2025年人教A新版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版必修3物理上册月考试卷757考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示；丝绸摩擦过的玻璃棒靠近验电器时，验电器的金箔张开一定的角度，则（）

A.验电器的金箔带负电B.验电器的金箔带正电C.验电器的金属球带正电D.验电器的金属球不带电2、如图所示，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线。一个带正电的粒子（不计重力）从a到b穿越管条电场线的轨迹如图中的虚线所示；下列结论正确的是（）

A.负点电荷一定位于M点左侧B.带电粒子从a到b过程中加速度逐渐变小C.带电粒子从a到b过程中电势逐渐变大D.带电粒子从a到b过程中动能逐渐变大3、已知通电导线在其周围形成的磁场中，某一点的磁感应强度大小与电流大小成正比，与该点到导线的垂直距离成反比。如图所示，等边三角形ABC位于水平面内，D为BC边中点，O为三角形中心。三根相互平行的长直导线垂直水平面，分别固定在ABC三点，均通有等大电流，A处电流方向与B、C处相反。则O点和D点处的磁感应强度方向的关系以及大小之比分别为（）

A.相同2:1B.相同3:1C.相反2:1D.相反3:14、如图所示，为空心金属球，为靠近的另一个原来不带电的枕形金属壳．将另一个带正电的小球从球开口处放入球中央，但不触及球．则出现的情况是（）

A.靠近的一端带正电，远离的另一端带负电B.靠近的一端带负电，远离的另一端带正电C.靠近的一端带负电，远离的另一端不带电D.靠近的一端带正电，远离的另一端不带电5、如图甲所示为可变电容器，图乙为两个完全相同的半圆形的平行金属板接在电路中，开始两金属板正对。闭合开关S，将上侧金属板转过60°，同时将两板之间的距离增大到原来的调节前后将同一重力不计的正粒子由下侧极板无初速释放；释放位置都在两极板正对面内。假设两极板正对面之间的电场始终为匀强电场，则调整前后（）

A.两极板间的电场强度之比为2：3B.平行板电容器的电容之比为9：4C.电容器所带的电荷量之比为3：2D.粒子在极板间运动的时间之比为3：2评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、电动汽车由于节能环保的重要优势；越来越被大家认可。电动汽车储能部件是由多个蓄电池串联叠置组成的电池组，如图所示。某品牌电动小轿车蓄电池的数据如下表所示。下列说法正确的是（）

电池只数输入电压充电参数放电时平均电压/只电池容量/只100只交流220V420V，20A3.3V120Ah

A.电池容量的单位Ah就是能量单位B.电池容量的单位Ah就是电量单位C.该电池组充电时的功率为8.4kWD.该电池组充满电所储存的能量约为1.4×108J7、如图所示；电容式麦克风的振动膜是利用超薄金属或镀金的塑料薄膜制成的，它与基板构成电容器，并与电阻；电池构成闭合回路。麦克风正常工作时，振动膜随声波左右振动。下列说法正确的是（）

A.振动膜向右运动时，电容器的板间电场强度不变B.振动膜向右运动时，a点的电势比b点的电势高C.振动膜向左运动时，电阻上有从a到b的电流D.振动膜向左运动时，振动膜所带的电荷量减小8、关于三种起电方式，下列说法正确的是（）A.摩擦起电，由于摩擦生热，做功的过程中创造了正负电荷B.感应起电，电荷从导体的一部分转移到了另一部分C.接触起电，两导体接触后再分开，所带电荷量一定是等量同号D.接触起电，两导体接触后再分开，它们之间一定存在静电斥力9、如图所示，等量异种点电荷A、B固定在同一水平线上，竖直固定的光滑绝缘杆与AB的中垂线重合，C、D是绝缘杆上的两点，ACBD构成一个正方形。一带负电的小球（可视为点电荷）套在绝缘杆上自C点无初速度释放，由C运动到D的过程中；下列说法正确的是（）

A.小球的速度先减小后增大B.小球的速度一直增大C.杆对小球的作用力先增大后减小D.杆对小球的作用力先减小后增大10、电子眼系统通过路面下埋设的感应线来感知汽车的压力．感应线是一个压点薄膜传感器；压电薄膜在受压时两端产生电压，压力越大电压越大，压电薄膜与电容器C；电阻R组成图甲所示的回路．红灯亮时，如果汽车的前、后轮先后经过感应线，回路中产生两脉冲电流，如图乙所示，即现为“闯红灯”，电子眼拍照，则红灯亮时（）

A.车轮停在感应线上时，电阻R上有恒定电流B.车轮经过感应线的过程中，电容器先充电后放电C.车轮经过感应线的过程中，电阻R上的电流先增加后减小D.汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内，仍会被电子眼拍照评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)11、一导体电阻为9Ω，1分钟内通过导体横截面积电荷量为120C，电流______A，导体两端电压______V。12、由某种材料制成的电器元件接在电路中时，通过的电流I与两端电压U的关系如图所示。现将该元件接在电动势为8V，内阻为4Ω的电源两端，则通过该元件的电流为_______A。若将两个这样的元件并联接在该电源上，则每一个元件消耗的功率为_________W。

13、一根阻值为R的均匀电阻丝，均匀拉长至原来的2倍，电阻变为________。14、电动势单位：______，用“V”表示．15、热辐射∶

（1）定义∶一切物体都在辐射____，这种辐射与物体的____有关；所以叫作热辐射。

（2）特点∶物体在热辐射中随温度的升高，辐射的_______的电磁波的成分越来越大。16、会利用______法和______法求电动势和内阻。17、如图所示为伏打电池示意图，由于化学反应，在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b。

（1）说明铜板带正电、锌板带负电的原因是什么______？

（2）在电源内部的a、b两个区域，电荷如何被搬运到极板上______？

（3）在正常工作的闭合电路中，静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）；非静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）．

（4）沿电流方向绕电路一周，非静电力做功的区域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在图中闭合回路的各区域内，电势升高的总和等于电源的______。

（6）沿电流方向绕电路一周，在什么地方电势降低______？在什么地方电势升高______？18、电场线匀强电场：

（1）电场线。

a.概念：电场线是画在电场中的一条条有方向的曲线，曲线上每点的___________方向表示该点的电场强度方向。

b.特点。

①电场线从___________或无限远出发，终止于___________或负电荷。

②电场线在电场中___________

③在同一电场中，电场强度较大的地方电场线___________，电场强度较小的地方电场线___________

（2）匀强电场。

a.概念：如果电场中各点的电场强度的大小___________、方向___________；这个电场就叫作匀强电场。

b.特点：①电场方向处处相同，电场线是___________

②场强大小处处相等，电场线疏密程度___________

c.实例：相距很近、带有___________电荷的一对平行金属板之间的电场（边缘除外），可以看作匀强电场。19、电势差。

（1）定义：电场中两点之间___________的差值，也叫作___________。UAB=___________，UBA=___________，UAB=-UBA。

（2）电势差是___________，有正负，电势差的正负表示电势的___________。UAB>0，表示A点电势比B点电势___________。

（3）单位：在国际单位制中，电势差与电势的单位相同，均为___________，符号是___________

（4）静电力做功与电势差的关系。

a.公式：WAB=___________或

b.UAB在数值上等于___________电荷由A点移到B点时静电力所做的功。评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)20、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)21、某同学测量一段长度已知的电阻丝的电阻率．实验操作如下：

（1）螺旋测微器如题1图所示．在测量电阻丝直径时，先将电阻丝轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，再旋动_____（选填“A”“B”或“C”）；直到听见“喀喀”的声音，以保证压力适当，同时防止螺旋测微器的损坏．

（2）选择电阻丝的_____（选填“同一”或“不同”）位置进行多次测量；取其平均值作为电阻丝的直径．

（3）2图甲中Rx，为待测电阻丝．请用笔画线代替导线，将滑动变阻器接入2图乙实物电路中的正确位置____

（4）为测量R，利用2图甲所示的电路，调节滑动变阻器测得5组电压U1和电流I1的值，作出的U1–I1关系图象如图图所示．接着，将电压表改接在a、b两端，测得5组电压U2和电流I2的值，数据见下表：。U2/V0.501.021.542.052.55I2/mA20.040.060.080.0100.0

请根据表中的数据，在方格纸上作出U2–I2图象．___

（5）由此，可求得电阻丝的Rx=______Ω．根据电阻定律可得到电阻丝的电阻率．22、某物理兴趣小组探究影响电荷间静电力的因素；实验装置如图所示。

（1）带正电的小球A固定不动，带正电的小球B通过绝缘丝线系在铁架台上，小球B会在静电力的作用下发生偏离。把系在丝线上的带电小球B先后挂在图中横杆上的等位置，实验时通过调节丝线长度，始终使A、B两球球心在同一水平线上，待小球B平衡后，测得丝线偏离竖直方向的角度为A、B两球球心间的距离为r，小球B的质量为m，当地重力加速度大小为g，则A、B两球之间的库仑力大小为______。（用题中涉及的物理量符号表示）

（2）通过分析A、B两球之间的库仑力大小与A、B两球球心间的距离r的关系可知：两小球所带电荷量不变时，两小球间的静电力____________。

（3）以上实验采用的方法是______。

A微小量放大法B.控制变量法C.等效替代法D.理想实验法。

（4）若实验中小球A、B的电荷量分别为和则静电力常量可表示为______。（用题中涉及的物理量符号表示）23、如图所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素；其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器带电后与电源断开．

操作一：仅将左极板上移，电容______（选填“变大”、“变小”或“不变”），静电计指针偏转角______（选填“变大”；“变小”或“不变”）；

操作二：仅将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角______（选填“变大”；“变小”或“不变”）；

操作三：仅在两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．24、图1为陶瓷圆筒，外面镀有一层很薄的合金薄膜。为测定薄膜的厚度，某同学先用刻度尺测出陶瓷圆筒长度为L，又用螺旋测微器测得筒外径d，最后用多用电表粗测其电阻并在电工手册查得薄膜的电阻率为

（1）该同学用螺旋测微器测得筒外径d如图2所示，测筒外径____________用多用电表欧姆挡的“”挡测薄膜电阻值时，表盘上指针如图3所示，则电阻为____________

（2）该同学利用所测得的及查表的数据，求得薄膜厚度表达式____________（均用字母表示）；就可计算出薄膜的厚度。

（3）为更精确地测量薄膜的电阻该同学从实验室中找到如下实验器材：

A.电压表V（量程电阻）

B.电流表A（量程电阻约为）

C.滑动变阻器R（额定电流）

D.电源（内阻约为）

E.定值电阻

F.开关一只；导线若干。

①为更加准确地测量出薄膜电阻，根据上述器材在答题卷方框内画出测电阻的最佳方案的电路图_________。

②若电压表的示数为U，电流表的示数为I，则所测薄膜电阻的表达式__________（用题中的字母表示）。评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)25、如图所示，质量M=0.6kg的滑板静止在光滑水平面上，其左端C距锁定装置D的水平距离l=0.5m，滑板的上表面由粗糙水平面和光滑圆弧面在B点平滑连接而成，粗糙水平面长L=4m，圆弧的半径R=0.3m．现让一质量m=0.3kg，可视为质点的小滑块以大小．方向水平向左的初速度滑上滑板的右端A．若滑板到达D处即被锁定，滑块返回B点时装置D即刻解锁，已知滑块与滑板间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度g=10m/s2．求：

（1）滑板到达D处前瞬间的速率；

（2）滑块到达最大高度时与圆弧顶点P的距离；

（3）滑块与滑板间摩擦产生的总热量；26、根据量子理论，光子的能量为E=hν；其中h是普朗克常量。

（1）根据爱因斯坦提出的质能方程E=mc2，光子的质量可表示为m=E/c2，由动量的定义和相关知识，推导出波长为λ的光子动量的表达式p=h/λ；

（2）光子能量和动量的关系是E=pc。既然光子有动量；那么光照到物体表面，光子被物体吸收或反射时，都会对物体产生压强，这就是“光压”。

a.一台二氧化碳气体激光器发出的激光功率为P0=103W，发出的一细束激光束的横截面积为S=1mm2。若该激光束垂直照射到物体表面，且光子全部被该物体吸收，求激光束对该物体产生的光压P0的大小；

b.既然光照射物体会对物体产生光压，科学家设想在遥远的宇宙探测中，可以用光压为动力使航天器加速，这种探测器被称做“太阳帆”。设计中的某个太阳帆，在其运行轨道的某一阶段，正在朝远离太阳的方向运动，太阳帆始终保持正对太阳。已知太阳的质量为2×1030kg，引力常量G=7×10-11Nm2/kg2，太阳向外辐射能量的总功率为P=4×1026W，太阳光照到太阳帆后有80%的太阳光被反射。探测器的总质量为m=50kg。考虑到太阳对探测器的万有引力的影响，为了使由太阳光光压产生的推动力大于太阳对它的万有引力，太阳帆的面积S至少要多大？（计算结果保留1位有效数字）27、如图所示，空间存在水平方向的匀强电场，带电量为的绝缘滑块，其质量m＝1kg，静止在倾角为θ＝30°的光滑绝缘斜面上，斜面的末端B与水平传送带相接（滑块经过此位置滑上皮带时无能量损失），传送带的运行速度v0＝3m/s，长L＝1.4m．今将电场撤去，当滑块滑到传送带右端C时，恰好与传送带速度相同．滑块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.25，g＝10m/s2．

(1)求匀强电场的电场强度E；

(2)求滑块下滑的高度；

(3)若滑块滑上传送带时速度大于3m/s，求滑块在传送带上滑行的整个过程中产生的热量．28、山师附中一研究性学习小组制作了一辆以蓄电池为驱动能源的环保电动汽车，其电池每次充电仅需三至五个小时，蓄电量可让小汽车一次性跑500m，汽车时速最高可达10m/s，汽车总质量为9kg．驱动电机直接接在蓄电池的两极，且蓄电池的内阻为r=0.20Ω．当该汽车在水平路面上以v＝2m/s的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I＝1.5A，电压U＝3.0V，内电阻RM=0.40Ω．在此行驶状态下（取g＝10m/s2）；求：

（1）驱动电机输入的电功率P入；

（2）驱动电机的热功率P热；

（3）驱动电机输出的机械功率P机；

（4）蓄电池的电动势E．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；当用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近验电器时，由于静电感应，验电器的金属球带负电，验电器的金箔带正电，故B正确，ACD错误。

故选B。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．带正电的粒子所受电场力向右，电场线由M指向N，说明负电荷在直线N点右侧。故A错误；

B．a点离点电荷较远，a点的电场强度小于b点的电场强度，带电粒子在a点的电场力小于在b点的电场力，根据牛顿第二定律得知，带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度，即带电粒子从a到b过程中加速度逐渐变大；故B错误；

CD．带电粒子从a到b过程电场力对带电粒子做正功；电势能减小，动能逐渐变大，电势变小，故C错误，D正确。

故选D。3、B【分析】【详解】

根据安培定则，画出三条直导线分别在O点和D点产生的磁场方向如图；

由磁感应强度的叠加可得O点和D点的磁感应强度方向均水平向右；设每条直导线的电流均为I，正三角形的三条高均为L，则

即

故选B。4、B【分析】【分析】

【详解】

将C放入A中后，由于静电感应，A空心球的内表面感应出负电荷，外表面感应出正电荷，然后由于A的外表面有电荷存在，所以会在B上产生静电感应现象，靠近A的一端带负电，远离A的另一端带正电，故选B。5、B【分析】【详解】

A．由于电容器的两极板与固定的电源相连接，则调整前后两极板之间的电压不变，由公式

可知；调整前后两极板间的电场强度之比为3：2，故A错误；

B．由平行板电容决定式

可知

故B正确；

C．由公式

可知

故C错误；

D．粒子由静止从下侧极板运动到上侧极板的过程中，由动能定理有

可知电子到达上侧极板的速度

电容器两端电压不变，则调整前后粒子到达上侧极板的速度相同，粒子运动的平均速度相同，则调整前后粒子在极板间运动的时间之比为

故D错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)6、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．根据q=It；则电池容量的单位Ah就是电量单位，所以A错误；B正确；

C．该电池组充电时的功率为

所以C正确；

D．该电池组充满电所储存的能量约为

所以D正确；

故选BCD。7、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．振动膜片向右振动时电容器两极板的距离变小，根据

电容器的板间电场强度变大，根据

电容增大，根据

在U不变的情况下，Q增大，电容器充电，R中电流方向向下，即从a到b的电流，a点的电势比b点的电势高；A错误B正确；

CD．振动膜片向左振动时电容器两极板的距离变大，根据

电容减小，根据

知，在U不变的情况下，Q减小，电容器放电，R中电流方向向上，即从b到a的电流；C错误D正确。

故选BD。8、B:D【分析】【详解】

A．摩擦起电的实质是电荷从一个物体转移到另一个物体；并没有创造电荷，故A错误；

B．感应起电；电荷从导体的一部分转移到了另一部分，故B正确；

C．两导体若完全相同；接触前若带电荷量不同，则接触后。

CD．接触起电；即通过接触使不带电的导体带上电荷，如果两个导体完全相同，则接触后一定带等量同种电荷，若导体不同则两导体接触后再分开，一定带同种电荷，电荷量不同，则它们之间一定存在静电斥力，故C错误，D正确。

故选BD。9、B:C【分析】【详解】

AB．直杆处于AB连线的中垂线上；此线上的所有点的电场方向都是水平向右的，对带电小球进行受力分析，受竖直向下的重力，水平向左的电场力和水平向右的弹力，水平方向上受力平衡，竖直方向上的合力大小等于重力，重力大小不变，则加速度大小始终等于重力加速度，所以带电小球一直做匀加速直线运动，速度一直增大，A错误，B正确；

CD．在水平方向上，向左的电场力和向右的弹力相互平衡，从C到D；电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，所以杆对小球的作用力先增大后减小，C正确，D错误。

故选BC。10、B:D【分析】【详解】

试题分析：车轮停在感应线上时；压力不变，则电压不变，电容器不充电，也不放电，电阻R上没有电流，故A错误；由乙图可知，当车轮经过时电流先增大后减小，然后再反向增大减小；因电压是在受压时产生的；故说明电容器先充电后放电；故B正确，C错误；若汽车前轮越过感应线，又倒回线内，则前轮两次压线，仍形成两个脉冲电流，符合拍照条件，电子眼仍可拍照，故D正确．

考点：电容器的动态分析。

【名师点睛】根据电流和电路图分析电容器的充放电过程，并根据工作原理明确汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内是否符合拍照条件．三、填空题(共9题，共18分)11、略

【分析】【详解】

t=1min=60s

[1]由可得导体中的电流为

[2]由欧姆定律得，导体两端的电压为【解析】21812、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将该电器元件与E=8V，r=4Ω连接，由闭合电路欧姆定律U=E-Ir，可得U=8-4r，可在图中画出直线1与U-I曲线交于（1A；4V），所以通过该元件的电流为1A；

[2]将两个这样的元件并联接入该电源时，由闭合电路欧姆定律U=E-2Ir，可得U=8-8r，可在图中画出直线2与U-I曲线交于（0.75A；2V）则每一个元件消耗的功率为。

P=IU=1.5W【解析】1A1.5W13、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】4R14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】伏特15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]根据热辐射的定义可知；一切物体都在辐射电磁波，这种辐射与物体的温度有关，所以叫作热辐射。

（2）[3]热辐射的特点是物体在热辐射中随温度的升高，辐射的较短波长的电磁波的成分越来越大。【解析】①.电磁波②.温度③.较短波长16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据测量电动势和内阻的实验，要学会利用计算法和图像法求电动势和内阻。【解析】计算图像17、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高，对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低；

(2)[2]在电源内部的a、b两个区域，非静电力做功，在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处；硫酸根离子被搬到锌板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的闭合电路中；静电力对做定向运动的电子做正功，电势能减少，所以电子向电势升高的方向运动；

[6][7][8]电源内部；从负极到正极电势升高，所以非静电力把电子从正极搬运到负极，对做定向运动的电子做正功，即电子向电势降低的方向运动，所以电子的电势能增加；

(4)[9]在电源的内阻和外电阻上，电荷移动过程中是静电力做功，r区域是内阻区域，由题意可知，“在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b”则该区域即为非静电力作用的范围；也是沿着电流方向电势升高的范围，故BD正确，AC错误；

故选BD；

(5)[10]依据电动势定义可知；电势升高的总和等于电源的电动势；

(6)[11][12]ab区域为非静电力作用的范围，电势升高，R为外电阻，r为内阻，在电阻上，沿电流方向电势降低。【解析】锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高。对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处，硫酸根离子被搬到锌板上正升高减少正降低增加BD电动势电势两次降低即电流流过外电阻和内电阻时，电势降低电势两次升高即通过两个极板和电解液接触层a、b时电势升高18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】切线正电荷无穷远不相交较密较疏相等相同平行直线相等等量异号19、略

【分析】【分析】

【详解】

电势差。

（1）[1][2][3][4]定义：电场中两点之间电势的差值，也叫作电压。UAB=UBA=UAB=-UBA。

（2）[5][6][7]电势差是标量，有正负，电势差的正负表示电势的高低。UAB>0，表示A点电势比B点电势高。

（3）[8][9]单位：在国际单位制中；电势差与电势的单位相同，均为伏特，符号是V；

（4）[10][11]静电力做功与电势差的关系。

a.公式：WAB=或

b.UAB在数值上等于单位正电荷由A点移到B点时静电力所做的功。【解析】①.电势②.电压③.④.⑤.标量⑥.高低⑦.高⑧.伏特⑨.V⑩.⑪.单位正四、作图题(共1题，共3分)20、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共4题，共32分)21、略

【分析】【详解】

(1)在测量时；为了不损坏被测物体，最后也改用微调方旋钮即C，直到听见“喀喀”的响声；

(2)为了减小测量误差；应选用电阻丝不同位置进行多次测量；

(3)按照原理图；将实物图连线如图：

(4)将表格中各组数据在坐标纸上描出；再连成一条直线，如图：

当电压表按甲图连接时，电压表测的电压为的电压之和，当电压表接在a、b间时，电压表测的电压为的电压，由图可得：所以．【解析】C不同23.5（23.0~24.0都算对）22、略

【分析】【详解】

（1）[1]对小球B受力分析，小球B受力平衡，则有

即A、B两球之间的库仑力大小

（2）[2]由库仑定律，并结合实验可知，两小球所带电荷量不变时，两小球间的静电力与A、B两球球心间的距离的平方成反比。

（3）[3]实验中应用的研究方法是控制变量法。

故选B。

（4）[4]根据题意，结合库仑定律有

解得静电力常量【解析】与A、B两球球心间的距离的平方成反比B23、略

【分析】【分析】

抓住电容器的电荷量不变，根据电容的决定式判断电容的变化，结合判断电势差的变化；从而得出指针偏角的变化；

【详解】

根据电容的决定式知，上移左极板，正对面积S减小，则电容减小，根据知；电荷量不变，则电势差增大，指针偏角变大；

根据电容的决定式知，将极板间距离减小时，电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小；

根据电容的决定式知，两板间插入一块玻璃，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小．【解析】变小变大变小变小24、略

【分析】【详解】

（1）[1]螺旋测微器的读数为

[2]多用电表欧姆挡的“”挡测薄膜电阻值，根据题图可得其阻值为

（2）[3]将薄膜展开，可看成电阻率为长为横截面积为的电阻。根据电阻定律求得

解得

（3）①[4]根据电源电压可知；电压表量程偏小，故需要扩量程。由于电压表上电流可求，再结合电流表和电压表偏转程度，故设计时外接式；由于是小阻值滑动变阻器，故采用分压式接法。综上分析，电路图如下。

②[5]两端的电压为

流过的电流为

根据欧姆定律可得【解析】6.725##6.724##6.7261900六、解答题(共4题，共16分)25、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）对滑块，由牛顿第二定律得：

对滑板，由牛顿第二定律有：解得：

设滑板到达D处前瞬间的速率为v，假定此时滑块还在AB之间的E处，速率为

由运动学规律有：

解得：

因假定成立，所以滑板到达D处前瞬间的速率：

（2）滑板被锁定后，设滑块从E滑至B处的速率为

由运动学规律有：解得：

沿圆弧上升的过程中，由机械能守恒定律有：解得：

所以，滑块达到最大高度