2025年人教版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

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A.2000WB.4000WC.3000WD.4500W2、如图所示，四根通有恒定电流的长直导线垂直平面放置，四根长直导线与平面的交点组成边长为的正方形且关于轴和轴对称，各导线中电流方向已标出，其中导线1、3中电流大小为导线2、4中电流大小为已知通电长直导线周围的磁感应强度大小与电流成正比、与该点到通电长直导线的距离成反比，即下列说法正确的是（）

A.长直导线1、4之间的相互作用力为吸引力B.一垂直于纸面并从点射入的粒子，将做圆周运动C.导线4受到的导线1、2、3的作用力的合力方向指向点D.仅将导线2中的电流反向，则导线2和4连线上各点磁感应强度方向均相同3、高纬度地区的高空；大气稀薄，常出现美丽的彩色“极光”。极光是由太阳发射的高速带电粒子受地磁场的影响，进入两极附近时，撞击并激发高空中的空气分子和原子引起的。假如我们在北极地区仰视，发现正上方如图所示的弧状极光，则关于这一现象中高速粒子的说法正确的是（）

A.高速粒子带负电B.粒子轨迹半径逐渐增大C.仰视时，粒子沿逆时针方向运动D.仰视时，粒子沿顺时针方向运动4、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示。这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙。两盒与一高频交流电源两极相接，放在磁感强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，粒子源置于盒的圆心附近A点。若粒子源射出α粒子，已知α粒子的质量为m，电荷量为q，D形盒的最大半径为R；下列说法正确的是（）

A.α粒子在磁场中做圆周运动的周期逐渐变大B.α粒子被加速是从磁场中获得能量C.α粒子从D形盒射出时的动能Ek=D.交流电源的频率为5、如图所示，abcd为一边长为L、匝数为N的正方形闭合线圈，线圈绕对称轴OO′匀速转动的角速度为ω。空间中只有OO′左侧存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B。若闭合线圈的总电阻为R；则（）

A.线圈中电动势的最大值为NBL2ωB.线圈中电动势的有效值为NBL2ωC.在转动一圈的过程中，线圈中有一半时间没有电流D.穿过线圈的磁通量最大值为6、对于远距离输电，在一定的情况下，设输电线路中的电流为输电线的总电阻为为了减少损耗，采用增大电压输电，下列说法正确的是（）A.由知输电线路中的电流变大B.由知输电线路中的电流变小C.由知输电线路消耗功率增大D.由知不会影响输电线路中的电流评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，一台有两个副线圈的变压器，原线圈匝数n1=1100，接入电压U1=220V的电路中，在两组副线圈上分别得到电压U2=6V，U3=110V。若在两副线圈上分别接上0.09Ω、30.25Ω电阻，设此时原线圈电流为两副线圈电流分别为和下列关系中正确的有（）

A.副线圈上匝数分别为n2=30，n3=550B.C.D.8、如图甲所示，粗细均匀的矩形金属线框定于磁场中，磁场方向垂直线框所在平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示。以垂直于线框所在平面向里为磁感应强度B的正方向，则关于边的感应电流I（以向下为正方向）和受到的安培力F（以向右为正方向）随时间t变化的规律正确的是（）

A.B.C.D.9、如图所示，在直角三角形abc区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。大量质量为m、电荷量为＋q的同种粒子以相同的速度沿纸面垂直于ab边射入场区，结果在bc边仅有一半的区域内有粒子射出。已知bc边的长度为L，bc和ac的夹角为60°；不计粒子重力及粒子间的相互作用力。下列说法正确的是（）

A.粒子的入射速度为B.粒子的入射速度为C.粒子在磁场中运动的最大轨迹长度为D.从bc边射出的粒子在磁场内运动的最长时间为10、电吉他是利用电磁感应原理工作的一种乐器。电吉他中电拾音器的基本结构如图所示；固定的条形磁体附近的金属弦被磁化，当弦上下振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，电吉他通过扩音器发出的声音随感应电流的增大而变响。下列说法正确的是（）

A.弦振动的周期越大，线圈中感应电流的方向变化越快B.弦振动的周期越小，线圈中感应电流的方向变化越快C.其他情况不变，只增大线圈的匝数，电吉他的音量增大D.其他情况不变，只增大线圈的匝数，电吉他的音量减小11、两个带电粒子，电荷量相同，在同一匀强磁场中只受到磁场力作用而作匀速圆周运动，以下说法正确的是()A.若速率相等，则半径必相等B.若质量相等，则周期必相等C.若动量大小相等，则半径必相等D.若动能相等，则周期必相等12、如图所示；在一固定水平放置的闭合导体圆环上方，有一条形磁铁，从离地面高h处由静止开始下落，最后落在水平地面上．磁铁下落过程中始终保持竖直方向，并从圆环中心穿过圆环，而不与圆环接触．若不计空气阻力，重力加速度为g，则下列说法中正确的是。

A.在磁铁下落的整个过程中，从上向下看圆环，圆环中的感应电流方向始终为逆时针B.在磁铁下落的整个过程中，从上向下看圆环，圆环中的感应电流方向先逆时针后顺时针C.磁铁在整个下落过程中，圆环对它的作用力方向始终竖直向上D.磁铁落地时的速率一定等于13、如图甲所示，在竖直方向上有四条间距相等的水平虚线在之间、之间存在匀强磁场，大小均为方向垂直于虚线所在平面．现有一矩形线圈宽度质量为电阻为将其从图示位置静止释放（边与重合），速度随时间的变化关系如图乙所示，时刻边与重合，时刻边与重合，时刻边与重合，已知的时间间隔为整个运动过程中线圈平面始终处于竖直方向，（重力加速度取）则（）

A.在时间内，通过线圈的电荷量为B.线圈匀速运动的速度大小为C.线圈的长度为D.时间内，线圈产生的热量为14、如图所示，半径为2l的圆形金属导轨固定在水平面上，一根长也为2l、电阻为2R的金属棒ab一端与导轨接触良好，另一端固定在圆心处的导电转轴上，由电动机A带动旋转。在金属导轨区域内存在垂直于导轨平面、大小为B的匀强磁场，金属导轨区域中心半径为l的区域内磁场竖直向上，其余部分磁场竖直向下。另有一质量为m、长为l、电阻为R的金属棒MN放置于导轨后面并与固定在竖直平面内的平行导轨保持良好接触，导轨间距为l，处于大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中。从圆形金属导轨引出导线和通过电刷从转轴引出导线平行导轨连接。MN处于静止状态，MN与竖直平行导轨间的动摩擦因数为认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（）

A.MN中电流方向由M到NB.MN两端电压为C.MN与平行导轨间的动摩擦因数至少为D.电路总电功率为15、手机无线充电是比较新颖的充电方式。如图所示；电磁感应式无线充电的原理与变压器类似，通过分别安装在充电基座和接收能量装置上的线圈，利用产生的磁场传递能量。当充电基座上的送电线圈通入正弦式交变电流后，就会在邻近的受电线圈中感应出电流，最终实现为手机电池充电。在充电过程中（）

A.送电线圈中电流产生的磁场呈周期性变化B.受电线圈中感应电流产生的磁场恒定不变C.送电线圈和受电线圈通过互感现象实现能量传递D.手机和基座无需导线连接，这样传递能量没有损失评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、如图所示为电容式位移传感器的示意图，物体沿左右方向运动时，电容将发生变化．如果实验测量出电容器的电容变大，那么被测物体向______运动（填写“左”或“右”）;如果把图中的电介质板换成介电常数更大的材料，当物体沿左右方向运动时，传感器的灵敏度___________．（填写“变大”“不变”或“变小”,灵敏度定义为电容器电容变化量的大小与物体位置坐标化量大小之比．）

17、从中性面开始计时，线圈中产生的电动势的瞬时值表达式：e=Emsinωt，Em叫作电动势的_________，Em=_________。18、与热敏电阻相比，金属热电阻的______________好，测温范围______，但________较差。19、运动电荷在磁场中受到的力称为______，这个力的方向与电荷运动方向______，和磁感应强度方向______，这个力的方向可以由______来判断，安培力可称作这个力的______表现。20、如图所示，一无限长通电直导线固定在光滑水平面上，金属环质量为0.02kg，在该平面上以与导线成60°角的初速度运动，其最终的运动状态是__________，环中最多能产生__________J的电能．

21、理想变压器的原、副线圈匝数比n1:n2=1:10，副线圈与阻值R=20的电阻相连。原线圈接在以速度v40m/s向右匀速运动的金属棒两端，金属棒的电阻可忽略不计，棒所切割磁场的边界变化规律为y副线圈输出交流电的频率为_________；匀强磁场的磁感应强度B=0.25T，则交流电压表的示数为_________；电阻R上消耗的电功率为_________。

评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)22、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

23、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

24、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

25、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)26、在实际应用中有多种自动控温装置；以下是其中两种控温装置：

(1)图（a）为某自动恒温箱原理图，箱内的电阻R1=2kΩ，R2=1.5kΩ，R3=4kΩ，Rt为热敏电阻，其电阻随温度变化的图像如图（b）所示。当a、b两点电势φa<φb时，电压鉴别器会令开关S接通，恒温箱内的电热丝发热，使箱内温度提高；当φaφb时，电压鉴别器会使S断开，停止加热，则恒温箱内的稳定温度为____℃，恒温箱内的电热丝加热时Rt的取值范围为_____。

(2)有一种由PTC元件做成的加热器，它产生的焦耳热功率PR随温度t变化的图像如图（c）所示。该加热器向周围散热的功率为PQ=k（t-t0），其中t为加热器的温度，t0为室温（本题中取20℃），k=0.1W/℃。

①当PR=PQ时加热器的温度即可保持稳定，则该加热器工作的稳定温度为________℃；

②某次工作中；该加热器从室温升高至稳定温度的过程中，下列温度变化过程用时最短的是（填选项前的字母序号）

A.20~24℃

B.32~36℃

C.48~52℃

D.60~64℃27、如图甲所示为热敏电阻的图象，图乙为用此热敏电阻R和继电器组成的一个简单恒温箱温控电路，继电器线圈的电阻为当线圈中的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸合为继电器线圈供电电池的电动势内阻可以不计图中的“电源”是恒温箱加热电源．

(1)图甲说明热敏电阻的阻值随着温度的升高______填“增大”“减小”或“不变”

(2)应该把恒温箱内加热器接______端填“AB”或“CD”

(3)如果要使恒温箱内的温度保持滑动变阻器接入电路的电阻值为______28、已知一热敏电阻当温度从10℃升至60℃时阻值从几千欧姆降至几百欧姆；某同学利用伏安法测量其阻值随温度的变化关系，部分电路如图所示。

（1）实验时，将热敏电阻置于温度控制室中，记录不同温度下电压表和亳安表的示数，计算出相应的热敏电阻阻值。若某次测量中电压表和毫安表的示数分别为5.5V和3.0mA，则此时热敏电阻的阻值为______kΩ（保留2位有效数字）。实验中得到的该热敏电阻阻值R随温度t变化的曲线如图（a）所示；

（2）将热敏电阻从温控室取出置于室温下，测得达到热平衡后热敏电阻的阻值为2.2kΩ，由图（a）求得，此时室温为______℃（保留3位有效数字）；

（3）利用实验中的热敏电阻可以制作温控报警器，其电路的一部分如图（b）所示。图中，E为直流电源（电动势为10V，内阻可忽略）；当温度升高时热敏电阻的电压将______（填升高或降低），当图中的输出电压达到或超过6.0V时，便触发报警器（图中未画出）报警，则图中______（填“R1”或“R2”）应使用热敏电阻，若要求开始报警时环境温度为50℃，另一固定电阻的阻值应为______kΩ（保留2位有效数字）。29、某班物理实验课上；同学们用可拆变压器探究“变压器的电压与匝数的关系”。可拆变压器如图甲；乙所示。

（1）下列说法正确的是_______。

A．为确保实验安全；实验中要求原线圈匝数小于副线圈匝数。

B．变压器原线圈接低压交流电；测量副线圈电压时应当用多用电表的“直流电压挡”

C．可以先保持原线圈电压；匝数不变；改变副线圈的匝数，研究副线圈匝数对副线圈电压的影响。

D．测量副线圈电压时；先用最大量程试测，大致确定电压后再选用适当的挡位进行测量。

E．变压器开始正常工作后；铁芯导电，把电能由原线圈输送到副线圈。

F．变压器开始正常工作后；若不计各种损耗，在原线圈上将电能转化成磁场能，在副线圈上将磁场能转化成电能，铁芯起到“传递”磁场能的作用。

（2）一位同学实验时，观察两个线圈的导线，发现粗细不同。他选择的原线圈为800匝，副线圈为400匝，原线圈接学生电源的正弦交流输出端，所接电源为“”挡位，测得副线圈的电压为则下列叙述中可能符合实际情况的一项是___________。

A．原线圈导线比副线圈导线粗。

B．学生电源实际输出电压大于标注的“”

C．原线圈实际匝数与标注“800”不符；应大于800匝。

D．副线圈实际匝数与标注“400”不符；应小于400匝。

E．变压器的铁芯B没有安装在铁芯A上；导致铁芯没有闭合。

（3）变压器铁芯是利用由相互绝缘的薄硅钢片平行叠压而成的；而不是采用一整块硅钢，如图所示。

①图中，硅钢片应平行于___________。

A．平面B．平面C．平面D．平面

②这样设计的原因是___________。

A．增大涡流；提高变压器的效率。

B．减小涡流；提高变压器的效率。

C．增大铁芯中的电阻；以产生更多的热量。

（4）理想变压器是一种理想化模型。如图所示，心电图仪（将心肌收缩产生的脉动转化为电压脉冲的仪器，其输出部分可以等效为虚线框内的交流电源和定值电阻串联）与一理想变压器的原线国连接，一可变电阻R与该变压器的副线圈连接，原副线圈的匝数分别为在交流电源的电压有效值不变的情况下，将可变电阻R的阻值调大的过程中，当________时，R获得的功率最大。

评卷人得分六、解答题(共1题，共10分)30、如图所示是演示电磁波的发射与接收的实验装置。

(1)当甲的振子间产生电火花时；乙的氖灯是否一定发光？

(2)如果乙的氖灯发光；其能量是如何得到的？

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

由图乙可知交流电的周期为T=0.02s，则

当t=0.0025s时，i=14.14A，代入i=Imsinωt

得Im=20A。所以电流表A1的读数为

再根据

可知电流表A2的读数为根据能量守恒定律可知变压器的输入功率为

ACD错误；B正确。

故选B。2、D【分析】【详解】

A．当通有同向电流时；通电导线之间表现为吸引力，当通有反向电流时，通电导线之间表现为斥力，A错误；

B．由右手螺旋定则并结合矢量叠加可知点的磁感应强度为零，因此过点垂直于纸面射入的粒子；将做匀速直线运动，B错误；

C．长直导线1在长直导线4处产生的磁感应强度大小为

方向水平向左，导线3在长直导线4处产生的磁感应强度大小也为方向竖直向上，长直导线2在长直导线4处产生的磁感应强度大小为

方向垂直导线2；4的连线指向右下方；所以三根导线在4处的合场强为零，导线4不受安培力，C错误；

D．根据右手螺旋定则以及磁场叠加原理可知，导线1、3在导线2、4的连线上除点的磁感应强度为零外；其他位置合磁感应强度均垂直于导线2；4的连线指向斜向左上方。仅将导线2中的电流反向，导线2、4在导线2、4的连线上的磁感应强度方向均垂直于导线2、4的连线指向斜向左上方。磁场叠加原理可知，四根导线在导线2、4的连线上的磁感应强度方向均垂直于导线2、4的连线指向斜向左上方。D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

ACD．在北极上空有竖直向下的磁场；带电粒子运动的轨迹由地面上看沿顺时针方向，则由左手定则得粒子带正电，故AC错误，D正确；

B．运动过程中粒子因空气阻力做负功，粒子的动能变小，速度减小，根据公式

得

则半径变小；故B错误。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．根据洛伦兹力提供向心力有

解得

则周期为

可知周期不变；故A错误；

B．由于洛伦兹力并不做功，被加速的粒子不可能从磁场中获得能量，而离子通过电场时有qU=△Ek

故离子是从电场中获得能量；故B错误；

C．根据洛伦兹力提供向心力有

解得

α粒子获得的最大动能

故C正确；

D．交变电场的周期应与带电粒子运动的周期相等，而带电粒子在匀强磁场中运动的周期

所以交变电流的周期应为故D错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

AB．图中线圈只有一个边切割磁感线；电动势为原先的一半，所以电动势的最大值为。

所以电动势的有效值为。

A错误B正确；

C．在转动一圈的过程中；线圈始终有一边做切割磁感线，线圈中始终有电流，C错误；

D．当线圈和磁场垂直时；穿过线圈的磁通量最大值为。

D错误。

故选B。6、B【分析】【详解】

A．由

得

故A错误；

BD．公式

针对的是同一研究对象；故B正确，D错误；

C．根据

因此增大时，输电线路消耗功率减小；故C错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)7、A:C【分析】【详解】

A．变压器电压比等于匝数比

代入数据得到有n2=30，n3=550；

故A正确；

BCD．有多个副线圈时，要根据能量守恒推导电流关系：

根据欧姆定律可以计算

根据

可计算

故B错误；C正确，D错误。

故选AC。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由

由乙图可知斜率大小不变；电流的大小不变，在0到0.5s斜率为正，则电流为正，0.5s到1.5s，斜率为负，则电流为负方向，故A正确，B错误；

BD．根据安培力公式

因为电流大小不变、ab变的长度不变；安培力力与磁感应强度成正比，根据楞次定律判断感应电流方向，再根据左手定则判断安培力方向得出D正确，C错误。

故选AD。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．粒子进入场向上做匀速圆周运动，洛伦力提供向心力

因bc边只有一半区城有粒子射出，在bc边中点射出的粒子轨迹如图中实线所示，由几何关系可得

则粒子的入射速度

所以A项正确；B项错误；

C．粒子在场中运动的最长轨述为

C项正确；

D．与bc边相切恰从bc边射出的粒子的对应的圆心角最大为从bc边射出的粒子在磁场内运动的最长时间为

所以D项错；

故选AC。

10、B:C【分析】【详解】

AB．根据

可知；弦振动的周期越大，磁通量的变化率越小，则线圈中感应电流的方向变化越慢，弦振动的周期越小，磁通量的变化率越大，线圈中感应电流的方向变化越快，A错误，B正确；

CD．根据

可知；增大线圈的匝数，则感应电动势增大，感应电流增大，则电吉他的音量增大，C正确，D错误。

故选BC。11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．由题意可知，两个粒子的电量相等，若速率相等，由半径公式

可知，半径不一定相等，还需要质量相等，半径才相等，故A错误；

B．若质量和电量都相等，由周期公式

可知周期必定相等，故B正确；

C．半径公式

中是动量大小，电量和动量大小都相等，则半径必相等，故C正确；

D．粒子的动能

动能相等；粒子的质量不一定相等，周期不一定相等，故D错误。

故选BC。12、B:C【分析】【分析】

由题意可知；考查电磁感应规律，根据楞次定律；能量守恒定律分析可得．

【详解】

AB．由楞次定律分析感应电流的方向；当磁铁靠近圆环时，取圆环为研究对象，原磁场方向向下，磁通量增加，为阻碍磁通量增加，感应电流产生的磁场方向向上，由安培定则可判断感应电流为逆时针方向．同理分析，当磁铁远离圆环时，感应电流为顺时针．故A不符合题意，B符合题意；

C．磁铁在整个下落过程中；磁铁的机械能转化为电能，圆环对它的作用力做负功，所以作用力的方向始终竖直向上，C符合题意；

D.因磁铁的机械能减少，所以落地时的速率小于故D不符合题意．

【点睛】

判断感应电流方向要用楞次定律，因电磁感应中能量守恒，磁铁的机械能减少，磁铁始终受到阻力作用，表现为“来拒去留”．13、A:B【分析】【详解】

A：在时间内，边从运动到通过线圈的电荷量为故A项正确．

B：根据平衡有：而联立两式解得：故B项正确．

C：的时间间隔内线圈一直做匀变速直线运动，知边刚进上边的磁场时，边也刚进下边的磁场，设磁场的宽度为则线圈的长度：线圈下降的位移为：则有：将，代入解得：所以线圈的长度为故C项错误．

D：时间内，根据能量守恒得：故D项错误．

综上答案为AB

点睛：解决本题的关键理清线圈的运动情况，选择合适的规律进行求解，本题的难点就是通过线圈匀加速直线运动挖掘出下落的位移为磁场宽度的倍．14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．MN处于静止状态，竖直方向上受重力和静摩擦力处于平衡，可知MN所受安培力方向垂直导轨向外，根据左手定则知，通过MN中的电流方向由M到N；A正确；

B．由于金属棒ab被分成两部分位于相反的磁场中，所以产生的感应电动势相反，ab产生的总电动势

则MN两端的电压

B错误；

C．MN恰好处于静止时，有

根据闭合电路姆定律得

解得动摩擦因数的最小值

C正确；

D．电路的总电功率

D错误。

故选AC。15、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由于送电线圈输入的是正弦式交变电流；是周期性变化的，因此产生的磁场也是周期性变化的，A正确，B错误；

C．根据变压器原理；原；副线圈是通过互感现象实现能量传递，因此送电线圈和受电线圈也是通过互感现象实现能量传递，C正确；

D．手机与机座无需导线连接就能实现充电；但磁场能有一部分以电磁波辐射的形式损失掉，因此这样传递能量是有能量损失的，D错误。

故选AC。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

[1][2]根据电容的决定式若电容器的电容变大，一定是插入的电介质多了，所以被测物体向左移动．如果把图中的电介质板换成介电常数更大的材料，当物体沿左右方向运动时，移动相同距离时，电容器的变化量变大，即传感器的灵敏度变大．【解析】左变大17、略

【解析】①.峰值②.NωBS18、略

【分析】【详解】

[1][2][3]与热敏电阻相比，金属热电阻的化学稳定性好，测温范围大，但灵敏度较差。【解析】①.化学稳定性②.大③.灵敏度19、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4][5]运动电荷在磁场中受到的力称为洛伦兹力，方向垂直于电荷运动方向和磁感应强度方向形成的平面；洛伦兹力的方向由左手定则来判断，安培力可称作洛伦兹力的宏观表现。【解析】洛伦兹力垂直垂直左手定则宏观20、略

【分析】【详解】

金属环最终会沿与通电直导线平行的直线，做匀速直线运动；最终速度v=v0cos60°由能量守恒定律，得环中最多能产生电能E=ΔEk=0.03J【解析】①.匀速直线运动②.0.0321、略

【分析】【详解】

[1]．原线圈产生的交流电的周期

则频率为

[2]．产生交流电的最大值

则交流电压表的示数为

[3]．变压器次级电压值

电阻R上消耗的电功率为【解析】10Hz20V2kW四、作图题(共4题，共16分)22、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】25、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共32分)26、略

【分析】【详解】

(1)[1]由电路图可知，当满足时，即Rt=3kΩ时φa=φb；此时由图可知温度为25℃，即恒温箱内的稳定温度为25℃；

[2]恒温箱内的电热丝加热时Rt的取值范围为Rt>3kΩ；

(2)①[3]PQ=0.1（t-t0），PQ与温度t之间关系的图像如图；

由图可知；当温度为70℃左右时，发热功率和散热功率相等，即此时物体的温度不再变化；

②[4]当温度稍高于稳定温度时：加热器电阻增大；产生的焦耳热的功率小于散热的功率，温度将下降；当温度稍低于稳定温度时：加热器电阻减小，产生的焦耳热的功率大于散热的功率，温度将上升。故选B。

【点睛】

(1)本题主要考查了同学们识图能力以及分析问题和解决问题的能力，要能根据题目的意思得出当Uab=0时；恒温箱保持稳定。

(2)本题考查学生对图像的理解及应用，图像法为物理中常用方法，应学会熟练应用。在应用中重点掌握：(1)图像中坐标的含义；(2)图像的变化；(3)截矩的意义；(4)斜率的意义。【解析】25Rt>3kΩ68~72均可27、略

【分析】【详解】

(1)由图甲可知热敏电阻的阻值随着温度的升高而减小；

(2)当温度较低的时候；热敏电阻的电阻较大，电路中的电流较小，此时继电器的衔铁与AB部分连接，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以该把恒温箱内的加热器接在A；B端．

(3)当温度达到100℃时，加热电路就要断开，此时的继电器的衔铁要被吸合，即控制电路的电流要到达20mA=0.02A，根据闭合电路欧姆定律可得：解得：