2024年浙教版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙教版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，在磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中，固定着两根水平金属导轨ab和cd，导轨平面与磁场方向垂直，导轨间距离为L，在导轨左端a、c间连接一个阻值为R的电阻，导轨电阻可忽略不计。在导轨上垂直导轨放置一根金属棒MN，其电阻为r，用外力拉着金属棒向右匀速运动，速度大小为v。已知金属棒MN与导轨接触良好，且运动过程中始终与导轨垂直。则在金属棒MN运动的过程中A.金属棒MN中的电流方向为由M到NB.电阻R两端的电压为BLvC.金属棒MN受到的安培力大小为D.电阻R产生焦耳热的功率为2、如图所示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让他们静靠在墙边，然后释放，它们同时沿竖直墙面向下滑，已知mA>mB,则物体BA.只受一个重力B.受到重力和一个摩擦力C.受到重力、一个弹力和一个摩擦力D.受到重力、一个摩擦力、两个弹力3、某广播电台发射“中波”段某套节目的讯号、家用微波炉中的微波、VCD机中的激光（可见光）、人体透视用的X光，都是电磁波，它们的频率分别为f1、f2、f3、f4，则（）A.f1＞f2＞f3＞f4B.f1＜f2＜f3＜f4C.f1＜f2＜f4＜f3D.f2＜f1＜f3＜f44、关于运动电荷、通电导线所受磁场力的方向，下列判断正确的是（）A.B.C.D.5、如图甲所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点，若从A点释放一初速度为零的电子，电子仅在电场力作用下向B点运动，其v-t图象如图乙所示，则下列说法正确的电子（）A.B两点电势φA＜φBB.B两点电场强度EA＜EBC.场强方向由A指向BD.电子在B两点的电势能EPA＜EPB6、当你从商店买回一只标有“220V100W

”字样的白炽灯后，直接用多用电表测量白炽灯的电阻值，关于测量结果，下列说法正确的是(

)

A.测量值等于484娄赂

B.测量值小于484娄赂

C.测量值大于484娄赂

D.无法判断测量值与484娄赂

之间的大小关系7、一个单摆做受迫振动；其共振曲线(

振幅A

与驱动力的频率f

的关系)

如图所示，则(

)

A.此单摆的固有周期约为0.5s

B.此单摆的摆长约为1m

C.若摆长增大，单摆的固有频率增大D.若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动8、小灯泡通电后其电流I

随所加电压U

变化的图线如图所示，P

为图线上一点，PN

为图线过P

点的切线，PQ

为U

轴的垂线，PM

为I

轴的垂线.

则下列说法中正确的是(

)

A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B.对应P

点，小灯泡的电阻为R=U1I2

C.对应P

点，小灯泡的电阻为R=U1I2鈭�I1

D.对应P

点，小灯泡的功率为图中梯形PQON

所围的面积评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、有三个点电荷甲、乙、丙，甲带电荷量为+Q，乙带电荷量为-q，且Q＞q，每一个电荷受其他两个电荷的电场作用力的合力均为零，则下列判断中正确的是（）A.丙的位置一定在甲和乙的连线的延长线上，且距乙较近B.丙一定带正电荷C.丙所带的电荷量q′一定大于qD.丙所带的电荷量一定小于Q10、如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个正六边形的六个顶点，电场方向与六边形所在平面平行．已知A、B、C三点的电势分别为1V、2V、3V，则下列说法中正确的是（）A.UAF=0VB.UCF=0C.电场强度的方向从C指向AD.F三点的电势分别为3V、2V、1V11、电磁轨道炮工作原理如图所示。待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触。电流I

从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回。轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面的磁场(

可视为匀强磁场)

磁感应强度的大小与I

成正比。通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出。现欲使弹体的出射速度增加至原来的2

倍，理论上可采用的办法是(

)

A.只将轨道长度L

变为原来的2

倍B.只将电流I

增加至原来的2

倍C.只将弹体质量减至原来的一半D.将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L

变为原来的2

倍，其它量不变12、如图所示，两个带等量正电的点电荷分别位于x

轴上的PQ

两点，其位置关于坐标原点O

对称，圆弧曲线是一个以O

点为圆心的半圆，c

点为半圆与y

轴的交点，ab

两点为一平行于x

轴的直线与半圆的交点，下列说法正确的是()

A.ab

两点的场强相同B.ab

两点的电势相同C.将一个正电荷q

沿着圆弧从a

点经c

点移到b

点，电势能先增加后减小D.将一个正电荷q

放在半圆上任一点，两电荷对q

的作用力大小分别是F1F2

则1F1+1F2

为一定值13、如图所示，轻杆A

端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B

端用水平绳连在墙C

处，在B

端悬挂一重物P

在用水平向右的力F

缓慢拉起重物P

的过程中(

)

A.悬绳BP

所受拉力不变B.悬绳BP

所受拉力变大C.杆AB

所受压力不变D.杆AB

所受压力先变小再变大评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、有一种“隐形飞机”，可以有效避开雷达的探测，秘密之一在于它的表面有一层特殊材料，这种材料能够____（填“增强”或“减弱”）对电磁波的吸收作用；秘密之二在于它的表面制成特殊形状，这种形状能够____（填“增强”或“减弱”）电磁波反射回雷达设备．15、把一个满偏电流为1mA、内电阻为600Ω的电流表头改装成量程为3A的电流表，则需要____联一个____Ω的电阻；若将这个表头改装成量程为6V的电压表，则应____联一个____Ω的电阻．16、小明在实验室采用如图1所示装置探究“物体的加速度a与物体所受外力F；物体质量M间的关系”时；设小车及车中的砝码的总质量为M，砂及砂桶的总质量为m．

（1）在做该实验时，小明将砂及砂桶的重力视为绳子对小车的拉力大小，他这样认为的条件是______；

（2）小明做该实验的具体操作步骤如下，以下做法正确的是______

A．平衡摩擦力时；应将砂及砂桶用细绳通过定滑轮系在小车上。

B．每次改变小车的质量时；不需要重新平衡摩擦力。

C．实验时；先放开小车，再接通打点计时器的电源。

D．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式求出。

（3）若保持小车及车中的砝码质量M一定，探究加速度a与所受外力F的关系，由于操作不当，得到的a-F关系图象如图2所示．其原因是______．17、小球从3m

高处自由下落，被水平地板弹回后在1m

高处接住，则小球通过的路程等于______m

位移的大小等于______m

方向______．18、质量为1kg的物体，从足够高处自由落下，（g=10m/s2）下落3s内重力对物体做功WG=____在下落第3s内重力对物体做功的功率P=____.19、如图所示，理想变压器的原.

副线圈匝数之比为n1n2=41

原线圈回路中的电阻A

与副线圈回路中的负载电阻B

的阻值相等.ab

端加一交流电压后，两电阻消耗的电功率之比PAPB=

______；两电阻两端的电压之比UAUB=

______．评卷人得分四、判断题(共1题，共9分)20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)21、一个小灯泡的额定电压为2.0V，额定电流约为0.5A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小灯泡的伏安特性曲线A.电源E：电动势为3.0V，内阻不计B.电压表V1：量程为0~3V，内阻约为1C.电压表V2：量程为0~15V，内阻约为4D.电流表A1：量程为0~3A，内阻约为0.1E.电流表A2：量程为0~0.6A，内阻约为0.6F.滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω，额定电流为1.0AG.滑动变阻器R2：最大阻值为150Ω，额定电流为1.0AH.开关S，导线若干①实验中使用的电压表应选用；电流表应选用；滑动变阻器应选用（请填写选项前对应的字母）．②实验中某同学连接实验电路如图所示，请你不要改动已连接的导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上。闭合开关前，应使变阻器滑片放在最（填“M”或“N”）端．③实验中得到多组电压表与电流表示数数据，请将剩下的三组数据标记在U-I坐标中，其余实验数据已标好，然后画出小灯泡的U-I图线。并简述该灯泡电阻的变化规律：。U/V0.81.01.2I/A0.340.380.42④若将实验中的小灯泡接在电动势是1.5V、内阻是1.0的电池两端，则小灯泡的实际功率约为W（保留两位有效数字）22、测量电源B的电动势E及内阻r（E约为4.5V，r约为1.5Ω）。器材：量程3V的理想电压表量程0.5A的电流表（具有一定内阻），固定电阻R=4Ω，滑线变阻器R′，电键K，导线若干。实验中，当电流表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读数为I2时，电压表读数为U2。则可以求出E=____，r=____。（用I1，I2，U1，U2及R表示）23、（10分）实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联。测量实际电流表G1内阻r1的电路如图所示。供选择的仪器如下：①待测电流表G1（0～5mA，内阻约300Ω）；②电流表G2（0～10mA，内阻约100Ω）；③定值电阻R1（300Ω）；④定值电阻R2（10Ω）；⑤滑动变阻器R3（0～1000Ω）；⑥滑动变阻器R4（0～20Ω）；⑦干电池（1.5V）；⑧开关S及导线若干。（1）定值电阻应选，滑动变阻器应选。（在空格内填写序号）（2）补全实物图连线。（3）补全实验步骤：①按电路图连接电路，将滑动触头移至最端（填“左”或“右”）；②闭合开关S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；③多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2读数I1、I2；④以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图所示。⑷根据I2−I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式。评卷人得分六、证明题(共2题，共4分)24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。25、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】试题分析：据题意，由右手定则可知，电流方向从N到M，故A选项错误；MN两端产生的电动势为：电阻两端电压为：故B选项错误；回路中电流为：则MN受到的安培力为：故C选项正确；电阻R产生焦耳热为：故D选项错误。考点：本题考查电磁感应、闭合电路欧姆定律、热功率。【解析】【答案】C2、A【分析】【解析】【答案】A3、B【分析】解：电磁波的频率从小到大的顺序为：无线电波，微波，红外线，可见光，紫外线，χ射线，γ射线，所以f1＜f2＜f3＜f4．故选项B正确；其他选项错误．

故选：B

电磁波的频率从小到大的顺序为：无线电波；微波，红外线，可见光，紫外线，χ射线，γ射线，根据这一顺序即可判断它们之间的关系．

该题考查电磁波的基础知识，属于基础题目．要加强该部分知识的记忆．【解析】【答案】B4、C【分析】解：A；由左手定则可知；安培力方向应竖直向下，故A错误；

B；根据左手定则可知；洛伦兹力方向向上，故B错误；

C；根据左手定则可知；安培力方向水平向右，故C正确；

D；粒子带负电；由左手定则可知，粒子受力竖直向下，故D错误。

故选：C。

根据左手定则判断出安培力的方向；伸开左手，使大拇指与四指方向垂直，四指方向与电流方向相同，磁场方向垂直于掌心，大拇指所指方向为安培力的方向．

解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系，要注意明确负电荷在判断时洛伦兹力时，四指要指向运动的反方向．【解析】C5、A【分析】解：AC、电子仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点，则电子所受的电场力方向从A指向B，所以电场线的方向是从B指向A的，由于沿电场线的方向电势降低，所以φA＜φB；故A正确，C错误；

B、从速度时间图线得知电子做加速运动，加速度逐渐变小，故电场力不断变小，电子在A点受到的电场力大于在B点受到的电场力，所以EA＞EB．故B错误；

D；电子仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点；电场力做功，电势能减小，所以电荷在A点的电势能大于在B点的电势能。故D错误。

故选：A。

根据电子的运动方向确定电场力方向；判断电场线方向，即可分析电势的高低。从速度时间图线得到电子做加速运动，加速度逐渐变小，根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况。确定场强的变化。

本题关键通过速度时间图象得到物体的速度变化情况和加速度变化情况，然后判断场强方向和电势大小。【解析】A6、B【分析】解：白炽灯可以看做纯电阻，由P=U2R

知R=U2P=2202100=484娄赂

此电阻为正常发光时的电阻；

由于灯泡为金属材料；电阻率随温度的升高而增大，当不发光时，温度低，所以电阻要小于此数值，但不可能为零．

故选：B

．

此题考查纯电阻电路的电功率的计算方法P=U2R

同时考虑金属电阻随温度的变化而增加．

本题的关键要抓住灯泡为纯电阻，才能利用给的数值计算额定电压下电阻的数值，考虑温度的影响即可解决此问题．【解析】B

7、B【分析】解：A

由图可知；此单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为2s.

故A错误；

B、由图可知，此单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为2s.

由公式T=2娄脨Lg

可得L隆脰1m.

故B正确；

C；若摆长增大；单摆的固有周期增大，则固有频率减小.

故C错误；

D；若摆长增大；则固有频率减小，所以共振曲线的峰将向左移动.

故D错误；

故选：B

由共振曲线可知；出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率．

受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象．【解析】B

8、B【分析】【分析】

根据电阻的定义R=UI

电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大.

对应P

点，灯泡的电阻等于过P

点的切线斜率的倒数；

本题中灯泡是非线性元件，其电阻R=UI

但R鈮�?U?I.

图线上的点与O

点连线的斜率表示电阻的倒数；而不是图象的斜率表示电阻的倒数。

【解答】

A.图线上的点与O

点连线的斜率逐渐减小；说明电阻逐渐增大，故A错误；

BC.

图线上的点与O

点连线的斜率表示电阻的倒数，对应P

点，小灯泡的电阻为R=U1I2鈮�U1I2?I1.

故C错误；B正确；

D.因P=UI

所以图象中矩形PQOM

所围的面积为对应P

点小灯泡的实际功率，故D错误；

故选B。

【解析】B

二、多选题(共5题，共10分)9、ABCD【分析】解：A；假设丙放在Qq之间；Q对丙的电场力和q对丙的电场力方向相同，丙不能处于平衡状态，所以假设不成立．

设丙所在位置与Q的距离为r13，丙所在位置与q距离为r23；要能处于平衡状态；

所以Q对丙的电场力大小等于q对丙的电场力大小．

由于Q＞q．所以r23＜r13；所以丙离Q较远．所以q一定放置在甲；乙连线上乙的外侧，故A正确。

B；q处在Q与丙电荷之间；q受其它两个电荷所施的电场力合力都为零，所以丙一定带正电荷．故B正确；

C；对Q进行受力分析；Q受其它两个电荷所施的电场力合力都为零，因为丙离Q远，所以丙所带电量一定大于q，故C正确。

D、对q进行受力分析，q受其它两个电荷所施的电场力合力都为零，即则有丙所带电量一定小于Q，故D正确；

故选：ABCD．

由于Q带正电荷；q负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使每个电荷处于衡状态，对其受力分析，去判断所处的位置．

我们可以去尝试假设丙带正电或负电，根据平衡条件求解它应该放在什么地方，能不能使丙处于平衡状态，不行再继续判断．【解析】【答案】ABCD10、ACD【分析】解：A、连接AC，AC中点电势为2V，由正六边形对称性，则EB、AF均为电场中的等势线，UAF=0；故A正确．

B、φF=1V，则UCF=2V；故B错误．

C；电场线方向与EB垂直；即为C→A，故C正确．

D；AF、BE、CD也为等势线；D、E、F三点电势分别为3V、2V、1V．故D正确。

故选ACD．

连接AC，根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，AC中点的电势为2V，则EB为一条等势线，AF也为一条等势线，可求出UAF，UCF；并且能作出电场线．

找等势点，作等势面和电场线，是解决这类问题常用方法．【解析】【答案】ACD11、BD【分析】解：通电的弹体在轨道上受到安培力的作用；

利用动能定理有BIl?L=12mv2

磁感应强度的大小与I

成正比；所以B=kI

解得v=2kI2lLm

A、只将轨道长度L

变为原来的2

倍，弹体的出射速度增加至原来的2

倍；故A错误。

B；只将电流I

增加至原来的2

倍；弹体的出射速度增加至原来的2

倍，故B正确。

C、只将弹体质量减至原来的一半，弹体的出射速度增加至原来的2

倍；故C错误。

D；将弹体质量减至原来的一半；轨道长度L

变为原来的2

倍，其它量不变，弹体的出射速度增加至原来的2

倍，故D正确。

故选：BD

通电的弹体在轨道上受到安培力的作用；利用动能定理表示出弹体的出射速度。

根据速度的表达式进行求解。

解决该题关键运用动能定理表示出弹体的出射速度求解。

要找出一个物理量变化所采用的方法，应该先运用物理规律表示出这个物理量再根据表达式中各个因素求解。【解析】BD

12、BD【分析】【分析】根据两个带等量正电的点电荷周围电场的分布，大体作出其电场线和等势面进行分析，故由点电荷的场强公式分析场强，由库仑定律分析电场力。本题考查两个等量正的点电荷周围电场的分布，比较基本，难度适中。【解答】A.结合等量同号正电荷的电场分布特点可知，电场强度的方向沿电场线的切线方向，故aabb两点的电场强度的方向不同，故A错误；B.由叠加原理可知aabb两点的电势相同，故B正确；CC将一个正电荷q

沿着圆弧从a

点经c

点移到b

点，电场力先做正功，后做负功，故电势能先减小后增加，故C错误；D.由库仑定律：F1=kqQr12{F}_{1}=kdfrac{qQ}{r_{1}^{2}}F2=kqQr22{F}_{2}=kdfrac{qQ}{r_{2}^{2}}1F1+1F2=1kqQ(r12+r22)=1kqQL2(Ldfrac{1}{{F}_{1}}+dfrac{1}{{F}_{2}}=dfrac{1}{kqQ}(r_{1}^{2}+r_{2}^{2})=dfrac{1}{kqQ}{L}^{2}(L为两个点电荷间的距离))故D正确。故选BD。

【解析】BD

13、BC【分析】解：以重物P

为研究对象，在缓缓拉起重物P

的过程中，重物P

的合力为零，设Gp

是重物P

的重力，根据平衡条件得：

T2cos娄脗=Gp垄脵

得：T2=GPcos尾娄脗

增大，cos娄脗

减小，则得：悬绳BP

的拉力T2

增大．

对B

点；竖直方向上有：Ncos娄脕=T2cos娄脗垄脷

由垄脵垄脷

得：N=Gpcos伪

因为娄脕

不变，可知N

不变，则根据牛顿第三定律得AB

所受压力不变.

故AD错误，BC正确．

故选：BC

在缓缓拉起重物P

的过程中；重物P

的合力为零，根据平衡条件得到悬绳BP

的拉力的变化情况；再对B

点研究，分析受力情况，由平衡条件分析杆AB

所受压力的变化．

本题采用隔离法研究动态变化问题，关键是分析物体的受力情况，再由平衡条件进行分析．【解析】BC

三、填空题(共6题，共12分)14、增强减弱【分析】【解答】现代的“隐形飞机”之所以能够避开雷达的探测；其原因在于它的表面制成特殊形状，这种形状能够减弱电磁波的反射，同时隐形飞机的表面有一层特殊材料，这种材料能够增强对电磁波的吸收作用，使得雷达受到反射回来的电磁波发生变化，即导致雷达无法根据反射回来的电磁波判断前方物体．

故答案为：增强；减弱．

【分析】雷达的工作原理是这样的：其首先向外发射电磁波，这些电磁波碰到前方物体后发生反射，即雷达通过接收到的反射回来的电磁波的情况判断前方的物体情况．所以该题可以据上面所说的雷达的工作原理分析即可．15、并0.2串5400【分析】【解答】解：把电流表改装成3A的电流表需要并联一个分流电阻；

分流电阻阻值：R==≈0.2Ω；

改装成6V的电压表；需要串联一个分压电阻；

分压电阻阻值：R=﹣Rg=﹣600=5400Ω；

故答案为：并；0.2；串；5400．

【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，改装成大量程电流表需要并联分流电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．16、略

【分析】解：（1）该实验的研究对象是小车；采用控制变量法研究．当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系．为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板D的左端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．

根据牛顿第二定律得：对m：mg-F拉=ma，对M：F拉=Ma，解得：F拉==

当M＞＞m时；即当砝码和盘的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力．

（2）A；平衡摩擦力时；应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动．故A错误．

B；每次改变小车的质量时；小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故B正确．

C；实验时；应先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理．故C错误．

D、小车运动的加速度是利用打点计时器测量，如果用天平测出m以及小车质量M，直接用公式求出；这是在直接运用牛顿第二定律计算的，而我们实验是在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系．故D错误．

故选：B．

（3）图2中当盘及盘中砝码质量较大时；a-F图象发生弯曲，这是由于没有保证小车质量远大于盘及盘中砝码质量造成的．

故答案为：（1）m＜＜M；（2）B；（3）小车质量没有远大于盘及盘中砝码的质量．

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．

该实验采用的是控制变量法研究；其中加速度；质量、合力三者的测量很重要．

教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．【解析】m＜＜M；B；小车质量没有远大于盘及盘中砝码的质量17、略

【分析】解：小球从3

米高处开始落下；通过的路程是3m.

被水平地板弹回后于1

米高处被接住，又通过的路程是1m

则总路程是4m.

起点与终止的线段长度是2m

则位移大小是2m.

方向是从起点指向终点，即竖直向下．

故答案是：42

竖直向下．

路程是物体运动路线的长度.

位移表示物体位置的移动；用从起点到终点的有向线段表示．

对于有往复的直线运动，物体的位移大小也是小于路程.

只有当物体做单向直线运动时，位移大小才等于路程．【解析】42

竖直向下18、略

【分析】【解析】试题分析：物体做自由落体运动，所以下落3s时下落的高度为故重力做功为前2s内物体下落的高度为故第三秒内下落的高度为故功率为考点：功功率的计算【解析】【答案】450焦，250瓦19、略

【分析】解：根据变压器原副线圈电流与匝数成反比得：IAIB=14

电阻消耗的功率P=I2R

所以两电阻消耗的电功率之比PAPB=116

电阻两端的电压U=IR

所以两电阻两端的电压之比UAUB=14

故答案为：11614

变压器原副线圈电流与匝数成反比；求出电流之比，根据电阻消耗的功率P=I2R

电阻两端的电压U=IR

即可求解．

本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．【解析