2024年浙教版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙教版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示；方波交流电压和正弦交流电压分别加在相同阻值的电阻上，则。

A.方波交流电压的有效值是10VB.正弦交流电压的有效值是5VC.它们在此电阻上产生的热功率之比Pa∶Pb为1∶1D.它们在此电阻上产生的热功率之比Pa∶Pb为4∶12、在“用油膜法估测分子的大小”实验中，用aml纯油酸配制成bml的油酸酒精溶液，现已测得一滴溶液cml，将一滴溶液滴入水中，油膜充分展开后面积为Scm2，估算油酸分子的直径大小为（）A.B.C.D.3、如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R3均为定值电阻，RT为热敏电阻（温度越高，电阻越低）．当环境温度较低时合上电键S，当环境的温度逐渐升高时，若三个电表A1、A2和V的示数分别用I1、I2和U表示．则各个电表示数的变化情况是（）

A.I1增大，I2不变，U增大B.I1减小，I2增大，U减小C.I1增大，I2减小，U增大D.I1减小，I2不变，U减小4、提出分子电流假说并用以解释物质磁性及磁化现象的科学家是（）A.奥斯特B.安培C.欧姆D.法拉第5、如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变下列说法中正确的是

A.液滴将向下运动B.液滴将向上运动C.电容器电容变小D.极板带电荷量将减少6、如图所示，图中的三个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向左端缓慢移动时，下面说法中正确的是（）

A.电压表V2的读数减小；电流表A的读数增大。

B.电压表V1的读数增大，电压表V2的读数增大。

C.电压表V2的读数增加；电流表A的读数减小。

D.无法确定电阻消耗的功率变化，电容器所带电量增加7、一列沿x轴传播的简谐波在某时刻的波形图如图所示，此时质点P沿y轴正方向运动；已知波的周期，则该波

A.沿x轴正方向传播，波速B.沿x轴正方向传播，波速C.沿x轴负方向传播，波速D.沿x轴负方向传播，波速8、已知质子、中子、氘核质量分别是m1、m2、m3，光速为c．则质子和中子结合成氘核的过程中（）A.吸收的能量为（m1+m2+m3）c2B.吸收的能量为（m1+m2-m3）c2C.释放的能量为（m1+m2+m3）c2D.释放的能量为（m1+m2-m3）c29、一简谐机械波沿x轴正方向传播，周期为T，波长为．若在x=0处质点的振动图象如图所示；则该波在t=T/2时刻的波形曲线为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示，竖直光滑导轨上端接入一定值电阻R，C1和C2是半径都为a的两圆形磁场区域，其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向外，区域C1中磁场的磁感应强度随时间接B1=b+kt(k>0)变化，C2中磁场的磁感应强度恒为B2，一质量为m．电阻为r、长度为L的金属杆AB穿过C2的圆心垂直地跨放在两导轨上，且与导轨接触良好，并恰能保持静止．则

A.通过金属杆的电流大小为B.通过金属杆的电流方向为从B到AC.定值电阻的阻值为R=D.整个电路的热功率p=11、下面表格中给出了一些金属材料的逸出功：。材料铯铍钙钛逸出功（10﹣19J）3.06.24.36.6

现用波长为330-400nm（1nm=10-9m）的紫外线光照射上述材料，能产生光电效应的材料（普朗克常量光速c=3.0×108m/s）A.铯B.铍C.钙D.钛12、如图所示，从有界匀强磁场的边界上O点以相同的速率射出三个相同粒子a、b、c，粒子b射出的方向与边界垂直，粒子b偏转后打在边界上的Q点；另外两个粒子打在边界OQ的中点P处，不计粒子所受的重力和粒子间的相互作用力，下列说法正确的是。

A.粒子一定带正电B.粒子a与b射出的方向间的夹角等于粒子b与c射出的方向间的夹角C.两粒子a、c在磁场中运动的平均速度相同D.三个粒子做圆周运动的圆心与O点的连线构成一个菱形13、关于物体的内能、分子势能和分子动能的说法中，不正确的是（）A.对于两个分子组成的系统，分子间的分子力最小时，分子势能也最小B.100℃的沸水的内能比0℃的冰水混合物的内能大C.做自由落体运动的物体，分子的平均动能越来越大E.当一定质量的理想气体温度升高时，它的内能可以保持不变E.当一定质量的理想气体温度升高时，它的内能可以保持不变14、下列说法正确的是（）A.太空中水滴成球形，是液体表面张力作用的结果B.液体中的悬浮微粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动越明显C.一定质量的理想气体克服外界压力膨胀，且过程中不吸热也不放热，则内能一定减小E.两个分子间的距离由很远（）减小到很难再靠近的过程中，分子势能不断增大E.两个分子间的距离由很远（）减小到很难再靠近的过程中，分子势能不断增大15、一定质量的理想气体发生状态变化，其体积V随热力学温度T变化的图像如图所示，气体经历了A→B→C→D→A的循环过程；下列分析正确的是（）

A.A→B的过程中外界对气体做功B.B→C过程气体压强不变C.C状态的单位体积气体分子数一定比D状态的小E.A状态的气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数一定比C状态的小E.A状态的气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数一定比C状态的小16、如图所示为一定质量的理想气体状态变化时的p—T图像，由图像可知（）

A.该气体的体积先增大后不变B.该气体分子的平均动能一直变大C.该气体的内能先变大后变小E.该气体一直从外界吸热E.该气体一直从外界吸热17、目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素，下列有关放射性知识的说法中正确的是（）A.氡的半衰期为3.8天，若有4kg氡原子核，经过7.6天后就只剩下1kg氡原子核B.氡的半衰期为3.8天，若有4个氡原子核，经过7.6天后就只剩下1个氡原子核C.放射性元素发生β衰变时释放的电子是原子核外电子电离产生产生的高速电子D.放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)18、如图所示；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球，两个导体开始时互相接触且对地绝缘。

（1）为了使两球带上等量异号电荷，应___________。

A．先移走棒；再把两球分开B．先把两球分开，再移走棒。

（2）使棒与甲球瞬时接触，再移走棒，导体甲带___________电；导体乙带________。

（3）先使甲球瞬时接地，再移走棒，导体甲带_________电；导体乙带________电。19、如图所示，一定质量的理想气体经历A→B、B→C、C→A三个变化过程；则：

（1）C→A过程中气体______（选填“吸收”或“放出”）热量，______（选填“外界对气体”或“气体对外界”）做功。

（2）已知理想气体在状态A时的温度是27℃，求气体在状态C时的温度______K。20、一般情况下，水底的温度要比水面的温度低，一气泡（视为理想气体）从水底缓慢上升到水面的过程中，气泡内气体的压强__________（填“增大”、“减小”或“不变”），气泡内气体对外界________（填“做正功”、“做负功”或“不做功”）。21、如图电路中，电源有内阻，开关S1、S2、S3、S4均闭合，在平行板电容器C的极板间悬浮着一带电油滴P；

(1)若只断开S1，则P将________．

(2)若只断开S2，则P将________．

(3)若只断开S3，则P将________．

(4)若只断开S4，则P将________．22、有一个教学用的可拆变压器；如图甲所示，它有两个外观基本相同的线圈A；B，线圈外部还可以绕线．

(1)某同学用一多用电表的同一欧姆挡先后测量了A、B线圈的电阻值，指针分别对应图乙中的A、B位置，由此可推断________线圈的匝数较多(选填“A”或“B”)．

(2)如果把它看成理想变压器，现要测定A线圈的匝数，提供的器材有：一根足够长的绝缘导线、一只多用电表和低压交流电源，请简要叙述实验的步骤(写出要测的物理量，并用字母表示)________;A线圈的匝数为nA＝________.(用所测物理量符号表示).23、如图所示，D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b，不允许从b流向a，水平放置的平行板电容器AB内部原有一电荷P处于静止状态，一直保持两极板处于平行状态，若A和B的间距稍增大一些后，P的运动情况将是________；若把A和B的正对面积稍增大一些后，P的运动情况将是_________；若充电后去掉电源与二极管，再在AB间插入一块陶瓷片，P的运动情况将是________．（填“静止不动”；“向下运动”或“向上运动”）

24、据统计，人在运动过程中，脚底在接触地面瞬间受到的冲击力是人体所受重力的数倍．为探究这个问题，实验小组同学利用落锤冲击的方式进行了实验，即通过一定质量的重物从某一高度自由下落冲击地面来模拟人体落地时的情况．重物与地面的形变很小，可忽略不计，不考虑空气阻力的影响取重力加速度g＝10m/s2下表为一次实验过程中的相关数据．

。重物（包括传感器）的质量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反弹高度h/cm

20

最大冲击力Fm/N

850

重物与地面接触时间t/s

0.1

（1）请你选择所需数据；通过计算回答下列问题。

a．重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小a＝_____

b．在重物与地面接触过程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人从某一确定高度由静止竖直跳下，为减小脚底在与地面接触过程中受到的冲击力，可采取一些具体措施，请你提供一种可行的方法并说明理由．_____．25、一个闭合的导线圆环，处在匀强磁场中，设导线粗细均匀，当磁感应强度随时间均匀变化时，线环中电流为I，若将线环半径增大1/3，其他条件不变，则线环中的电流强度为________.26、（1）用游标卡尺测量某钢管的外径，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图1所示，其读数为_____cm。

（2）如图2所示，螺旋测微器测出的某物件的宽度是_____mm。

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)27、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

28、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

29、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共9分)30、某同学准备将量程Ig=500μA、内阻rg约为200Ω的电流表G改装成量程为2V的电压表。

（1）该同学先设计了如图甲所示的电路来测量电流表G的内阻rg；用此电路，经以下步骤：

①闭合S1，断开S2，调节R1，使电流表G的示数为500μA；

②闭合S2，保持___________不变，调节___________，使电流表的示数为250μA，此时R2的示数如图乙所示。

（2）由此可知，电流表G的内阻rg=___________Ω。

（3）为了将电流表G改装成2V的电压表，需要___________（填“串联”或“并联”）一个阻值为___________Ω的电阻。

（4）该同学的上述测量存在着系统误差，电流表的内阻测量值___________（填“大于”或“小于”）真实值。因此，用这个改装成的电压表去直接测量电压时，将使测量值___________（填“偏大”或“偏小”）。校正该改装电压表的可行办法是___________（填“增大”或“减小”）与电流表串联的分压电阻。31、（1）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为Ig=50μA，表头电阻Rg=1kΩ，若改装成量程为Im=1mA的电流表，应________联的电阻阻值为________Ω（用分数表示）．

（2）用改装好的多用电表的欧姆挡“×10Ω”挡测量一个电阻的阻值，发现表的指针偏转角度极小，为了准确测定该电阻的阻值，正确的判断和做法是________

A．这个电阻的阻值肯定也是极小的。

B．应把选择开关换到“×1Ω”挡；将欧姆表重新调零后再进行测量。

C．应把选择开关换到“×100Ω”挡；将欧姆表重新调零后再进行测量。

D．为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，使表笔与待测电阻接触良好32、用如图甲所示电路测量某电原的电动和内阻,电路中AB段为拉力敏感电阻丝．拉力敏感电阻丝的阻值R随拉力F线性变化,其线性关系为=15+10F；单位为Ω

(1)待测电源的电动势E约为5V，内阻r约为2Ω，电流表应选择_____填序号。

A.量程0.6A,内阻Ω

B.量程3A,内阻Ω

(2)改变拉力F的大小,记录电流表读数测得多组数据,作出广图象,如图乙所示．由图象可得=待测电源的电动势E=_____V,内阻r=_____Ω(结果均保留2位有效数字)

(3)如图丙所示为一灯泡的伏安特性曲线,现将若干个这种灯泡并联之后与上述的电直接连接,并联_____只灯泡可使电源的输出功率最大评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)33、如图所示，间距为L的两根平行长直金属导轨MN、PQ固定在倾角为θ的绝缘斜面上，导轨上端接有阻值为R的电阻，一根长为L、电阻为3R、质量为m的直导体棒ab垂直放在两导轨上。整个装置处于方向垂直斜面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。ab由静止释放后沿导轨运动，下滑位移大小为时到达cd位置并恰好开始做匀速运动。ab在运动过程中与导轨接触良好，导轨电阻及一切摩擦均不计，重力加速度大小为g。求：

（1）ab棒匀速时的速度大小；

（2）从ab棒由静止释放到开始匀速运动整个过程通过电阻R的电荷量；

（3）从ab棒由静止释放到开始匀速运动的整个过程中电阻R产生的热量Q。34、一束初速度不计的电子流在经U＝5000V的加速电压加速后在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离d＝1.0cm，板长＝5.0cm，电子电量e＝C；那么。

（1）电子经过加速电场加速后的动能为多少?

（2）要使电子能从平行板间飞出；两个极板上最多能加多大的电压?

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

A项：根据电流的热效应有：解得：U=10V，故A正确；

B项：正弦交流电压的有效值是：故B错误；

C、D项：根据可知，故C、D错误．2、A【分析】【详解】

纯油酸体积为油膜面积为S，油酸分子直径故A正确．3、B【分析】试题分析：由图知电压表测量路端电压，电流表A1测量流过R1的电流，电流表A2测量流过RT的电流；

当环境的温度逐渐升高时，RT减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数U减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，而总电流I增大，则流过RT的电流I2增大．故ACD错误；B正确；故选B．

考点：电路的动态分析4、B【分析】提出分子电流假说并用以解释物质磁性及磁化现象的科学家是安培，故选B.5、B【分析】【详解】

将极板A向下平移一小段距离，电容器板间的电压保持不变，根据分析得知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴将向上运动．故A错误，B正确．将极板A向下平移一小段距离时，根据电容的决定式得知电容C增大，而电容器的电压U不变，由知，极板带电荷量将增大．故CD错误．故选B．6、D【分析】【详解】

由图可知，当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻增大，则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，故电流表A示数减小；根据欧姆定律知，R2的电压减小，则电压表V2的读数减小。电压表V1的读数U1=E-I（R1+r），I减小，则U1增大。将R1、R2看成电源的内阻，由于等效电源的内电阻与RP的大小未知，不能判断RP消耗的功率变化。电容器的电压等于电压表V2的读数，则知电容器的电压减小，电量减少。故D正确，ABC错误。7、B【分析】【详解】

横波的振动方向与传播方向垂直，已知P点的振动方向向上，由同侧法可知沿x轴正方向传播，而读图得波长λ=2m，则波速故B正确，ACD错误；

故选B．

【点睛】考查机械波．由波的传播方向和质点振动方向之间的关系可判断波沿x轴正方向传播，波速由公式求出．8、D【分析】【详解】

在质子和中子结合成氘核的过程中存在质量亏损，释放能量，根据爱因斯坦质能方程可知，释放的能量为：故D正确．9、A【分析】【分析】

由x=0点处质点的振动图象可知该质点的运动情况，得出时刻的运动性质即可得出符合题意的选项．

【详解】

从振动图上可以看出x=0处的质点在t=时刻处于平衡位置；且正在向下振动，波沿x轴正向传播，根据走坡法，四个选项中只有A图符合要求，故A项正确．

【点睛】

本题要求学生能正确的分析振动图象和波动图象；难点在于能否由波动图象中得出物体的运动方向．二、多选题(共8题，共16分)10、B:C:D【分析】【详解】

试题分析：金属杆静止；合力为零．根据受力分析，结合平衡条件与安培力表达式，求解通过金属杆的电流大小；由楞次定律分析通过金属杆的电流方向．根据法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律，结合题意，即可求定值电阻的阻值．由功率公式整个电路中产生的热功率P．

对金属杆，根据平衡方程得解得故A错误；区域C1中磁场的磁感强度随时间按B1=b+kt（k＞0）变化，可知磁感强度均匀增大，穿过整个回路的磁通量增大，由楞次定律分析知，通过金属杆的电流方向为从B到A，B正确；由法拉第电磁感应定律，则有：回路中产生的感应电动势为且闭合电路欧姆定律有又解得C正确；整个电路中产生的热功率D正确．11、A:C【分析】【详解】

一个光子的能量

根据入射光的能量大于逸出功，才会发生光电效应，所以能发生光电效应的材料有铯和钙，故AC正确，BC错误．12、B:D【分析】【详解】

如图；粒子往右偏转，根据左手定则，粒子带负电，故A错误；

由几何知识得，粒子a，c均从P点射出，所以弧OP的对称弧与a粒子的轨迹半径相等，故a，b粒子与b，c粒子的射出的方向间的夹角相等，故B正确；a，c粒子位移相等，时间不等，故两粒子a，c在磁场中运动的平均速度不相同，故C错误；根据则速率相同的三个粒子在同一磁场中运动的轨迹半径相等，故连接三个粒子做圆周运动的圆心与O点的连线构成一个菱形，故D正确；故选BD．

【点睛】

解答此题的关键是知道相同粒子在同一磁场中做匀速圆周运动的半径是相等的，注意与数学知识相结合解答更容易．13、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．对于两个分子组成的系统，分子间的分子力最小时，两分子距离为r0；若增大距离，则分子力表现为引力，分子力做负功分子势能增加，若减小距离，则分子间表现为斥力，分子力做负功分子势能增加。故此时分子势能最小。故A正确，与题意不符；

B．内能大小的决定因素有温度；体积和组成物质的分子数。选项中只谈到了温度一个因素。故B错误；与题意相符；

C．分子的平均动能与宏观量温度相对应；与其运动状态无关。故C错误，与题意相符；

D．根据热力学第一定律；改变物体内能，有两种方式，做功和热传递，选项中只给了做功一个信息。故D正确，与题意不符；

E．温度与分子的平均动能相对应；当一定质量的理想气体温度升高时，它的内能肯定会变故E错误，与题意相符。

故选BCE。14、A:C:D【分析】【详解】

A．太空中水滴成球形；是液体表面分子间距离大于平衡位置的距离，分子间体现为相互吸引的作用力，这就是表面张力，A正确；

B．悬浮微粒越大；在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，受力就越趋于平衡，布朗运动就越不明显，B错误；

C．根据热力学第一定律有

因为过程中既不吸热也不放热Q＝0

又因为体积膨胀，所以气体对外做功W＜0

故

气体内能将减小；C正确；

D．温度升高；分子热运动的平均动能增大，但不意味着每个分子的动能都增大，D正确；

E．将一个分子从无穷远处无限靠近另外一个分子的过程中；分子力先表现为引力，做正功，后表现为斥力，做负功，所以分子势能先减小后增大，E错误。

故选ACD。15、A:D:E【分析】【详解】

A．由题图可知，从A到B；气体做等温变化，温度不变，体积减小，外界对气体做功，A正确；

B．从B到C，气体做等容变化，体积不变，温度升高，由查理定律可得因由此可知即压强变大，B错误；

C．C状态下，气体的温度比D状态下高，D状态下，气体体积比C状态下大，气体分子数不变，可知C状态的单位体积气体分子数一定比D状态的大；C错误；

D．从D到A，气体做等容变化，温度降低，内能减小，由热力学第一定律可知可得

可知气体对外放出热量；D正确；

E．在A和C状态，由理想气体状态方程可知

因为

则有

因为

则有

因此可知，A状态的气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数一定比C状态的小；E正确。

故选ADE。16、A:B:E【分析】【详解】

AD．根据可得由图可得，图上各点与原点连线的斜率先减小后不变，则该气体的体积先增大后不变，该气体分子的密集程度先减小后不变，选项A正确，选项D错误；

BC．该气体的温度一直升高；该气体分子的平均动能一直变大，理想气体的内能仅与温度有关，该气体的内能一直变大，选项B正确，选项C错误；

E．第一个过程；对外做功，而内能增大，气体从外界吸热，第二个过程，内能增大，不对外做功，气体从外界吸热，选项E正确。

故选ABE。17、A:D【分析】【详解】

氡的半衰期是3.8天，若有4kg氡原子核，则经过7.6天，即两个半衰期，氡只剩下1kg，故A正确；放射性元素的半衰期与元素所处的物理和化学状态有关，它是一个统计规律，只对大量的原子核才适用，故B错误；放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转变为质子和电子，电子释放出来，故C错误；放射性元素的放射性与核外电子无关，故放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性，故D正确。三、填空题(共9题，共18分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据静电感应可知；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球时，在两个导体球上分别感应出等量的异号电荷，此时先把两球分开，再移走棒。就会使两球带上等量异号电荷；

(2)[2][3]使棒与甲球瞬时接触；再移走棒，会使两导体球均带上负电荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬时接地，会使两球瞬间与大地连为一体，此时导体球上感应出的负电荷会导入大地，再移走棒，两球均带正电荷。【解析】B负负正正19、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]C→A过程中气体压强不变；体积变大，则温度升高，气体对外做功，内能增加，则气体吸收热量；

（2）[3]从A到C由盖吕萨克定律可知

解得TC=0.5TA=150K【解析】吸收气体对外界15020、略

【分析】【详解】

[1][2]气泡内气体的压强

大气压强恒定，气泡（视为理想气体）从水底缓慢上升到水面的过程中，气泡内气体压强变小，温度变高，根据理想气体状态方程可知体积增大，则气泡内气体对外界做正功。【解析】减小做正功21、略

【分析】【详解】

（1）只断开S1；电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于静止状态．

（2）只断开S2；电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上做加速直线运动．

（3）只断开S3；电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下做加速直线运动．

（4）只断开S4；电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．

【点睛】

本题考查分析电容器电压的能力．难点是断开s2，要知道稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解.【解析】静止向上做匀加速直线运动向下做加速直线运动静止22、略

【分析】【详解】

(1)由题图乙可知A位置的阻值大于B位置的阻值，由电阻定律可得A线圈的匝数多于B线圈的．

(2)①用长导线绕一个n匝线圈，作为副线圈替代A线圈；

②把低压交流电源接B线圈，测得线圈的输出电压为U；

③用A线圈换下绕制的线圈测得A线圈的输出电压为UA.

因为要测量A线圈匝数，所以要把A线圈与低压交流电源相连接．变压器输入输出电压都是交流电，所以要用交流电压档测输入和输出电压．根据变压器电压比等于匝数比，有:所以

【点睛】

此题既要对多用表能正确使用，又要对变压器的原理熟练掌握，综合要求较高．【解析】(1)A(2)①用长导线绕一个n匝线圈，作为副线圈替代A线圈；②把低压交流电源接B线圈，测得线圈的输出电压为U；③用A线圈换下绕制的线圈测得A线圈的输出电压为UA；23、略

【分析】【详解】

[1]电容器与电源保持相连，电容器的电压不变，板间距离增大，电容减小，电容量的电量要减小，放电，但由于二极管的作用只允许电流从a流向b，电容器的电量无法减小，根据

板间电场强度

Q、S、ɛ不变，则改变d，E不变，电荷P受的电场力不变；仍静止。

[2]使极板A和B正对面积增大后，跟据

电容变大，根据

电量要增加，但是由于电压不变，根据

两板间距不变；故场强不变，电场力不变，则电荷仍静止不动。

[3]若充电后去掉电源与二极管，再在AB间插入一块陶瓷片，根据

则电容变大，电量不变，根据

则电压减小，根据

场强减小，电场力减小，故P的运动情况将是向下运动【解析】（1）静止不动（2）静止不动（3）向下运动24、略

【分析】【详解】

（1）a．重物受到最大冲击力时加速度的大小为a，由牛顿第二定律解得：

b．重物在空中运动过程中，由动能定理有：

重物与地面接触前瞬时的速度大小为：

重物离开地面瞬时的速度大小为：

重物与地面接触过程，重物受到的平均作用力大小为F，设竖直向上为正方向，由动量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍数为：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力．【解析】90m/s26人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力25、略

【分析】【详解】

设圆环的半径为r，根据法拉第电磁感应定律得：感应电动势为：

再由欧姆定律得：感应电流的大小是：

若将线环半径增大其他条件不变，则线环中的电流强度为．

点睛：本题属于磁感应强度变化，而线圈面积不变化的情形，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律结合求解感应电流是常用的方法，注意寻找电流与半径，是解题的关键．【解析】26、略

【分析】【分析】

解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读。

【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为5.4cm，游标尺上第4个刻度与主尺刻度对齐，则游标尺读数为

所以最终读数为

（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为

所以最终读数为

【点睛】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同。【解析】5.445.695四、作图题(共3题，共18分)27、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】28、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】29、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同