s内，小球沿+x方向移动的距离

A3=(v,+^2)r3--^=0.1m

i=0.3s时，小球的速度微

匕二(匕+&2)_©3=0

综上分析可知，AD正确，BC错误。

故选AD,

8、BC

【解析】

A.气体在状态4时的温度为17C,7\=(273+17)K=290K,由理想气体状态方程得

p八匕二“八匕

TA-TA

气体在状态笈时的温度

八尸1160K

A项错误；

B.气体由状态8到状态C做等容变化，根据查理定律得

PB_=PC_

TJ£

解得

7>580K

B项正确；

C.气体由状态8到状态。不对外做功，但温度降低，内能减小，C项正确;

D.根据热力学第一定律△U=w+Q可知气体向外界放出热量，D项错误。

故选BC.

9、AB

【解析】

D.进入磁场的过程中，安培力

B2l2v

F=BIL=

R

B、/、】，不变，则尸不变；完全进入磁场，感应电流为零，安培力为零，选项D错误；

A.因为导线框匀速运动，水平外力和安培力尸大小相等，进入磁场过程中，水平外力的冲量

F

I=Ft=——x

v

所以1.关系图象为正比例函数，完全进入后外力为零，冲量为零，选项A正确；

B.进入磁场的过程中，有

铲注"BQ

O0

完全进入磁场的过程中，。〃边的电势差

U°b=BA

选项B正确；

C.进入磁场的过程中

所以分x关系图象为正比例函数，完全进入后电流为零，q不变但不为零，选项C错误。

故选AB。

10、CD

【解析】

A.由图象可知该车做匀减速直线运动，根据速度位移公式有

V2-Vo12片

X=------=—V———

2a2a2a

则图象的斜率等于

1-2-8

五一25

解加速度a=-1.25m/s2,即大小为l.ZSm/C,故A错误；

B.设汽车减速到零所有的时间为％,根据速度公式有

代入数据解得%=4s,说明赛车在U2s时仍在运动，此时速度不为0,故B错误；

C.设赛车在前2s内的位移为占，根据位移时间公式有

%=卬2+产

代入数据解得W=7.5m,故C正确；

D.设赛车在前Is内的位移为芭，根据位移时间公式有

1,

代入数据解得X=4.375m,由图可知该车在Is内是由-2m处出发，所以在1s时的位置坐标为*-2m=2.375m,故D

正确。

故选CD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、从右向左0.30.1

【解析】

(1)[1].由于用手轻推一下小车，则小车做减速运动，根据桌面上连续6个水滴的位置，可知，小车从右向左做减速运

动。

(2)[2].已知滴水计时器每20s内共滴下51个小水滴，那么各点时间间隔为

T=—s=0.4s

5()

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有

=---------xlO3m/s=0.3m/s

2x0.4

[3].根据匀变速直线运动的推论公式△XRT2可以求出加速度，得

834100-117-133

xl0-3m/s2=-0.1m/s2

4x0.4?

那么加速度的大小为O.lm/s?。

12、DBF4.61.8AD1.491.05

【解析】

(1)①[1H2]测电动势力约4.5V的电源电动势与内阻时，由于有定值电阻的存在，电路中的最大电流为

45

Zmax=—A«0.82A

JIJ

如果用量程为3A的电流表，则读数误差太大，因此，电流表应选B；

测电动势约4.5V的电源电动势与内阻时，电路最小电阻为

考虑电源内阻、滑动变阻器电阻，故定值电阻应选D；

⑶为方便实验操作，滑动变阻器应选F；

②⑷⑸由表达式

U=・5・81+4・6

根据闭合电路欧姆定律有

U=E—I(r+Rj

联立解得电源电动势为E=4.6V,内阻r=1.8Q,

③网由电路图可知，电压表的分流作用会造成实验误差，故A符合题意，BCDE不符合题意;

故选A；

（2）①⑺用图丙所示电路测电动势与内阻，定值电阻适当小一点，实验误差小，因些定值电阻应选D；

②网［9］由电路图可知，K断开，修闭合，电压表示数为电流电动势，电压表示数为1.49V,即电源乙自动势为E=1.49V；

K、2均闭合，电压表示数为1.8V,电压表测路端电压，此时电路电流为

,U'1.18.…

I=—=——A=0.295A

R4

电源内阻为

E-U,

41.05。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

c81

13、(l)2.8m；(2)—m；(3)—m

330

【解析】

（1）设滑块到达木板右端的速度为力，由动能定理可得

1,12

一〃2加2中二铲2%一券％

代入数据，解得力=8m/s

设滑块离开圆弧轨道后.上升的最大高度为加，由动能定理可得

2

-/z^(/?4-/7])=0--/n2v1

代入数据，解得加=2.8m。

（2）由机械能守恒定律可得滑块回到木板底端时速度大小刃=8m/s,滑上木板后，滑块的加速度为。2,由牛顿第二定

律

fna

m2g=22

木板的加速的为由，由牛顿第二定律

〃2〃惶一月（加2十〃％）8=町4

2

解得4=3m/§2,_9m/so

设经过人时间后两者共速，共同速度为外

由运动学公式可知

2

丫=匕_初=4小t]=-s

解得u=2m/s

该过程中木板的位移

v

%”

2

x=­m

13

滑块走过的位移

V.4-V

10

由于百假设正确，之后一起匀减速运动，若滑块最终未从木板左端滑出，则木板的最小长度

L=x2-x]

Q

联立以上各式，解得L=

3

（3）滑块和木板