2025年上外版必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版必修2物理下册月考试卷35考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、万有引力定律的发现实现了物理学上第一次大统一——“地上物理学”和“天上物理学”的统一，它表明天体运动和地面上物体的运动遵从相同的规律。牛顿在发现万有引力定律的过程中将行星的椭圆轨道假想成圆轨道，另外还应用到了其他的规律和结论，以下的规律和结论没有被用到的是（）A.牛顿第二定律B.牛顿第三定律C.开普勒的研究成果D.卡文迪许通过扭秤实验得出的引力常数2、如图所示，光滑斜面AB与光滑圆弧轨道BCD相切于B点，一小物块（可看作质点）由斜面某处静止释放。已知圆轨道的半径为R，CD为竖直直径，斜面的倾角要使物块在运动中能不脱离ABCD轨道，则释放点距离B的竖直高度可以是（）

A.从处释放B.从处释放C.从处释放D.不能低于释放3、在珠海国际航展上，歼-20隐身战斗机是此次航展最大的明星。歼-20战机在降落过程中的水平方向初速度为竖直方向初速度为已知歼-20战机在水平方向做加速度大小等于的匀减速直线运动，在竖直方向做加速度大小等于的匀减速直线运动；则歼-20战机在降落过程（）

A.歼-20战机的运动轨迹为曲线B.经歼-20战机水平方向的分速度与竖直方向的分速度大小相等C.在前内，歼-20战机在水平方向的分位移与竖直方向的分位移大小相等D.歼-20战机在前内，水平方向的平均速度为4、2019年央视春晚加入了非常多的科技元素，在舞台表演中还出现了无人机。现通过传感器将某台无人机上升向前追踪拍摄的飞行过程转化为竖直向上的速度及水平方向速度与飞行时间的关系图象如图所示；则下列说法正确的是（）

A.无人机在t1时刻处于失重状态B.无人机在0～t2这段时间内沿直线飞行C.无人机在t2时刻上升至最高点D.无人机在t2～t3时间内做匀变速运动5、如图所示，固定的半圆形竖直轨道，AB为水平直径，O为圆心，同时从A点水平抛出质量相等的甲、乙两个小球，初速度分别为v1、v2，分别落在C、D两点．并且C、D两点等高，OC、OD与竖直方向的夹角均为37°（sin37°=0.6；cos37°=0.8）．则（）

A.甲、乙两球下落到轨道上C、D两点时的机械能和重力瞬时功率不相等；B.甲、乙两球下落到轨道上的速度变化量不相同；C.v1：v2=1：3；D.v1：v2=1：4．6、一物体在水平面上做直线运动；其速度时间图像如图所示，根据该图像可知：（）

A.物体在t＝1S时刻改变运动方向B.前2s内合力对物体做正功C.前2s内合力冲量为0D.第1s内和第2s内加速度相同7、如图；不可伸长的轻绳跨过光滑定滑轮，一端连接质量为2m的小球(视为质点)，另一端连接质量为m的物块，小球套在光滑的水平杆上．开始时轻绳与杆的夹角为θ，现将小球从图示位置静止释放，当θ=90°时，小球的速度大小为v，此时物块尚未落地．重力加速度大小为g，则。

A.当θ=90°时，物块的速度大小为2vB.当θ=90°时，小球所受重力做功的功率为2mgvC.在θ从图示位置增大到90°过程中，小球一直向右做加速运动D.在θ从图示位置增大到90°过程中，物块一直向下做加速运动评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、一个可视为质点的小球被长为L的绳悬挂于O点,空气阻力忽略不计，开始时绳与竖直方向的夹角为在球从A点由静止开始运动到等高点C点的过程中（B点是运动过程中的最低点），下列说法正确的是（）

A.从A点到B点的过程中,重力做正功,绳中张力做负功B.在B点时，重力的功率为0C.达到B点时，小球的速度为D.小球能从A点运动到C点，像是“记得”自己的起始高度，是因为它的能量守恒9、如图所示，长为L=4m的传送带的速度是5m/s，现将m=1kg的小物体轻放在左轮正上方的皮带上，物体与皮带间的动摩擦因数μ=0.2；电动机带动皮带将物体从左轮运送到右轮的过程中，下列说法中正确的是（）

A.传送带对小物体做功为12.5JB.小物体获得的动能为8JC.摩擦产生的热量为8JD.电动机由于传送物体多消耗的能量为20J10、一颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，下列说法错误的是()A.根据公式可知，它的半径越大所受的向心力越大B.根据公式可知，它所受的向心力跟半径成反比C.根据公式可知，它所受的向心力跟半径的平方成反比D.根据公式可知，它所受的向心力跟半径无关11、如图所示，轻杆AB的A端用光滑铰链连接在光滑水平面上，质量为m、截面圆半径为R的圆柱体放在光滑水平面上，轻杆搭在圆柱体上，用水平力F推圆柱体（不转动），使轻杆绕A端以角速度ω匀速转动，杆与水平面的夹角从37°增大到53°的过程中（）

A.圆柱体沿水平方向做加速运动B.圆柱体沿水平方向做减速运动C.圆柱体动能变化量的大小为8.325m(Rω)2D.圆柱体动能变化量的大小为9.375m(Rω)212、如图光滑的桌面上有个光滑的小孔O，一根轻绳穿过小孔两端各系着质量分别为m1和m2的两个物体，它们分别以O、O＇点为圆心以角速度做匀速圆周运动，半径分别是m1和m2到O点的绳长分别为和下列说法正确的是。

A.m1和m2做圆周运动的所需要的向心力大小不同B.m1和m2做圆周运动的半径之比：C.m1和m2做圆周运动的绳长之比：D.剪断细绳后m1做匀速直线运动，m2做平抛运动13、一条小船在静水中的速度为6m/s要渡过宽度为60m、水流速度为10m/s的河流．下列说法正确的是（）A.小船渡河的最短时间为6sB.小船渡河的最短时间为10sC.小船渡河的最短路程为60mD.小船渡河的最短路程为100m评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、如图所示的是一根自由悬挂的链条，王同学将它的中点缓慢竖直向上拉动一小段距离，此过程中链条的重力势能________（选填“增大”，“减小”或“不变”）：刘同学将它的中点缓慢竖直向下拉动一小段距离，此过程中链条的重力势能______（选填“增大”，“减小”或“不变”）。15、判断下列说法的正误。

（1）地球是整个宇宙的中心，其他天体都绕地球运动。（____）

（2）太阳系中所有行星都绕太阳做椭圆运动，且它们到太阳的距离都相同。（____）

（3）同一行星沿椭圆轨道绕太阳运动，靠近太阳时速度增大，远离太阳时速度减小。（____）

（4）行星轨道的半长轴越长，行星的周期越长。（____）

（5）开普勒第三定律中的常数k与行星无关，与太阳也无关。（____）16、如图，长的细线拴一个质量的小球悬挂于O点，重力加速度大小取现将小球拉至与O点等高的位置使细线呈水平状态，从释放小球到细线和小球摆至竖直位置的过程中，重力对小球做的_____J，细线的拉力对小球做的功为____J。

17、如图所示，测定气体分子速率的部分装置放在高真空容器中，A、B是两个圆盘，绕一根共同轴以相同的转速匀速转动。两盘相距盘上各开一很窄的细缝，两盘细缝之间成的夹角，如图所示，则圆盘转动的角速度为__________如果某气体分子恰能从A到B垂直通过两个圆盘的细缝，该过程圆盘转动不到一周，则该气体分子的速率为__________

18、假设地球自转速度达到使赤道上的物体“飘”起（完全失重），估算一下地球上的一天等于______h（地球赤道半径为6.4×106m，保留两位有效数字），若要使地球的半面始终朝着太阳，另半面始终背着太阳，地球自转的周期等于______d（天）（g取10m/s2）。19、地球表面的平均重力加速度为g，地球半径为R，万有引力常量为G，用上述物理量估算出来的地球平均密度是_________．20、机械能守恒定律是自然界重要的定律之一。一个质量为1kg物体从距地面80m高处自由落下，不计空气阻力，以地面为零势能面。物体在自由下落3s时，具有的重力势能为________J，机械能为________J，重力做功的即时功率为________W，评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)21、如图所示，在一内壁光滑环状管道位于竖直面内，其管道口径很小，环半径为R（比管道的口径大得多）。一小球直径略小于管道口径，可视为质点。此时小球滑到达管道的顶端，速度大小为重力加速度为g。请作出小球的受力示意图。

22、图甲为抛出的石子在空中运动的部分轨迹，图乙是水平面上一小钢球在磁铁作用下的部分运动轨迹．请画出物体在A、B、C、D四点的受力方向和速度方向．（不计空气阻力）

23、一个物体在光滑水平面上运动，其速度方向如图中的v所示。从A点开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进的方向看，下同）的合力。到达B点时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同。达到C点时，合力的方向又突然改为向前但偏左。物体最终到达D点。请你大致画出物体由A至D的运动轨迹，并标出B点、C点和D点。

24、在图的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10与此同时，玻璃管向右沿水平方向匀加速平移，每1s内的位移依次是4122028在图所示的坐标系中，y表示蜡块在竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，时蜡块位于坐标原点。请在图中标出t等于1s；2s、3s、4s时蜡块的位置；并用平滑曲线描绘蜡块的轨迹。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)25、某同学利用如图1所示的装置做“验证机械能守恒定律”实验。

(1)为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的________。

A.动能变化量与势能变化量。

B.速度变化量与势能变化量。

C.速度变化量与高度变化量。

(2)除带夹子的重物、纸带、铁架台（含铁夹）、打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，还必须使用的两种器材是__________。

A.交流电源B.刻度尺C.秒表。

(3)图2是该同学某次实验得到的一条纸带，O点是重物开始下落时打出的点，A、B、C是按打点先后顺序选取的三个计数点。通过测量得到O、A间距离为h1，O、B间距离为h2，O、C间距离为h3.已知计数点A、B间和B、C间的时间间隔均为T，重物质量为m。从重物开始下落到打点计时器打B点的过程中，重物动能的增加量为__________。

(4)该同学在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算对应计数点的重物速度v，得到如图3所示的v2-h图像，由图像可求得当地的重力加速度__________m/s2

26、（1）物体做平抛运动的规律可以概括为两点：①水平方向做匀速直线运动；②竖直方向做自由落体运动。为了研究物体的平抛运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球水平飞出；同时B球被松开，做自由落体运动。两球同时落到地面。把整个装置放在不同高度，重新做此实验，结果两小球总是同时落地。则这个实验（______）

A．只能说明上述规律中的第①条B．只能说明上述规律中的第②条。

C．不能说明上述规律中的任何一条D．能同时说明上述两条规律。

（2）做杂技表演的汽车从高台水平飞出，在空中运动后着地，一架照相机通过多次曝光，拍摄得到汽车在着地前后一段时间内的运动照片，并且汽车刚好到达地面时拍到一次。如图所示，已知汽车长度为3.6米，相邻两次曝光时间间隔相等，由照片（图中虚线是用笔画的正方形的格子）可推算出汽车离开高台时的瞬时速度大小为_______（m/s），高台离地面高度为________（m）。（g=10m/s2）

27、如图；让小球从斜槽滚下，用描点的方法画出小球平抛的轨迹，回答问题：

（1）下列关于实验的说法中，哪些是错误的（__________）

A.实验中必须调整斜槽末端水平。

B.实验前要用重锤线检查坐标纸竖线是否竖直。

C.小球每次必须从斜槽上同一位置由静止滚下；小球开始滚下的位置越高越好。

D.斜槽不是光滑的；有一定的摩擦，对实验的结果会造成较大的偏差。

（2）某同学用根据实验结果在坐标纸上描出了小钢球水平独出后的后半分运动轨进如图乙所示，已知重力加速度为g.

①在轨近上取A、B、C三点，AB和BC的水平问距相等且均为x，测得AB和BC的竖直间距分别是y1和y2，则_______（选填“>”、“=”或者“<”）；

②小钢球平抛运动的初速度=_______m/s（用x、y1、y2、g表示）。28、某学习小组利用如图所示的装置验证动能定理.

(1)将气垫导轨调至水平，安装好实验器材，从图中读出两光电门中心之间的距离s＝____cm；

(2)已知滑块的质量M,砝码和砝码盘总质量为m.光电门1、2之间的距离S,测量挡光条的宽度d，记录挡光条通过光电门1和2所用的时间Δt1和Δt2，并从拉力传感器中读出滑块受到的拉力F，为了完成实验，要应用滑块验证动能定理，重力加速度为g.应有关系式：_____________________；(用题目所给物理量表示)

(3)该实验是否需要满足砝码盘和砝码的总质量远小于滑块、挡光条和拉力传感器的总质量？________(填“是”或“否”)参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

牛顿在发现万有引力定律的过程中首先利用了开普勒对行星运动的究成果；然后应用牛顿第二定律推导了恒星对行星的引力大小，再利用牛顿第三定律推导了行星对恒星的引力大小，然后推广到任意两个物体之间，总结出了万有引力定律，后来卡文迪许才通过扭秤实验得出的引力常数，所以总结万有引力定律没有被用到。

故选D。2、A【分析】【分析】

【详解】

要使物块在运动中能不脱离ABCD轨道；分两种情况讨论。

若物块能通过最高，当物块在D点仅由重力完全提供向心力时，则有

解得

从释放点到最高点D，机械能守恒可得

解得

若物块过不了最高点，最多只能到达右端与圆心等于高处，根据机械能守恒定律，有

解得

综上分析，可知要使物块在运动中能不脱离ABCD轨道，则或

故选A。3、D【分析】【详解】

A．飞机的合速度方向

飞机的合加速度方向

可以知道飞机的速度的方向与加速度的方向是相同的；飞机做匀变速直线运动。故A错误；

B．经歼-20战机水平方向的分速度

竖直方向上的分速度为

故B错；

C．在前内，歼-20战机在水平方向的分位移

在竖直方向的分位移

故C错；

D．歼-20战机在前内，水平方向的平均速度为

故D正确；

故选D。

【点睛】

物体做曲线运动的条件是受到的合外力的方向与速度的方向不在同一条直线上；结合速度公式计算速度，结合位移公式计算位移。4、D【分析】【分析】

【详解】

A．依据图象可知，无人机在t1时刻；在竖直方向上匀加速直线运动，而水平方向则是匀减速直线运动，无人机有竖直向上的加速度，处于超重状态，不是失重状态，故A错误；

B.由图象可知，无人机在0～t2这段时间；竖直方向向上匀加速直线运动，而水平方向匀减速直线运动，那么合加速度与合初速度不共线，所以无人机做曲线运动，即无人机沿曲线上升，故B错误；

C.无人机在竖直方向，先向上匀加速直线，后向上匀减速直线运动，因此在t2时刻没有上升至最高点；故C错误；

D.无人机在t2～t3时间内；水平方向做匀速直线运动，而竖直向上方向做匀减速直线运动，因此合运动做匀变速运动，故D正确。

故选D。5、D【分析】【分析】

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动水平位移和竖直位移的关系确定两小球初速度大小之比；

【详解】

A、根据可知，甲、乙两球下落到轨道的时间相等，故速度的竖直分量相等，根据故重力的瞬时功率相等，故A错误；

B、两个球的速度速度变化量等于由于相等；故速度变化量相等，故B错误；

C、由图可知，两个物体下落的高度是相等的，根据可知；甲；乙两球下落到轨道的时间相等；设圆形轨道的半径为R，则A、C的水平位移为：

则

由可知t相同，则由可知，故C错误，D正确．

【点睛】

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，同时要知道瞬时功率表达式P=Fvcosθ．6、C【分析】A；物体t=1s时刻运动方向没有改变；仍然为正方向，故A错误．B、前2s内物体的速度变化量为零，动能的变化量为零，由动能定理知，合力对物体做功为零，故B错误．C、前2s内物体的速度变化量为零，动量的变化量为零，由动量定理知，合力冲量为0，故C正确．D、根据速度时间图线的斜率表示加速度，知第1s内和第2s内加速度大小相等、方向相反，则加速度不同，故D错误．故选C．

【点睛】速度的正负表示运动的方向．速度时间图线的斜率表示加速度，根据速度的变化，由动能定理分析合力做功的正负．由动量定理求合力的冲量．7、C【分析】【分析】

根据速度的分解可以计算θ=90°时；物块的速度；根据重力与速度的方向的关系，可以计算重力的做功功率；根据受力与速度的方向的关系，可以判断小球速度的变化；根据θ=90°时，物块的速度为0，可以判断物块速度的变化．

【详解】

A.设物块和小球的速度大小分别是v1和v2，则有v1=v2cosθ．当θ=90°小球的速度大小为v时；物块的速度为0，故A错误；

B.根据功率P=Fvcosθ；当θ=90°时，小球所受重力做功的功率为0，故B错误；

C.在θ从图示位置增大到90°过程中；小球一直受到绳子向右下方的拉力，向右做加速运动，故C正确；

D.当θ=90°时；物块的速度为0，所以在θ从图示位置增大到90°过程中，物块速度先增大后减小，故D错误．

故选：C二、多选题(共6题，共12分)8、B:C:D【分析】【详解】

试题分析：从A点到B点的过程中，重力做正功，由于绳中张力与小球的速度总垂直，所以张力对球不做功，故A错误．在B点时，重力与速度垂直，根据公式P=mgvcosθ知，θ=90°，所以此时重力的瞬时功率为0，故B正确．从A点到B点的过程中，根据机械能守恒定律得：mgL（1-cosα）=mv2，得：故C正确．小球能从A点运动到C点，像是“记得”自己的起始高度，是因为它的机械能守恒，在A；C两点的动能为零，重力势能相等，高度相同．故D正确．故选BCD．

考点：机械能守恒定律；功率9、B:D【分析】【详解】

AB．若小物体小物体速度一直匀加速运动，速度增大到5m/s的过程运用动能定理有

可得小物体速度增大到5m/s时的对地位移

可见质点一直在加速。运动到右轮正上方时；速度还没达到5m/s，再根据动能定理可得。

小物体获得的动能

选项A错误；B正确；

C．由得小物块到达最右端速度

时间

此过程传送带的位移

则此过程摩擦产生的热量为

选项C错误；

D．电动机由于传送物体多消耗的能量

选项D正确。

故选BD。10、A:B:D【分析】【详解】

卫星绕地球做匀速圆周运动时，地球对卫星的万有引力充当向心力，根据公式可知，它所受的向心力跟半径的平方成反比，它的半径越大所受的向心力越小，选项ABD错误，C正确．11、B:D【分析】【详解】

AB．轻杆与水平方向夹角为θ时，圆柱体沿垂直杆方向的分速度为

合速度为

当θ增大时，v减小；A错误；B正确；

CD．当θ=37°时

当θ=53°时

根据动能定理，圆柱体动能变化量为

C错误；D正确。

故选BD。12、A:C:D【分析】【详解】

设绳子的拉力为T，则m1做圆周运动的所需要的向心力大小等于T；m2做圆周运动的所需要的向心力大小等于T沿水平方向的分量；选项A正确；对m1：对m2：（其中θ是绳子与竖直方向的夹角），可知m1和m2做圆周运动的半径之比：选项B错误，C正确；剪断细绳后m1在桌面上沿线速度方向做匀速直线运动，m2做平抛运动，选项D正确.13、B:D【分析】【详解】

AB．当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短为

A错误；B正确；

CD．船速小于水速度，所以船不能垂直渡河，则当合速度的方向与静水速的方向垂直，渡河位移最短，设此时合速度的方向与河岸的夹角为则有

故船渡河的最小位移

C错误；D正确。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]对链条来说，因为无论用手缓慢竖直上拉还是下拉，链条动能不变，手对链条都做正功，则链条的机械能都变大，即链条的重力势能都增大。【解析】增大增大15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错错对对错16、略

【分析】【详解】

[1]重力做功与路径无关，只与始末位置有关，则可知重力做的功为

[2]小球在下降过程中做圆周运动，拉力始终和小球的速度方向垂直，则可知拉力做的功为零。【解析】17、略

【分析】【详解】

[1]根据转速与角速度的关系，可得圆盘转动的角速度为

[2]由于过程圆盘转动不到一周，则

由题意可得，该分子由A到B的时间为

则该气体分子的速率为【解析】37518、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

得

[2]当地球的自转周期和公转周期相等时，地球的半面始终朝着太阳，另半面始终背着太阳．则地球自转周期为365d。【解析】①.1.4②.36519、略

【分析】【详解】

在地球表面重力与万有引力相等有可得地球的质量根据密度公式有地球的密度【解析】20、略

【分析】【详解】

[1]自由下落时下落的高度为

故此时具有的重力势能为

[2]物体下落过程中只有重力做功，机械能守恒，初始时动能为零，故有

[3]自由下落时的速度大小为

故此时重力做功的即时功率为【解析】四、作图题(共4题，共20分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

小球滑到达管道的顶端，设小球受重力和管道的作用力，则

由于

所以

说明小球在管道最高点不受管道的作用力；仅受重力作用，故小球的受力示意图为。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

各点受力方向和速度方向如图所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

从位置A开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进方向看，下同）的合力，运动的轨迹位于F与v之间，做曲线运动；到达B时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同，所以受力的方向与速度的方向相同，做直线运动；达到C时，又突然改为向前但偏左的力，物体的轨迹向下向右发生偏转，最后到达D点；其轨迹大致如图。

【解析】24、略

【分析】【详解】

玻璃管向右沿水平方向匀加速平移；每19内的位移依次是4cm；12cm、20cm、28cm；则1s末的坐标为(4cm，10cm)，2s末的坐标为(16cm，20cm)，3s未的坐标为(36cm，30cm)，4s末的坐标为(64cm，40cm)，根据描点法作出图象如图所示：

【解析】见解析五、实验题(共4题，共36分)25、略

【分析】【详解】

(1)[1]验证机械能是否守恒；需要比较重物下落过程中，任意两点间动能的增量和势能的减小量之间是否相等，因此A