（北京卷）2022年中考物理第三次模拟考试（全解全析）

2022年中考物理第二次模拟考试（北京卷）（本卷共26小题，考试时间：70分钟试卷满分：70分）考生须知：1.本试卷共7页，共两部分，共26题，满分70分。考试时间70分钟。2.在试卷和草稿纸上准确填写姓名、准考证号、考场号和座位号。3.试题答案一律填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。4.在答题卡上，选择题、作图题用2B铅笔作答，其他试题用黑色字迹签字笔作答。5.考试结束，将本试卷、答题卡和草稿纸一并交回。第一部分一、单项选择题(下列每题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共24分，每题2分)1.在常温干燥的情况下，下列餐具中属于导体的是（）。A.陶瓷碗 B.金属勺 C.竹筷 D.玻璃杯【答案】B。【解析】容易导电的物体叫做导体。导体导电原因：导体中有大量的可自由移动的电荷。常见导体材料：金属、石墨、人体、大地、酸、碱、盐水溶液。不容易导电的物体是绝缘体，常见绝缘体材料：橡胶、玻璃、陶瓷、塑料、油等。故选B。2.无论是严冬还是酷暑，在使用冷暖空调的房间窗户玻璃表面，有时会出现小水珠。下列关于这一现象的说法中，正确的是（）。A.无论冬夏，小水珠总是附着在玻璃的内表面；B.无论冬夏，小水珠总是附着在玻璃的外表面；C.夏天，小水珠附着在玻璃的内表面，冬天，小水珠附着在玻璃的外表面；D.夏天，小水珠附着在玻璃的外表面，冬天，小水珠附着在玻璃的内表面【答案】D。【解析】酷暑的夏天使用空调，室内温度低于室外温度，窗户玻璃比室外空气温度低，室外空气中的水蒸汽遇到冷玻璃液化为小水珠凝结在玻璃外表面。寒冷的冬天使用空调，室内温度高于室外温度，窗玻璃比室内温度低，室内的水蒸汽遇到冷玻璃液化，小水珠凝结在玻璃的内表面。故选D。3.晚上，小明在教室里通过窗玻璃看到自己的像，而且室内灯光越亮就越清晰，下列对该现象描述正确的是（）。A.像是由光的反射形成的 B.室外越亮像越清晰C.所成的像是实像 D.人远离窗玻璃像变小【答案】A。【解析】A、小明在教室里通过窗玻璃看到自己的像，是平面镜成像形成的，平面镜成的像是由光的反射形成的，故A正确；B、室内灯光越亮，反射的光线越强，像也就越清晰，故B错误；C、由平面镜成像特点可知，平面镜成的像是虚像，故C错误；D、由平面镜成像特点可知，人不管是远离玻璃窗还是靠近玻璃窗，像的大小不变，故D错误。故选：A。4.下列家用电器利用电流热效应工作的是（）。A.电饭锅 B.电视机 C.电风扇 D.收音机【答案】A。【解析】电视机主要是把电能转化为声能和光能，电风扇主要是把电能转化为机械能，收音机主要是把电能转化为声能，只有电饭锅是把电能转化为内能，是利用电流的热效应。故选A。5.如图所示的四个实例中，目的是为了增大摩擦的是（）。A.给车轴加润滑油；B.自行车脚踏板上有花纹；C.给木箱装上轮子；D.磁悬浮列车悬浮行驶【答案】B。【解析】A、给车轴加润滑油，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故A不合题意；B、自行车脚踏板上的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B符合题意；C、给木箱装上轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦，故C不符合题意；D、磁悬浮列车悬浮行驶，是通过使接触面脱离来减小摩擦力，故D不符合题意。故选B。6.根据具体工作需要能选择合适的工具是劳动者的基本技能，要剪开较硬的物体，如图中的四种剪刀，应选择（）。A.B.C.D.【答案】D。【解析】要剪开较硬的东西，应该选择省力杠杆，而省力杠杆的动力臂大于阻力臂。A、B、C图中剪刀的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故都不符合题意；D、此剪刀的动力臂远大于阻力臂，是省力杠杆，符合题意；故选D。7.如图所示的四种现象中，符合安全用电原则的是（）。A.在没有断开电源的情况下换灯泡；B.使用绝缘层破损的电线；C.用湿抹布擦拭正在工作的台灯；D.用绝缘棒挑开通电的裸导线【答案】D。【解析】A、不断开开关，直接更换不亮的电灯泡，由于灯泡上带电，容易引起触电事故，所以更换灯泡时先断开开关，故A不符合安全用电原则；B、电线绝缘层破损后，防止引发触电事故，故B不符合安全用电原则；C、用湿布擦拭正在发光的电灯，湿布导电容易使人触电，故C不符合安全用电原则；D、用绝缘棒挑开通电的裸导线，避免发生触电事故，故D符合安全用电原则。故选：D。8.如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（）。A.图甲，空气被压缩时，空气的内能减少；B.图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大；C.图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少；D.图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大【答案】C。【解析】A．图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加；故A错误；B．图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小；故B错误；C．图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少；故C正确；D．图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气缸内气体的内能减少；故D错误。故选：C。9.下面对日常生活中一些物理现象的解释不正确的是（）。A.用手击排球，排球弹出去，说明力可以改变物体的运动状态；B.用手轻按气球，气球会凹进去一部分，说明力可以改变物体的形状；C.运动员起跑时用力蹬地，自身就获得向前的力，说明力的作用是相互的；D.用手推门时，手越靠近门轴越费力，说明力的作用效果与力的方向有关【答案】D。【解析】A．用手击排球，手对球施加力，排球飞走了，说明力改变了球的运动状态。故A正确；B．用手轻按气球，气球会凹进去一部分，球的形状发生改变，说明力可以改变物体的形状，故B正确；C．起跑时用力蹬地，脚给地面一个力，同时地面给脚一个力，这个原理是物体间力的作用是相互的。故C正确。D．力的三要素是力的大小、方向和作用点，越靠近门轴推门，越费力，可见是力的作用点会影响到力的作用效果。故D错误。故选：D。10.如图所示的电路中，电阻阻值R1＞R2．开关S闭合后，电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2，通过两个电阻的电流分别为I1、I2。下列判断正确的是（）。A.U1＜U2B.U1＞U2C.I1＜I2D.I1＞I2【答案】B。【解析】由图可知，电阻R1、R2串联在电路中，串联电路中各处都相等，故CD错误；两电阻两端电流相等，R1＞R2。由I＝可知U1＞U2，故A错误，B正确。故选：B。11.智能手机耗电达到一定量时，会自动提示用户采用“省电模式”，在这种模式下，可延长电池的供电时间，原因是（）。A.降低了电池的输出电压 B.减小了电池的输出电流C.减小了电子线路的电阻 D.增大了电池的输出功率【答案】B。【解析】A.手机工作电压是一定的，如果降低了电池的输出电压，手机将不能正常工作，故A不符合题意；B.手机电池储存的电能是一定的，由公式W＝Pt知，要延长手机工作时间，需要减小输出功率，而手机工作电压是不变的，由P＝UI知，在省电模式下，应减小电池的输出电流，故B符合题意；C.手机内部电子线路的结构是不变的，所以电阻也是一定的，故C不符合题意；D.由公式W＝Pt知，增大电池的输出功率，手机的工作时间会缩短，故D不符合题意。故选B。12.如图所示，甲、乙两套装置所用的滑轮质量相等，用它们分别将相同质量的钩码匀速竖直提升，在相等时间内绳子自由端A、B移动相同的距离（不计绳重和摩擦）。在此过程中，下列选项正确的是（）。A.两钩码上升的速度相等

B.两套装置绳子自由端的拉力相等C.甲装置做的总功比乙的多

D.两套装置的机械效率不相等【答案】C。【解析】A.图甲使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n甲

=2；图乙使用的是滑轮组，承担物重的绳子股数n乙

=3；因为拉力端移动的距离s=nh；所以拉力端移动的速度等于物体升高速度的n倍,已知在相等时间内绳端A、B移动相同的距离,

则由速度公式v=可知绳端A、B移动的速度相等，设其大小为v，则由v绳

=nv物

可知，钩码上升的速度分别为:v甲

=，v乙

=，所以两钩码上升的速度:v甲

>v乙

，故A错误；B.提升钩码的质量相同、重力相同，且滑轮的质量相同、重力相同，不计绳重及摩擦，拉力F=(G+G动

)n甲

=2，n乙

=3，所以绳端的拉力分别为F甲

=(G+G动),F乙

=(G+G动

)则绳端的拉力F甲

>F乙

，故B错误；C．绳端拉力F甲

>F乙

，绳端A、B移动相同的距离，由W=Fs可知拉力做的总功W甲总

>W乙总

，即甲滑轮组的总功比乙多，故C正确；D．忽略绳重和摩擦，机械效率===因为提升钩码的质量相等、重力相等，所以动滑轮和滑轮组的机械效率相等，故D错误。故选C。二、多项选择题(下到与题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对或不全的得1分，有错选的不得分)13.如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（）。A.电流表A的示数变大；B.电压表V1的示数变大；C.电路中消耗的总功率变大；D.电压表V2与电流表A示数的比值变小【答案】AC。【解析】由图可知，闭合开关S，R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测滑动变阻器R2两端的电压，电压表V2测R1两端的电压，电流表A测电路中的电流，当滑动变阻器滑片由U=IR可知，R1两端的电压变大，电压表V2示数变大，由串联电路中电压规律可知，电压表电源电压不变，总电流变大，由P=UI得，电路中消耗的总功率变大，C正确；电压表V2与电流表A的示数的比值为定值电阻R14.下列关于信息的传递和能量的利用说法错误的是（）。A.利用声波和电磁波传递信息时都需要介质；B.手机利用超声波传递信息；C.煤、石油、天然气、太阳能等都是不可再生能源；D.核能是指原子核发生分裂或聚合时所释放的能量【答案】ABC。【解析】A.利用声波传递信息时需要介质，电磁波在真空就可以传播，因此电磁波传播不需要介质，故A错误，符合题意；B.手机属于移动电话，它既是电磁波发射台也是电磁波接受台，所以是利用电磁波来传递信息的，故B错误，符合题意；C.在“煤、石油、天然气、太阳能”这些能源中，太阳能是可再生能源，煤、石油和天然气是不可再生能源，故C错误，符合题意，D.核能是指原子核发生分裂或聚合时所释放的能量，故D正确，不合题意。故选ABC。15.如图所示，两个完全相同的容器放置在水平地面上，内装甲、乙两种不同的液体，实心小球A、B、C的体积相等。将它们分别放入两个容器中，放入小球后两个容器中的液体深度相同，且A、C两球排开液体体积相同。B球在甲液体中悬浮、在乙液体中沉底，则下列判断中正确的是（）。A.甲液体比乙液体对容器底的压强大

B.三个小球中密度最小的是C球C.两个容器对地面的压强相等

D.如果把A、C两球对调，C球有可能沉入液体中【答案】AB。【解析】A.由图知，B球在甲液体中悬浮，则；B球在乙液体中沉底，则，所以，，而两液体深度相同，根据可知，甲液体比乙液体对容器底的压强大，故A正确；B.A、B两球排开液体体积相同，又因为，根据可知，A受到的浮力大于C受到的浮力，即两球处于漂浮状态，故浮力等于重力，故A受到的重力大于C受到的重力，即根据可知，A球质量大于C球质量，又因为两球体积相等，根据可知，A球的密度大于C球的密度，即由B、C在乙液体中的状态可知，B球在乙液体中沉底，则，C球在乙液体中漂浮，则，故B球的密度大于C球的密度，即经分析可知,所以C球密度最小，故B正确；C.由题可知，两容器中液体体积相等，又，故甲液体质量较大；由前可知，A球质量大于C球质量，所以，左容器的总质量较大，总重力也较大，对地面的压力也较大，而底面积相等，根据可知，左容器对地面的压强较大，故C错误；D.因为，故有；所以，如果把A、C两球对调，C球不可能沉入液体中，故D错误。故选AB。第二部分三、实验探究题(共28分，16、17题各2分，18、20题各3分，19、21题各4分，22、23题各5分)16.小明利用如图所示的实验装置探究水在凝固过程中温度的变化规律。将盛有适量水的试管放入装有含盐冰的烧杯中，温度计测试管中水的温度。小明发现水在凝固过程中温度

（选填“保持不变”“逐渐升高”或“逐渐降低”）；烧杯内含盐冰的温度必须远低于试管中水凝固时的温度，这说明水在凝固过程中需要

（选填“吸热”或“放热”）。【答案】保持不变；放热。【解析】水是晶体，晶体在熔化的过程中，温度保持不变；水在凝固的过程中放热。故答案为：保持不变；放热。17.某实验小组探究“杠杆平衡条件”。实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于

（选填“平衡”或“不平衡”）状态。另一实验小组利用小桌、砝码、海绵等物品在水平桌面上探究“影响压力作用效果的因素”后，又将图乙中的小桌和砝码放到桌面上，如图丙所示。比较乙、丙两种情况中小桌产生的压强p乙

p丙。【答案】平衡；＝。【解析】（1）杠杆处于静止状态，所以是平衡状态；（2）实验小组利用小桌、砝码、海绵等物品在水平桌面上探究“影响压力作用效果的因素”后，又将图乙中的小桌和砝码放到桌面上，如图丙所示。压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，压力相同，受力面积相同时，压强相同。所以p乙＝p丙。18.用实验探究凸透镜成像规律，将焦距为10.0cm的薄凸透镜固定在光具座上50.0cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20.0cm刻度线处，移动光屏至65.0cm刻度线处，烛焰在光屏上呈现清晰的像，如图所示，根据此实验回答下列问题：（1）如图所示的实验现象能够说明

的成像特点。（选填选项前的字母）A.幻灯机B.照相机C.放大镜（2）保持透镜在50.0cm刻度线处不动，如果想在光屏上得到比烛焰大的清晰的像，应进行的操作是

。（选填选项前的字母）A.将蜡烛左移，光屏左移B.将蜡烛左移，光屏右移C.将蜡烛右移，光屏左移D.将蜡烛右移，光屏右移（3）保持透镜在50.0cm刻度线处不动，若将点燃的蜡烛放在光具座上45.0cm刻度线处，烛焰（选填“能”或“不能”）在光屏上呈现清晰的像。【答案】（1）B；（2）D；（3）不能。【解析】（1）图中物距大于像距且能在光屏上成清晰的像，说明此时物距大于二倍焦距，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，能成倒立缩小的实像，能说明照相机的成像特点。故选B。（2）保持透镜在50.0 c（3）保持透镜在50.0 cm刻度线处不动，若将点燃的蜡烛放在光具座上45.0 c19.端午节家庭聚会后，小鹏的父亲将喝剩的白酒交给他，要他利用所学的物理知识测出白酒的密度。家中没有量筒，只找到了一个弹簧测力计和一个废旧的铁块，于是他在两只玻璃杯中分别装入水和白酒，进行了如下操作：①将铁块悬挂在弹簧测力计下方，读出测力计的示数F1

，如图甲所示；②把铁块浸没在水中，读出测力计示数F2

；③把铁块浸在白酒中，读出测力计示数F3。请你回答下列问题:（1）弹簧测力计示数F1

=______N；（2）图中他有操作错误的是图_______（选填“甲”、“乙”、“丙”），请指出错误之处______；（3）更正错误操作后，测力计的示数变成

F

4

，请你帮小鹏推导出创洒密度的表达式ρ酒

=______。（用字母符号表示，水的密度为ρ水

）【答案】3.8；丙；没有将铁块完全浸没在白酒中；。【解析】（1）[1]由图甲可知，该弹簧测力计的分度值为0.2N，读出弹簧测力计的示数即F1

=3.8N。（2）[2][3]如图乙，将铁块浸没在水中，读出此时弹簧测力计的示数，就可以计算出此时物体受到的浮力，在根据阿基米德原理推导式变形后可求出铁块的体积；再把铁块浸没在白酒中，读出此时弹簧测力计示数，计算出在白酒中受到的浮力，要计算出白酒密度，需知道排开的白酒的体积，当把铁块完全浸没在白酒中时，排开的白酒的体积就等于铁块的体积，所以必须要将铁块完全浸没在白酒中，由此判断图丙操作错误，错误之处就是没有将铁块完全浸没在白酒中。（3）[4]铁块浸没在水中时受到的浮力；由阿基米德原理推导式可知铁块体积；当把铁块浸没在白酒中时所受浮力；则白酒的密度。20.如图所示，通电螺线管附近的小磁针处于静止状态，则螺线管的A端是_____极，电源的D端是_____极。【答案】(1)S；(2)负。【解析】由图可知，小磁针静止时，S极靠近电磁铁，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知电磁铁B端应为N极，A端为S极；则由右手螺旋定则可知，电流应由右端流入，故电源C端为正极，D端为负极。如图所示：21.某同学要测量一个额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，电路图如图甲所示，使用的电源电压约为6V，滑动变阻器的规格是“5Ω2A”。（1）该同学将滑片移至正确位置后，闭合开关，观察到电压表的示数如图乙所示，为了测出小灯泡的额定电功率，应该断开开关，更换最大阻值______的滑动变阻器。（选填“更大”或“更小”）（2）调整装置后进行实验，实验时某次电压表的示数为2.0V，对应电流表示数如图丙所示，要想测出小灯泡的额定电功率，接下来的操作是：______；（3）若考虑电表的电阻对测量的影响，则电功率的测量结果与真实值相比偏______（选项“大”或“小”），原因是______（填字母）。A.电流表测量值偏大

B.电压表测量值偏大

C.电流表和电压表测量值都偏大【答案】更大；向左移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2.5V，记下电流表示数；大；A。【解析】（1）[1]该同学将滑片移至正确位置后，即阻值最大处，闭合开关，观察到电压表的示数如图乙所示，此时电压表的示数为2.9V，滑动变阻器分担的电压比较小，故需要更换更大的电阻。（2）[2]实验时某次电压表的示数为2.0V，要测量小灯泡的额定电功率，需要将小灯泡的电压变为2.5V，故小灯泡的电压变大，滑动变阻器的电压需要变小，故向向左移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2.5V，记下电流表示数。（3）[3][4]如图甲所示，电压表测量的电压是准确的，电压表是一个大电阻，会分流，导致电流表的示数偏大，电功率的测量结果与真实值相比偏大，故选A。22.小明通过实验测量金属块的密度。（1）使用天平和量筒时，应将其放在___________台面上。（2）用调好的天平测金属块的质量。天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则金属块的质量为_________g。（3）如图乙所示，金属块的体积为________cm3

，计算出金属块的密度为________。（4）向量筒中放人金属块时，若操作不当使水溅出，将导致密度测量值_______（填“偏大”或“偏小”）。【答案】水平；54；20；2.7；偏大。【解析】（1）使用天平和量筒时，为了测量和读数准确，应将其放在水平台面上。（2）天平读数为砝码数加游码数，故由图甲可知，金属块的质量为m=50g+4g=54g（3）由图乙可知，金属块的体积为V=40mL-20mL=20mL=20cm3故金属块的密度为；（4）向量筒中放入金属块时，若操作不当使水溅出，则会使得金属块的体积测量值偏小，将导致密度测量值偏大。23.圆圆同学在探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”时采用了如图所示的实验装置．请仔细观察甲、乙两图。（1）实验总通过观察两个U形管中的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少；（2）你认为甲图所示的装置是用来研究电流通过电阻丝产生的热量与的关系；（3）由乙图所示的实验现象可以得到的结论是在电阻相同、通电时间相同的情况下，通过电阻的越大，电阻产生的热量越多；（4）该实验采取的探究方法是。【答案】（1）液面高度；（2）电阻；（3）电流；（4）控制变量法和转换法。【解析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；（2）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系；（3）图乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I内+I外，所以，I左＞I内，烧瓶内的电阻值都是5Ω，阻值相等，通电时间相等，电流不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电流的关系；（4）实验中采用的是控制变量法和转换法。故答案为：（1）液面高度；（2）电阻；（3）电流；（4）控制变量法和转换法。四、科普阅读题(共4分)24.地源热泵“地源热泵”是一种利用浅层地热资源（也称地能）的既可供热又可制冷的高效节能空调设备。地源热泵实质上是一种热量提升装置，工作时它本身消耗很少一部分电能，却能从地能中提取4-7倍于电能的装置。地能是地源热泵冬季供热的热源和夏季制冷的冷源。冬季，土壤或水体温度为12℃-22℃，比环境空气温度高，地源热泵把地能中的热取出来，提高换热介质的温度后，供给室内采暖。夏季，土壤或水体温度为18℃-32℃，比环境空气温度低，地源热泵把室内的热取出来，释放到地能中去，如图甲所示。如此周而复始，将建筑空间和大自然联成一体，以最小的代价获取了最舒适的生活环境。地源热泵供暖空调系统主要分三部分：室外地能换热系统、地源热泵机组和室内采暖空调末端系统，如图乙所示。其中地源热泵机组主要有两种工作形式：“水-水”式或“水-空气”。三个部分之间靠换热介质-水或空气进行热量的传递，地源热泵与室外地能之间的换热介质为水，与室内采暖空调末端的换热介质可以是水或空气。近十几年来，地源热泵在北美的美国和加拿大、中北欧的瑞士和瑞典等国家取得了较快的发展，其中，北欧国家考虑到冬冷夏凉的特点，利用地源热泵主要偏重于冬季采暖，而美国则注重冬夏联