2025年外研版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、一辆汽车以5m/s的初速度，—2m/s2的加速度在粗糙的水平面上滑行，在4s内通过的路程为（）A．4mD．36mC．6.25mD．以上答案都不对2、关于狭义相对论，以下说法中正确的是（）A.在不同的惯性系中测量，光速是不同的B.在地面上的观测者看来，接近光速飞行的飞船中时钟会变慢C.在地面上的观测者看来，接近光速飞行的飞船沿速度方向的长度变长D.牛顿第二定律在不同的惯性系中有不同的表述方式3、如图所示，在场强为E

的水平向右的匀强电场中，AB

为一竖直直线上的两点，相距为L

外力F

将质量为m

带电量为鈭�q

的微粒从A

点匀速移到B

点，重力不能忽略，则下列说法中正确的是(

)

A.外力的方向水平向右B.外力的方向竖直向上C.外力的大小等于qE+mg

D.外力的大小等于(qE)2+(mg)2

4、有一束电子流沿轴正方向高速运动，如图所示。电子流在轴上P点处所产生的磁场方向沿（）A.轴负方向B.轴正方向C.轴正方向D.轴负方向5、如图电路中，已知交流电源电压u=200sin100πtV，电阻R=100Ω．则电流表和电压表的示数分别为（）A.1.41A，200VB.1.41A，141VC.2A，200VD.2A，141V6、首次用实验验证“爱因斯坦质能方程”的核反应方程是Li+H→KHe，已知mLi=7.0160u，mH=1.0078u，mHe=4.0026u，则该核反应方程中的K值和质量亏损分别是（）A.1和4.0212uB.1和2.0056uC.2和0.0186uD.2和1.9970u7、如图所示，一轻杆两端分别固定ab

两个半径相等的光滑金属球，a

球质量大于b

球质量.

整个装置放在光滑的水平面上，将此装置从图示位置由静止释放，则(

)

A.在b

球落地前瞬间，a

球的速度方向向右B.在b

球落地前瞬间，a

球的速度方向向左C.在b

球落地前的整个过程中，轻杆对b

球的冲量为零D.在b

球落地前的整个过程中，轻杆对b

球做的功为零评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)8、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)10、电磁感应现象是英国物理学家法拉第首先发现的，探究这个现象应选用如图中______(

填“甲”或“乙”)

所示的装置进行实验，利用电磁感应现象可以制成______(

填“电动机”或“发电机”)

，实现机械能转化为电能11、如图所示；将两条完全相同的磁铁(

磁性极强)

分别固定在质量相等的小车上，水平面光滑，开始时甲车速度大小为3m/s

方向水平向右，乙车速度大小为2m/s

方向水平向左，两车在同一直线上，当乙车的速度为零时，甲车速度为________m/s

方向________。

12、质量为2kg的物体，做匀速圆周运动，运动中所受向心力为8N，运动的轨道半径为1m，此物体运动的线速度为______m/s，此物体的动能为______J．13、如图所示，场强为E的水平方向匀强电场中，有一质量为m、电量为+q的微粒，在外力作用下，从A点竖直向上移至B点，且速度不变，若AB长为h，则这一过程中外力的大小为____，外力做的功为____．

14、如图所示，AB

是两个带电小球，A

球固定在绝缘支架上，B

球用绝缘细线悬挂于O

点.

平衡时细线与竖直方向的夹角为娄脠.

若A

球带正电，则B

球带______(

选填“正电”或“负电”)

若增大A

球所带的电荷量，则娄脠

角将______(

选填“变大”或“变小”)

．评卷人得分四、判断题(共4题，共40分)15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、计算题(共3题，共24分)19、如图所示，光滑斜面倾角为娄脠

，底端固定一垂直于斜面的挡板C

.

在斜面上放置长木板A

，A

的下端与C

的距离为d

，A

的上端放置小物块B

(

可视为质点)

A

与B

质量相等，A

、B

间的动摩擦因数娄脤

=1.5tan

娄脠.

现同时由静止释放A

和B

，A

与C

发生碰撞的时间极短，碰撞前后速度大小相等，方向相反.

运动过程中，小物块始终没有从木板上滑落，已知重力加速度为g.

求：

(1)

A

与C

发生第一次碰撞前瞬间的速度大小v

1

(2)

A

与C

发生第一次碰撞后上滑到最高点时，小物块的速度大小v

2

(3)

为使B

不与C

碰撞，木板A

长度的最小值L

．20、质量m=2t

的汽车；以v=15m/s

的速度在水平路面上匀速行驶，紧急刹车后经t=2s

停止运动.

假设刹车过程中轮胎与路面之间没有滑动，不计空气阻力，求：

(1)

刹车过程中汽车的加速度大小以及刹车过程中的发生的位移；

(2)

刹车过程中汽车所受滑动摩擦力的大小；

(3)

汽车轮胎与地面之间的动摩擦因数．21、如图所示；匀强电场方向沿x

轴的正方向，场强为E.

在A(l,0)

点有一个质量为m

电荷量为q

的粒子，以沿y

轴负方向的初速度v0

开始运动，经过一段时间到达B(0,鈭�2l)

点.

不计重力作用.

求：

(1)

粒子的初速度v0

的大小．

(2)

粒子到达B

点时的速度v

的大小及方向．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【解析】【答案】C2、B【分析】解：A；根据爱因斯坦狭义相对论的光速不变原理；有真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的；故A错误；

B；根据狭义相对论的钟慢效应可知；在地面上的观测者看来，接近光速飞行的飞船中时钟会变慢；故B正确；

C；按照狭义相对论的尺缩效应；沿接近光速飞行的飞船沿速度方向的长度总比静止时的短，故C错误；

D；根据爱因斯坦狭义相对论的相对性假设；有：在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，故D错误；

故选：B

狭义相对论的第一个基本原理：狭义相对性原理．其内容是：惯性系之间完全等价；不可区分．

狭义相对论的第二个基本原理；光速不变原理．

相对论导出了不同惯性系之间时间进度的关系：钟慢效应．可以通俗的理解为；运动的钟比静止的钟走得慢，而且，运动速度越快，钟走的越慢，接近光速时，钟就几乎停止了．

相对论证明；在尺子长度方向上运动的尺子比静止的尺子短，这就是所谓的尺缩效应，当速度接近光速时，尺子缩成一个点．

此题考查狭义相对论的几个基本结论；应该记住这几个结论并理解它们．

①钟慢效应：运动的钟比静止的钟走得慢；而且，运动速度越快，钟走的越慢，接近光速时，钟就几乎停止了；

②尺缩效应：在尺子长度方向上运动的尺子比静止的尺子短；当速度接近光速时，尺子缩成一个点．

③质量变大：质量（或能量）并不是独立的，而是与运动状态相关的，速度越大，质量越大．【解析】【答案】B3、D【分析】解：

A；B

由题意可知；粒子从A

点匀速移到B

点，合力为零，粒子受到向左的电场力、外力与重力处于平衡状态，根据平衡条件可知：外力与电场力、重力的合力方向相反，如图所示，外力方向斜向右上方.

故A、B错误；

C、D

因粒子处于平衡状态，则外力的大小，与重力和电场力的合力等值反向，根据力的平行四边形定则，结合几何关系，则有：F=(qE)2+(mg)2

故C错误，D正确；

故选：D

对粒子受力分析；根据受力平衡条件，即可确定外力的方向，结合力的平行四边形定则，与几何关系，即可求解．

本题关键是如何受力分析，理解平行四边形定则的应用，注意三角函数关系的正确使用，粒子的匀速移动是解题的关键．【解析】D

4、A【分析】试题分析：电子流沿y轴的正方向高速运动，则产生的电流方向沿y轴负方向，根据右手定则可得电子流在z轴上的P点处所产生的磁场方向沿x轴负方向，A正确，故选A。考点：安培定则【解析】【答案】A5、B【分析】解：由瞬时值表达式知电压有效值为：U==100V=141V，即电压表的示数，电流表示数：I===1.41A

故选：B

由表达式得出电压有效值；电表显示的是有效值，根据欧姆定律求电流．

掌握交流电瞬时值表达式中各物理量的含义，了解峰值与有效值的关系，电表显示的是有效值．【解析】【答案】B6、C【分析】解：根据核反应前后质量数守恒和电荷数守恒可得：

7+1=K×4

3+1=K×2

可得K=2

反应前的总质量：m前=mLi+mH=7.0160u+1.0078u=8.0238u

反应后的总质量：m后=2mHe=2×4.0026u=8.0052u

反应前后质量亏损为：△m=m前-m后=8.0238u-8.0052u=0.0186u

故选：C．

核反应方程同时满足质量数守恒和电荷数守恒．根据反应前后各个核子的质量差求质量亏损．

直接利用核反应方程的质量数和电荷数守恒即可正确求解，根据核子的质量求解核反应过程中的质量亏损．【解析】【答案】C7、D【分析】解：

A、B

对两球及杆系统，在b

球落地前瞬间，b

球的水平速度为零；根据系统水平方向动量守恒，系统初始动量为零，则此时a

球的速度必定为零，故A；B

均错误；

C、对b

球，水平方向上动量变化为零，由动量定理可知，杆对b

球的水平冲量为零.

在竖直方向上，根据系统机械能守恒可知，b

落地时速度与只在重力作用下的速度一样，如图所示v鈭�t

图象中斜线为b

球自由落体运动的图线，曲线为b

球竖直方向的运动图线，在竖直方向上运动的位移与落地速度相同，对比可知b

球落地所用时间相对自由落体运动的时间要长，由动量定理可知杆对b

球的竖直方向的冲量必定不为零，且冲量方向向上，所以杆对b

球的水平和竖直冲量可知，杆对b

球的冲量不为零；且方向竖直向上.

故C错误；

D、设杆对a

球做功W1

对b

球做功W2

系统机械能守恒，则除了重力之外的力的功必定为零，即W1+W2=0

对a

球由动能定理可知W1=0

故W2=0.

故D正确．

故选D．

整个装置下落过程中，水平方向没有外力，水平方向的动量守恒.

原来系统水平方向的动量为零，在b

球落地前瞬间，系统水平方向的动量仍为零，a

的速度一定为零.

根据动量定理分别分析杆对b

球水平方向的冲量和竖直方向冲量，再确定杆对b

球的冲量.a

球原来速度为零，b

落地瞬间速度仍为零，根据动能定理分析杆对a

做功为零.

在b

球下落过程中，系统的机械能守恒，根据守恒条件分析杆对a

球和b

球做功关系，确定轻杆对b

球做的功．

本题是动量定理、动量守恒定律与机械能守恒定律的综合应用，难点在于分析轻杆对b

球的冲量.

利用作图法是分析物体运动常用方法．【解析】D

二、双选题(共2题，共4分)8、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共5题，共10分)10、甲发电机。

【分析】【分析】

英国物理学家法拉第经过10

年的探索，在1830

年取得突破，发现了利用磁场产生电流的条件和规律，根据这个现象发明了发电机，使人类大规模用电成为了可能，开辟了电气化的时代。本题考查电磁感应现象的发现者和发电机的原理；属于基础题，相对比较简单。

【解答】

电磁感应现象是英国物理学家法拉第发现的；

电磁感应现象的特点是没有电源而有一个电流表；用来测量产生的电流，故探究这个现象应选用如图中甲所示的装置进行实验；

根据电磁感应现象制成了发电机；发电机将线圈运动的机械能转化为电能．

故填：甲发电机

【解析】甲发电机。

11、略

【分析】【分析】应用动量守恒定律求解。本题考查了动量守恒定律的应用，解答时要注意系统状态的分析及动量的矢量性。【解答】设向右为正方向，根据动量守恒定律得解得方向水平向右。故填1

水平向右。【解析】1

水平向右12、24【分析】解：根据向心力公式得：

F=m

解得：v=

此物体的动能为：

故答案为：2；4

根据向心力公式即可求解线速度；根据动能的表达式求解动能．

本题主要考查了向心力公式和动能表达式的直接应用，难度不大，属于基础题．【解析】2413、略

【分析】

由题，微粒从A点竖直向上移至B点，速度不变做匀速直线运动，受力平衡，根据平衡条件得

外力F=

根据动能定理得。

W-mgh=0

得W=mgh

故答案为：mgh

【解析】【答案】微粒从A点竖直向上移至B点；速度不变，做匀速直线运动，根据平衡条件求出外力的大小，由动能定理求出外力做的功．

14、略

【分析】解：对B

球受力分析；受重力；静电斥力和细线的拉力，由于是静电斥力，故两个球带同种电荷，均带正电荷；

增大A

球所带的电荷量；如果B

球位置不动，根据库仑定律，静电力增大，故B球不能平衡，则娄脠

角将变大；

故答案为：正电；变大．

对B

球受力分析；根据平衡条件判断静电力的方向；增加A

球的带电量后，先根据库仑定律判断静电力的变化，再根据平衡条件判断娄脠

角的变化．

本题关键是明确静电力的基本特性，知道库仑定律的内容，基础题目．【解析】正电；变大四、判断题(共4题，共40分)15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、计算题(共3题，共24分)19、解：((11))第一次碰撞前由机械能守恒定律有，)

第一次碰撞前由机械能守恒定律有，11(m(m++m)v12/2=2mgdsinm)v_{1}^{2}/2=2mgdsin2gdsin(娄脠)娄脠娄脠解得v1v_{1}==v1v_{1}==)

设发生第一次碰撞后，;;上滑、((22))设发生第一次碰撞后，AA上滑、BB下滑的加速度大小分别为aAa_{A}、aBa_{B}，则由牛顿第二定律有娄脤娄脤mgcosmgcos娄脠娄脠+mgsin+mgsin娄脠娄脠=maA=ma_{A}，下滑的加速度大小分别为22、AA，则由牛顿第二定律有娄脤BB娄脠aAa_{A}娄脠aBa_{B}mgcosmgcos+mgsin+mgsin娄脠篓C=maA=ma_{A}，娄脠娄脤娄脤mgcosmgcos娄脠篓C娄脠篓Cmgsinmgsin娄脠娄脠=maB=ma_{B}，，则mgcosmgcos先减速到零，设mgsinmgsin第一次碰撞后上滑到最高点的时间为=maB=ma_{B}，，则，由于aAa_{A}>>aBa_{B}，则AA先减速到零，设AA第一次碰撞后上滑到最高点的时间为tt，则，aAa_{A}>>aBa_{B}AA452gdsin(娄脠)AAtt)

对于、v1v_{1}==aAta_{A}tv2v_{2}==v1v_{1}鈭�-aBta_{B}t运动全过程，由能量守恒定律有，解得v2=v_{2;}=

v2=v_{2;}=;;娄脠((33))对于AA、BB运动全过程，由能量守恒定律有，娄脤33娄脠AA解得BB

答：(1)A

与C

发生第一次碰撞前瞬间的速度大小为2gdsin(娄脠)

(2)A

与C

发生第一次碰撞后上滑到最高点时，小物块的速度大小为452gdsin(娄脠)

(3)

为使B

不与C

碰撞，木板A

长度的最小值为4d

．

mgdsinmgdsin【分析】考查机械能守恒定律和牛顿第二定律的综合应用．(1)A

与斜面之间是光滑的，且动摩擦因数满足让AB

保持相对静止条件，故第一次碰撞前由机械能守恒定律可求碰撞瞬间速度的大小．(2)

设发生第一次碰撞后，B

继续向下运动，A

沿斜面向上运动，AB

彼此发生相对运动，设AA上滑、BB下滑的加速度大小分别为aAa_{A}、aBa_{B}，则由牛顿第二定律可求解即娄脤娄脤mgcosmgcos娄脠娄脠+mgsin+mgsin娄脠娄脠=maA=ma_{A}娄脤娄脤mgcosmgcos娄脠篓C娄脠篓Cmgsinmgsin娄脠娄脠=maB=ma_{B}娄脠篓Cmgcosmgcos娄脠mgsinmgsin由于=maB=ma_{B}，则aAa_{A}>>aBa_{B}先减速到零，设AA第一次碰撞后上滑到最高点的时间为AAtt则v1v_{1}==aAta_{A}t、v2v_{2}==v1v_{1}鈭�-aBta_{B}t(3)

对于解得v2=452gdsin(娄脠){v}_{2}=dfrac{4}{5}sqrt{2gdsinleft(娄脠right)}、v2=452gdsin(娄脠){v}_{2}=dfrac{4}{5}sqrt{2gdsinleft(娄脠right)}运动全过程，最终A

停在C

点，初态的重力势能转化为末态系统产生的热量，注意，B

发生的位移是(d+L)

故由能量守恒定律AABB娄脠mgdsinmgdsin娄脤娄脠娄脠++mg(dmg(d++L)sinL)sin娄脠娄脠==娄脤娄脤mgLcosmgLcos娄脠娄脠解得LL=4d.=4d.娄脠++mg(dmg(d++L)sinL)sin解得==本题在处理时，重点在于结合动摩擦因数判定整体AB

运动情况，并结合牛顿运动定律进行分析临界情况.

同时，注意摩擦产生的热量计算时，所用到的位移是相对位移．mgLcosmgLcos【解析】解：((11))第一次碰撞前由机械能守恒定律有，)

第一次碰撞前由机械能守恒定律有，11(m(m++m)v12/2=2mgdsinm)v_{1}^{2}/2=2mgdsin2gdsin(娄脠)娄脠娄脠解得v1v_{1}==v1v_{1}==)

设发生第一次碰撞后，;;上滑、((22))设发生第一次碰撞后，AA上滑、BB下滑的加速度大小分别为aAa_{A}、aBa_{B}，则由牛顿第二定律有娄脤娄脤mgcosmgcos娄脠娄脠+mgsin+mgsin娄脠娄脠=maA=ma_{A}，下滑的加速度大小分别为22、AA，则由牛顿第二定律有娄脤BB娄脠aAa_{A}娄脠aBa_{B}mgcosmgcos+mgsin+mgsin娄脠篓C=maA=ma_{A}，娄脠娄脤娄脤mgcosmgcos娄脠篓C娄脠篓Cmgsinmgsin娄脠娄脠=maB=ma_{B}，，则mgcosmgcos先减速到零，设mgsinmgsin第一次碰撞后上滑到最高点的时间为=maB=ma_{B}，，则，由于aAa_{A}>>aBa_{B}，则AA先减速到零，设AA第一次碰撞后上滑到最高点的时间为tt，则，aAa_{A}>>aBa_{B}AA452gdsin(娄脠)AAtt)

对于、v1v_{1}==aAta_{A}tv2v_{2}==v1v_{1}鈭�-aBta_{B}t运动全过程，由能量守恒定律有，解得v