2025年粤教新版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版高一物理下册月考试卷15考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示；在匀速转动的水平圆盘上，在离转轴某一距离处放一滑块，该滑块恰能跟随圆盘做匀速圆周运动而不产生相对滑动，则下列情况中，仍然能使滑块与圆盘保持相对静止的是（）

A.仅增大圆盘转动的角速度。

B.仅增大滑块到转轴的距离。

C.仅增大滑块的质量m

D.上述情况均不能使滑块与圆盘保持相对静止。

2、某同学按如图所示的电路进行实验，实验时该同学将滑动变阻器的滑动触头P移到不同位置时测得各电流表的示数不同、各电压表的示数也不同，已知图中的电压表和电流表均为理想表。由于电路中有一处发生故障，发现两电压表示数相同了（但不为零），若这种情况的发生是由用电器引起的，则可能的故障原因是（）A.R1短路B.RP短路C.R2断路D.R2短路3、静止在水平桌面上的物体，对水平桌面的压力A.就是物体的重力B.大小等于物体的重力C.这压力是由于物体的形变而产生的D.这压力是由于地球的吸引而产生的4、如图所示，质量为60kg

的某运动员在做俯卧撑运动，运动过程中可将她的身体视为一根直棒，已知重心在C

点，其垂线与脚，两手连线中点间的距离OaOb

分别为0.9m

和0.6m

若她在1min

内做了30

个俯卧撑，每次肩部上升的距离均为0.4m

则克服重力做功和相应的功率为()

A.430J7W

B.4300J70W

C.720J12W

D.7200J120W

5、如图所示，质量不计的轻质弹性杆P

插入桌面上的小孔中，杆的另一端套有一个质量为m

的小球，今使小球在水平面内做半径为R

的匀速圆周运动，且角速度为蠅

则杆的上端受到球对其作用力的大小为()

A.m蠅2R

B.mg2鈭�蠅4R2

C.mg2+蠅4R2

D.不能确定6、在100m

跑的比赛中，王明同学6s

末的速度为9.2m/s10s

末到达终点时的速度为10.4m/s

则他在比赛中的平均速度大小为(

)

A.9.8m/s

B.10.4m/s

C.9.2m/s

D.10.0m/s

7、【题文】如图所示；物体甲的质量为2m，乙的质量为m，弹簧和悬线的质量可忽略不计。当悬线被烧断的瞬间，甲；乙的加速度数值为（）

A.甲是0，乙是gB.甲是g，乙是gC.甲是0，乙是0D.甲是乙是g8、某人沿着半径为R

的水平圆周跑道跑了1.75

圈时，他的(

)

A.路程和位移的大小均为3.5娄脨R

B.路程和位移的大小均为2R

C.路程为3.5娄脨R

位移的大小为2R

D.路程为0.5娄脨R

位移的大小为2R

9、如图所示；是沿同一直线运动的物体A；B，其相对于同一参考系的位移-时间图象，由图象可知（）

A.从第3s起，两物体的运动方向相同，且vA大于vBB.两物体由同一位置开始运动，但物体A比物体B迟3s才开始运动C.在5s内物体的位移相同，5s末B相遇D.5s内B的平均速度相同评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)10、电火花打点计时器是接伏（填“交流电”或“直流电”），若f=50赫兹，则每隔____s打一次点。11、自然界中存在两种电荷：（）电荷和（）电荷。同种电荷相互（），异种电荷相互（）12、【题文】甲、乙两个物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1∶2，转动半径之比为1∶2，在相同的时间里甲转过60°，乙转过45°，则它们的向心力之比为____，它们的向心加速度之比为____13、【题文】某同学家住码头采砂场，每天看到黄沙从卷扬机上落下自由堆积形成圆锥体，如图所示，于是他选择了“颗粒状物体自由堆积的规律”课题进行课外研究。研究发现颗粒状物体（如砂子、小石子、大米等）自由堆积起来的圆锥体（圆锥体定形后，如果继续增加颗粒状物体，它们将从圆锥体表面上匀速滚下）高度与底面半径比值是定值，即圆锥形状只与材料有关，与漏斗高度无关。他测得黄砂自由堆积成圆锥体底面圆周长为12.56m，圆锥体高1.5m，请你根据以上数据计算黄砂的动摩擦因数=____。14、胡可定律的内容：在______内，弹簧弹力的大小F跟______成正比．15、某照明电路的正弦交流电的电压为220V

则它的有效值是______V

峰值是______V.

16、一列车质量为5×105kg，在水平的直轨道上以额定功率3000kw加速行驶．当列车的速度由10m/s加速到可能达到的最大运行速度20m/s时，经历的时间为150s，在这段时间内列车前进的距离是____m（设列车所受阻力大小恒定）评卷人得分三、简答题(共9题，共18分)17、挑担子时为什么把系在扁担和筐子间的绳子放长些更好？18、I.rm{(1)}已知rm{16g}固体硫完全燃烧时放出rm{148.4KJ}的热量，写出表示硫的燃烧热的热化学方程式：________________________。已知rm{(1)}固体硫完全燃烧时放出rm{16g}的热量，写出表示硫的燃烧热的热化学方程式：________________________。rm{148.4KJ}固态rm{(2)}与液态水反应生成rm{NaBH_{4}}固体和氢气。在rm{NaBO_{2}}rm{25隆忙}下，已知：每消耗rm{101KPa}放热rm{3.8gNaBH_{4}}该反应的热化学方程式为_________________________________。rm{21.6KJ}火箭推进器中盛有强还原剂液态肼rm{II.(3)}和强氧化剂液态过氧化氢。当把rm{(N_{2}H_{4})}液态肼和rm{0.4mol}混合反应，生成氮气和水蒸气，放出rm{0.8molH_{2}O_{2}}的热量rm{257.7KJ}相当于rm{(}rm{25隆忙}下测得的热量rm{101KPa}该反应的热化学方程式为______________________________。又已知：rm{H_{2}O(l)=H_{2}O(g)娄陇H=+44kJ/mol}则rm{)}液态肼与过氧化氢反应生成液态水时放出的热量是_____________rm{H_{2}O(l)=H_{2}O(g)

娄陇H=+44kJ/mol}rm{16g}已知rm{KJ}氢气燃烧生成液态水时放出rm{III.}热量，反应的热化学方程式是rm{2mol}rm{triangleH=-572KJ隆陇mol^{-1}}rm{572KJ}该反应生成物的能量总和__________rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)=2H_{2}O(l)}填“大于”“小于”或“等于”rm{triangle

H=-572KJ隆陇mol^{-1}}反应物的能量总和。rm{(4)}若rm{(}氢气完全燃烧生成水蒸气，则放出的热量_______rm{)}填“rm{(5)}”“rm{2mol}”或“rm{(}”rm{>}rm{<}与化石燃料相比，利用氢能源有很多优点，写出其中一点：__________________。rm{=}19、如图，光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体，斜面体右侧一蹲在滑板上的小孩和其面前的冰块均静止于冰面上。某时刻小孩将冰块以相对冰面3m/s的速度向斜面体推出，冰块平滑地滑上斜面体，在斜面体上上升后又沿斜面体滑回到光滑冰面。已知小孩与滑板的总质量为m1=30kg，冰块的质量为m2=10kg；小孩与滑板始终无相对运动；斜面体的质量。

m3=20kg。取重力加速度的大小g取10m/s2．求：

（1）斜面体的高度h应满足什么条件？

（2）斜面体的最大速度为多少？

（3）通过计算说明冰块与斜面体分离后能否追上小孩？20、【题文】如图物体静止在斜面上，现用水平外力F推物体，在外力F由零逐渐增加的过程中，物体始终保持静止，物体所受摩擦力怎样变化？21、足球守门员在发门球时，将一个静止的足球以10m/s的速度沿草地水平踢出，若守门员踢球的时间为0.1s，则踢足球的平均加速度为多少m/s2？若足球沿草地作直线运动，速度不断减小，加速度大小恒为2m/s2，4s后足球运动到后卫队员处，则此过程中，足球运动的平均速度为多少m/s，足球的加速度为多少m/s2．22、下图是乙酸乙酯的合成路线图，已知rm{B}的水溶液可以溶解rm{CaCO_{3}}rm{E}常作为食品包装袋的材料。

。

请完成下列问题：rm{(1)B}中所含的官能团是__________rm{(}填名称rm{)}rm{E}的结构简式为___________________。rm{(2)}反应rm{垄脹}的反应类型是________；反应rm{垄脺}的反应类型是_________________。rm{(3)}写出rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}的同分异构体rm{(}含有羧基rm{)}的结构简式__________________、__________________。rm{(4)}请写出以下反应化学方程式：A、合成路线rm{垄脵}的方程式为______________________________________________；B、物质rm{E}在一定条件下发生加聚反应的化学反应方程为__________________________；C、写出乙酸乙酯在rm{NaOH}溶液中的水解反应方程式_______________________________；D、写出rm{B}的水溶液溶解rm{CaCO_{3}}的离子反应方程式_________________________________。rm{(5)}如果用rm{4.6g}的乙醇和rm{9.0g}的rm{B}反应制得乙酸乙酯rm{5.28g}则本实验的产率是：__________rm{(}产率指的是某种生成物的实际产量与理论产量的比值rm{)}23、现有下列短周期元素性质的数据：。元素性质元素编号rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脼}rm{垄脽}rm{垄脿}原子半径rm{(10^{-10}m)}rm{0.73}rm{1.02}rm{1.34}rm{1.06}rm{0.99}rm{1.54}rm{0.75}rm{1.18}最高或最低化合价rm{+6}rm{+1}rm{+5}rm{+7}rm{+1}rm{+5}rm{+3}rm{-2}rm{-2}rm{-3}rm{-1}rm{-3}试回答下列问题：rm{(1)}元素rm{垄脹}在周期表中的位置是________；元素rm{垄脺}与元素rm{垄脽}相比较，气态氢化物较稳定的是：_______________rm{(}填化学式rm{)}rm{(2)}元素rm{垄脵}与元素rm{垄脼}按照原子个数比为rm{1隆脙1}形成的化合物中化学键的类型为________。rm{(3)Y}和rm{Z}均由元素rm{垄脵}组成，反应rm{Y+2I^{-}+2H^{+}篓T篓T篓TI_{2}+Z+H_{2}O}常作为rm{Y}的鉴定反应。Ⅰrm{.Y}与rm{Z}的关系是rm{(}选填字母rm{)}_________。rm{a.}同位素rm{b.}同素异形体rm{c.}同系物rm{d.}同分异构体同位素rm{a.}同素异形体rm{b.}同系物rm{c.}同分异构体Ⅱrm{d.}结合以上反应方程式可知rm{.(}有漂白性rm{Y}将rm{)}和二氧化硫分别通入品红溶液，都能使品红褪色。简述用褪色的溶液区分二者的实验方法：__________________________。rm{Y}元素rm{(4)}的最高价氧化物为无色液体，该物质与一定量水混合得到一种稀溶液，并放出热量。写出该反应的化学方程式：_______________。rm{垄脻}元素rm{(5)}的最高价氧化物对应的水化物和元素rm{垄脿}的最高价氧化物对应的水化物反应的离子方程式：_________________________________。rm{垄脼}24、如图所示，半径为R

的均匀光滑球靠竖直墙放置，左下方有一厚为h

质量为m

的木块，与地面的动摩擦因数为娄脤

最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力.

若光滑球与地面接触但弹力恰好为零，求光滑球质量M

的范围．25、如图所示，将质量为m=2Kg的滑块放在倾角为θ=37°的固定斜面上．滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ=0.8．重力加速度为g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8，则：

（1）滑块在斜面上处于静止状态时；求摩擦力的大小．

（2）用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动；拉力大小应是多少？

（3）用水平向右的力拉滑块，滑块向上匀速滑动，拉力大小应是多少？评卷人得分四、画图题(共2题，共14分)26、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。27、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分五、实验探究题(共1题，共2分)28、豌豆的高茎和矮茎是一对相对性状，由一对等位基因（D、d）控制，下表是关于豌豆茎高的杂交实验，请回答：。亲本组合子代表现型及其株数组别表现型高茎豌豆矮茎豌豆①高茎*矮茎5970②高茎*高茎605197③高茎*矮茎325321（1）在豌豆的高茎、矮茎这一对相对性状中，显性性状是________（2）在①组的亲本组合中，高茎豌豆的基因型是_______。在③组的亲本组合中，高茎豌豆的基因型是_________，矮茎豌豆的基因型是________（3）在②组子代的高茎豌豆中，纯合子所占的比例是________。评卷人得分六、其他(共4题，共28分)29、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．30、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．31、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．32、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】

A、发生相对滑动时，最大静摩擦力提供向心力，此时有：mgμ=mω2r；角速度ω越大，越容易发生相对滑动，故A错误．

B；木块到转轴的距离越大；需要的向心力越大，越容易发生滑动，故B错误；

C、木块在转盘上发生相对滑动的临界状态时有：mgμ=mω2r；由此可知质量无关，故C正确；

故选C．

【解析】【答案】木块在水平转盘上做匀速圆周运动时；静摩擦力提供向心力，由于静摩擦力有个最大值，因此在转动过程中，要保持相对静止，存在着转速的最大值．

2、B|C【分析】【解析】试题分析：电压表测量并联电路电压，电压表测量电阻两端电压，正常情况下是不可能相等的，示数相等，不为零，根据电势降落法可得可能是短路，或者断路，导致电压表都是测量的路端电压，BC正确，若短路，两电压表测量的对象没有发生变化，所以示数仍然不同，A错误；若短路，则电压表示数为零，故D错误故选BC考点：考查了电路故障分析【解析】【答案】BC3、B|C【分析】【解析】试题分析：物体对水平桌面的压力是一种弹力，与重力本质不同，不能说压力就是重力．故A错误．静止在水平桌面上的物体，对水平桌面的压力大小等于物体的重力．故B正确．重力是由于的吸引而产生的，压力是由于物体发生形变，要恢复原状对桌面而产生的．故D错误，C正确．考点：考查了物体的弹力和力的平衡条件【解析】【答案】BC4、B【分析】【分析】将做俯卧撑的人看成杠杆的情况下；则人的重力为阻力，手的支持力为动力，动力臂为0.9+0.6m

阻力臂为0.9m

根据杠杆的平衡原理GL1=FL2

可求出手的支持力；

先根据公式W=FS

求出做功的多少，再根据P=Wt

求出功率。本题考查了杠杆的平衡条件，功、功率的计算；本题利用了俯卧撑这一常见的运动，考查了杠杆、功率、能量转化三个知识点，综合性较强，可以说是一个非常好的题目，有利于锻炼学生思维的灵活度.

【解答】由图知；阻力G=mg=60kg隆脕10N/kg=600N

阻力臂L1=0.9m

动力臂L2=0.9+0.6m=1.5m

根据GL1=FL2

可得：F=GL1L2=600N隆脕0.9m1.5m=360N

每做一个俯卧撑做的功：W=Fs=360N隆脕0.4m=144J

1

分钟内做功：W隆盲=144J隆脕30=4320J

则1

分钟内做30

个俯卧撑的功率：P=W鈥�t=4320J60s=72W

故B正确，ACD错误。故选B。【解析】B

5、C【分析】【分析】

小球受到重力和杆子的作用力，两个力的合力提供小球做匀速圆周运动的向心力。根据力的合成，求出球对杆子的作用力大小。解决本题的关键知道小球匀速圆周运动的向心力由重力和杆子对它作用力的合力提供.

根据向心力求出合力；根据力的合成求出杆子的作用力。

【解答】A.小球所受合力提供匀速圆周运动的向心力；即F潞脧=m娄脴2R

故A错误;

BC.

小球受重力和杆子对它的作用力F

根据力的合成有：F2鈭�(mg)2=(F潞脧)2

所以F=m娄脴4R2+g2

C正确，BD错误。

故选C。

【解析】C

6、D【分析】解：由题已知：该同学的位移为x=100m

通过100m

的时间为t=10s

则平均速度大小为：v炉=xt=10m/s

故选：D

该同学的位移为x=100m

通过100m

的时间为t=10s

根据平均速度的公式v炉=xt

可求出平均速度大小．

本题设置了好多陷阱，不能被迷惑，要严格对照平均速度的定义求解.

平均速度与某一时刻的瞬时速度没有直接的关系．【解析】D

7、D【分析】【解析】

试题分析：：细线烧断前，对甲乙整体受力分析，得出弹簧的弹力．细线烧断的瞬间，乙仅受重力，根据牛顿第二定律，有则方向竖直向下．对甲，弹簧的弹力在瞬间还未来得及改变，则有则方向竖直向上．

考点：考查了牛顿第二定律的应用。

点评：解决本题的关键知道细线烧断的前后瞬间，弹簧的拉力由于来不及发生形变，弹力大小不变，然后根据牛顿第二定律求解．【解析】【答案】D8、C【分析】解：人经过了1.75

个圆周；所以经过的路程为1.75隆脕2娄脨R=3.5娄脨R

位移是指从初位置到末位置的有向线段的长度，所以位移的大小为2R.

故选：C

．

位移是指从初位置到末位置的有向线段；位移是矢量，有大小也由方向；

路程是指物体所经过的路径的长度；路程是标量，只有大小，没有方向．

本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．【解析】C

9、A【分析】解：

A、在x-t图象中图线的斜率等于速度，从t=3s起，两图线的斜率均为正值，说明速度均沿正向。A的斜率大，速度大，即有vA＞vB．故A正确。

B；由图知；A从原点出发，而B从距原点正方向上5m处出发，A在B运动3s后开始运动，故B错误。

C；5s末A、B到达同一位置；两者相遇。在5s内，A通过的位移为10m，B通过的位移为5m，故C错误。

D；由上知；前5s内A通过的位移大，因为平均速度等于位移与时间之比，所以A的平均速度大，故D错误。

故选：A。

在x-t图象中；倾斜的直线表示匀速直线运动，斜率等于速度；由图可以直接读出出发点的位置和时刻；位移等于纵坐标的变化量，平均速度等于位移与时间之比．

本题考查位移时间图象，较为简单，但要防止将其作为速度时间图象处理．【解析】A二、填空题(共7题，共14分)10、略

【分析】电火花打点计时器是用220V的交流电，根据公式可得。【解析】【答案】220交流电0.02（带单位不扣分）11、略

【分析】自然界中存在两种电荷正电荷、负电荷，同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引【解析】【答案】正负排斥吸引12、略

【分析】【解析】向心力可知向心力之比为4:9；向心加速度为可求出比值为8:9【解析】【答案】4:9；8:913、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】0.7514、略

【分析】解：胡克定律内容是在弹性限度内；弹簧弹力的大小F与弹簧的形变量x成正比，公式为：F=kx．

故答案为：弹性限度；弹簧的形变量x

胡克定律的表达式为F=k•x；其中k是弹簧的劲度系数，x是弹簧的形变量．

该题的关键要掌握胡克定律的内容与表达式，属于记忆性的内容，要注意公式F=kx中x是弹簧的形变量，不是弹簧的长度．【解析】弹性限度；弹簧的形变量x15、略

【分析】解：正弦式交流电的最大值是交流电有效值的2

倍；

照明用的正弦交流电的电压是220V

则它的峰值是311V

故答案为：220311

我国正弦交流电的频率为50Hz

电压220V

为有效值，而最大值与有效值关系是2

倍；从而即可求解。

考查我国的交流电的知识，认识有效值与最大值的关系，要理解交流电的“四值”各自含义【解析】220311

16、略

【分析】

当汽车的速度最大时；牵引力与阻力平衡，即有F=f

由P=Fvm得：f=F==N=1.5×105N

运用动能定理研究汽车速度由10m/s加速到最大速率20m/s过程；得：

Pt-fS=m-m

代入解得：S=2500m

故答案为：2500；

【解析】【答案】汽车匀速运动时；速度最大，此时汽车的牵引力与阻力平衡．由功率求出阻力f．当速度由10m/s加速到最大速率30m/s时，牵引力做正功为Pt，阻力做负功fS，根据动能定理求出列车前进的距离．

三、简答题(共9题，共18分)17、略

【分析】【分析】绳子的长短，决定了货物位置的变化，从而改变了物体的重心，由此入手考虑解决此题．【解析】【解答】答：绳子放长会使人和扁担及货物总体重心下移，这样增加了稳定，使人更不容易摔倒．18、(1)S（s）+O2（g）=SO2（g）△H=-296.8KJ·mol-1(2)NaBH4（s）+2H2O（l）=NaBO2（s）+4H2（g）△H=-216.0KJ·mol-1(3)N2H4（l）+2H2O2（l）=N2（g）+4H2O（g）△H=-644.25KJ·mol-1410.125(4)小于(5)＜(6)热值高（或清洁、无污染）【分析】【分析】本题考查热化学方程式的书写，为高频考点，把握物质的状态、焓变的计算、热化学方程式的书写方法为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意燃烧热的判断，题目难度不大。本题考查热较为综合，为高考常见题型和高频考点，涉热化学方程式的书写，盖斯定律的计算判断，反应热的计算应用，注意盖斯定律的应用，题目难度中等。本题考查热化学方程式及焓变，为高频考点，把握反应中能量变化、燃烧反应的焓变与热量为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意氢能的应用，题目难度不大。【解答】I.rm{(1)16g}固体硫为rm{0.5mol}完全燃烧时放出rm{148.4KJ}的热量，硫的燃烧热的热化学方程式为：固体硫为rm{(1)16g}完全燃烧时放出rm{0.5mol}的热量，硫的燃烧热的热化学方程式为：rm{148.4KJ}rm{triangleH=-dfrac{148.4kJ}{0.5mol}=-296.8KJ隆陇mol^{-1}}rm{S(s)+O_{2}(g)=SO_{2}(g)}rm{triangleH=-dfrac{148.4kJ}{0.5mol}

=-296.8KJ隆陇mol^{-1}}，rm{triangleH=-296.8KJ隆陇mol^{-1}}故答案为：rm{S(s)+O_{2}(g)=SO_{2}(g)}固态rm{triangle

H=-296.8KJ隆陇mol^{-1}}与液态水反应生成；固体和氯气，每消耗rm{(2)}放热rm{NaBH_{4}}则rm{NaBO_{2}}固态rm{3.8gNaBH_{4}}完全反应放出热量为rm{21.6KJ隆脕dfrac{3.8}{38}=216KJ}可知该反应的热化学方程式为rm{NaBH_{4}(s)+2H_{2}O(l)=NaBO_{2}(s)+4H_{2}(g)triangleH=-216.0}rm{21.6KJ}

故答案为：rm{NaBH_{4}(s)+2H_{2}O(l)=NaBO_{2}(s)+4H_{2}(g)triangleH=-216.0}rm{1mol}rm{NaBH_{4}}反应方程式为：rm{21.6KJ隆脕dfrac{3.8}{38}

=216KJ}rm{NaBH_{4}(s)+2H_{2}O(l)=NaBO_{2}(s)+4H_{2}(g)triangle

H=-216.0}液态肼放出rm{KJ?mol^{-1}}的热量，则rm{NaBH_{4}(s)+2H_{2}O(l)=NaBO_{2}(s)+4H_{2}(g)triangle

H=-216.0}液态肼放出的热量为rm{dfrac{;557.7kJ;}{0.4}=644.25kJ}所以反应的热化学方程式为：rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)=N_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-644.25kJ/mol}

已知。

rm{垄脵N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)篓TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-644.25kJ/mol}

rm{垄脷H_{2}O(l)=H_{2}O(g)triangleH=+44kJ/mol}

依据盖斯定律rm{KJ?mol^{-1}}得到rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)篓TN_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-820.25KJ/mol}则rm{II.(3)}液态肼物质的量rm{=dfrac{16g}{32g/mol}=0.5mol}与液态双氧水反应生成液态水时放出的热量rm{N_{2}H_{4}+2H_{2}O_{2}=N_{2}+4H_{2}O}故答案为：rm{0.4mol}rm{257.7KJ}rm{1mol}rm{dfrac{;557.7kJ;}{0.4}

=644.25kJ}rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)=N_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-644.25kJ/mol}rm{垄脵N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)篓TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-644.25kJ/mol}rm{垄脷H_{2}O(l)=H_{2}O(g)triangle

H=+44kJ/mol}rm{垄脵-垄脷隆脕4}rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)篓TN_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangle

H=-820.25KJ/mol}rm{16g}rm{=dfrac{16g}{32g/mol}

=0.5mol}rm{820.25KJ隆脕0.5=410.13J}rm{O(g)triangleH=-644.25kJ/mol}rm{N}rm{2}．rm{2}由焓变为负可知；氢气燃烧为放热反应，则该反应生成物的能量总和小于反应物的能量总和；

故答案为：小于；

rm{H}燃烧为放热反应，且生成物中气态水的能量比液态水的能量高，生成气态水放热少，则rm{4}氢气完全燃烧生成水蒸气，放出的热量rm{4}

故答案为：rm{(l)+2H}

rm{2}与化石燃料相比，利用氢能源有很多优点，其中一点为热值高rm{2}或清洁、无污染rm{O}

故答案为：热值高rm{2}或清洁、无污染rm{2}rm{(l)=N}【解析】rm{(1)S(s)+O_{2}(g)=SO_{2}(g)}rm{triangleH=-296.8KJ隆陇mol^{-1}}rm{(2)NaBH_{4}(s)+2H_{2}O(l)=NaBO_{2}(s)+4H_{2}(g)triangleH=-216.0KJ隆陇mol^{-1}}rm{(3)N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)=N_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-644.25KJ隆陇mol^{-1;;;}}rm{triangle

H=-296.8KJ隆陇mol^{-1}}rm{(2)NaBH_{4}(s)+2H_{2}O(l)=NaBO_{2}(s)+4H_{2}(g)triangle

H=-216.0KJ隆陇mol^{-1}}小于rm{(3)N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)=N_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-644.25KJ隆陇mol^{-1;;;}}rm{410.125}热值高rm{(4)}或清洁、无污染rm{(5)<}rm{(6)}19、解：规定向左为速度正方向。冰块在斜面体上运动到最大高度时两者达到共同速度；设此共同速度为v，冰块在斜面体上升的最大高度为h，斜面高H．由水平方向动量守恒和机械能守恒定律得：

m2v20=（m2+m3）v①

m2（m2+m3）v2+m2gh②

式中v20=3m/s为冰块推出时的速度。

联立①②式并代入题给数据得：

v=1m/sh=0.3m故：h≥0.3m③

（2）又设小孩推出冰块后的速度为v1；由动量守恒定律有：

m1v1+m2v20=0④代入数据得v1=-1m/s⑤

设冰块与斜面体分离后的速度分别为v2和v3，此时斜面体速度v3为最大；

由动量守恒和机械能守恒定律有：m2v20=m2v2+m3v3⑥

m2v22=m2v2′2+m3v3′2⑦

联立③⑥⑦式并代入数据得v2=-1m/sv3=2m/s⑧

斜面体的最大速度为2m/s；

（3）由于冰块与斜面体分离后的速度与小孩推出冰块后的速度大小相同；方向均向右方向；故冰块不能追上小孩。

答：（1）斜面体的高度h应满足h≥0.3m；

（2）斜面体的最大速度为2m/s；

（3）冰块不能追上小孩。【分析】

（1）冰块和斜面体组成的系统水平方向不受外力；水平动量守恒，机械能也守恒，根据系统动量守恒和机械能守恒计算冰块在斜面体上上升的最大高度h；

（2；3）小孩和冰块动量守恒；冰块和斜面动量守恒机械能守恒，计算小孩和冰块的最后速度，比较他们的速度大小的关系可以判断能否追上小孩。

本题是对动量守恒和机械能守恒的考查，要正确选择研究的过程和研究的对象，根据小孩和冰块，还有斜面体的在不同的过程中动量守恒以及冰块与斜面机械能守恒计算最终的速度的大小。【解析】解：规定向左为速度正方向。冰块在斜面体上运动到最大高度时两者达到共同速度；设此共同速度为v，冰块在斜面体上升的最大高度为h，斜面高H．由水平方向动量守恒和机械能守恒定律得：

m2v20=（m2+m3）v①

m2（m2+m3）v2+m2gh②

式中v20=3m/s为冰块推出时的速度。

联立①②式并代入题给数据得：

v=1m/sh=0.3m故：h≥0.3m③

（2）又设小孩推出冰块后的速度为v1；由动量守恒定律有：

m1v1+m2v20=0④代入数据得v1=-1m/s⑤

设冰块与斜面体分离后的速度分别为v2和v3，此时斜面体速度v3为最大；

由动量守恒和机械能守恒定律有：m2v20=m2v2+m3v3⑥

m2v22=m2v2′2+m3v3′2⑦

联立③⑥⑦式并代入数据得v2=-1m/sv3=2m/s⑧

斜面体的最大速度为2m/s；

（3）由于冰块与斜面体分离后的速度与小孩推出冰块后的速度大小相同；方向均向右方向；故冰块不能追上小孩。

答：（1）斜面体的高度h应满足h≥0.3m；

（2）斜面体的最大速度为2m/s；

（3）冰块不能追上小孩。20、略

【分析】【解析】

【错解分析】错解：错解一：以斜面上的物体为研究对象；物体受力如图2－10，物体受重力mg，推力F，支持力N，静摩擦力f，由于推力F水平向右，所以物体有向上运动的趋势，摩擦力f的方向沿斜面向下。根据牛顿第二定律列方程。

f+mgsinθ=Fcosθ①

N-Fsinθ-mgcosθ="0"②

由式①可知；F增加f也增加。所以在变化过程中摩擦力是增加的。

错解二：有一些同学认为摩擦力的方向沿斜面向上；则有F增加摩擦力减少。

上述错解的原因是对静摩擦力认识不清；因此不能分析出在外力变化过程中摩擦力的变化。

【正解】本题的关键在确定摩擦力方向。由于外力的变化物体在斜面上的运动趋势有所变化；如图，当外力较小时（Fcosθ＜mgsinθ）物体有向下的运动趋势，摩擦力的方向沿斜面向上。F增加，f减少。与错解二的情况相同。如图，当外力较大时（Fcosθ＞mgsinθ）物体有向上的运动趋势，摩擦力的方向沿斜面向下，外力增加，摩擦力增加。当Fcosθ=mgsinθ时，摩擦力为零。所以在外力由零逐渐增加的过程中，摩擦力的变化是先减小后增加。

【点评】若斜面上物体沿斜面下滑；质量为m，物体与斜面间的摩擦因数为μ，我们可以考虑两个问题巩固前面的分析方法。

（1）F为怎样的值时；物体会保持静止。

（2）F为怎样的值时；物体从静止开始沿斜面以加速度a运动。

受前面问题的启发；我们可以想到F的值应是一个范围。

首先以物体为研究对象；当F较小时，如图物体受重力mg；支持力N、斜向上的摩擦力f和F。物体刚好静止时，应是F的边界值，此时的摩擦力为最大静摩擦力，可近似看成f静=μN（最大静摩擦力）如图建立坐标，据牛顿第二定律列方程。

解得

当F从此值开始增加时；静摩擦力方向开始仍然斜向上，但大小减小，当F增加到Fcosθ=mgsinθ时，即F=mg·tgθ时，F再增加，摩擦力方向改为斜向下，仍可以根据受力分析图列出方程。

随着F增加；静摩擦力增加，F最大值对应斜向下的最大静摩擦力。

依据式④式①解得：

要使物体静止F的值应为。

关于第二个问题提醒读者注意题中并未提出以加速度a向上还是向下运动；应考虑两解，此处不详解此，给出答案供参考。

当时；物体以a斜向下运动。

当时；物体以a斜向上运动。

【解析】【答案】先减小，后增加21、略

【分析】

根据加速度的定义式a=求出足球的加速度．根据求出足球的平均速度．

解决本题的关键掌握加速度的定义式a=以及平均速度的公式难度不大，属于基础题．【解析】解：加速度为：．

根据v=v0+at得：v=10-2×4m/s=2m/s．

平均速度为：

答：踢足球的平均加速度为100m/s2，若足球沿草地作直线运动，速度不断减小，加速度大小恒为2m/s2，4s后足球运动到后卫队员处，则此过程中，足球运动的平均速度为6m/s，足球的加速度为2m/s2．22、rm{(1)}羧基rm{(}或rm{-COOH)}rm{CH_{2}=CH_{2}}

rm{(2)}酯化rm{(}或取代反应rm{)}加成反应

rm{(3)HCOOCH_{2}CH_{2}CH_{3}}或rm{HCOOCH(CH_{3})_{2}}

rm{(4)A.2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}xrightarrow[triangle]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}

B.

C.rm{(4)A.2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}

xrightarrow[triangle]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}

D.rm{H_{3}COOCH_{2}CH_{3}+NaOH=CH_{3}CH_{2}OH+CH_{3}COONa}

rm{2CH_{3}COOH+CaCO_{3}=(CH_{3}COO)_{2}Ca+H_{2}O}

rm{(5)60%}【分析】【分析】合成乙酸乙酯需要乙醇和乙酸在浓硫酸作用下完成，则rm{B}rm{C}为乙醇和乙酸；rm{B}的水溶液可以溶解rm{CaCO_{3}}则rm{B}为rm{CH_{3}COOH}rm{C}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}乙醇催化氧化生成rm{A}且rm{A}能与银氨溶液反应析出银镜，则rm{A}为乙醛；rm{E}可作果实催熟剂，能够与氯化氢反应生成氯乙烷，则rm{E}为rm{CH_{2}=CH_{2}}据此进行解答，rm{(5)}先判断过量情况，根据反应方程式及不足量计算出生成乙酸乙酯的质量，然后计算出乙酸乙酯的产率rm{.}本题考查了有机推断，题目难度中等，熟练掌握常见有机物结构与性质为解答关键，注意明确常见有机物官能团名称、反应类型，能够正确书写常见有机反应方程式。【解答】合成乙酸乙酯需要乙醇和乙酸在浓硫酸作用下完成，则rm{B}rm{C}为乙醇和乙酸；rm{B}的水溶液可以溶解rm{CaCO_{3}}则rm{B}为rm{CH_{3}COOH}rm{C}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}乙醇催化氧化生成rm{A}且rm{A}能与银氨溶液反应析出银镜，则rm{A}为乙醛；rm{E}可作果实催熟剂，能够与氯化氢反应生成氯乙烷，则rm{E}为rm{CH_{2}=CH_{2}}

rm{(1)B}为rm{CH_{3}COOH}含有的官能团为羧基rm{(}或rm{-COOH)}rm{E}的结构简式为rm{CH_{2}=CH_{2}}

故答案为：羧基rm{(}或rm{-COOH)}rm{CH_{2}=CH_{2}}

rm{(2)}反应rm{垄脹}为乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，该反应也属于取代反应；反应rm{垄脺}为乙烯与氯化氢发生加成反应生成氯乙烷；

故答案为：酯化rm{(}或取代反应rm{)}加成反应；

rm{(3)}rm{CH}rm{3}rm{3}rm{COOCH}rm{2}rm{2}的酯类物质的同分异构体有rm{CH}rm{3}rm{3}rm{HCOOCH}rm{2}rm{2}或rm{CH}rm{2}rm{2}rm{CH}等；

故答案为：rm{3}rm{3}rm{HCOOCH(CH}rm{3}rm{3}rm{)}或rm{2}rm{2}rm{HCOOCH}rm{2}；

rm{2}反应rm{CH}为乙醇催化氧化生成乙醛，反应方程式为rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}xrightarrow[triangle]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}

故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}xrightarrow[triangle]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}

B、物质rm{2}为rm{2}rm{CH}rm{3}rm{3}，故在一定条件下发生加聚反应的化学反应方程为

故答案为：

C、乙酸乙酯在rm{HCOOCH(CH}溶液中的水解反应方程式rm{3}rm{3}rm{)}rm{2}rm{2}rm{(4)A}rm{垄脵}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}

xrightarrow[triangle]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}

xrightarrow[triangle]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{E}rm{CH}rm{2}rm{2}故答案为：rm{=CH}rm{2}rm{2}rm{NaOH}rm{CH}rm{3}rm{3}rm{COOCH}rm{2}rm{2}rm{CH}rm{3}rm{3}

D、rm{+NaOH=CH}为rm{3}rm{3}rm{CH}和rm{2}rm{2}反应的方程式为rm{OH+CH}rm{3}rm{3}rm{COONa}rm{CH}rm{3}rm{3}rm{COOCH}rm{2}rm{2}rm{CH}

故答案为：rm{3}rm{3}rm{+NaOH=CH}rm{3}rm{3}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{OH+CH}rm{3}rm{3}

rm{COONa}乙醇的物质的量为rm{B}rm{CH}乙酸的物质的量是rm{3}乙醇完全反应消耗rm{3}的乙酸，乙酸有剩余，所以需要根据乙醇的量来计算生成的乙酸乙酯的量rm{COOH}根据反应rm{CaCO}可知，理论上生成乙酸乙酯的物质的量为rm{3}即rm{3}实际生成了rm{2CH}则乙酸乙酯的产率为rm{dfrac{5.28g}{8.8g}隆脰60%}

故答案为：rm{3}

rm{3}【解析】rm{(1)}羧基rm{(}或rm{-COOH)}rm{CH_{2}=CH_{2}}rm{(2)}酯化rm{(}或取代反应rm{)}加成反应rm{(3)HCOOCH_{2}CH_{2}CH_{3}}或rm{HCOOCH(CH_{3})_{2}}rm{(4)A.2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}xrightarrow[triangle]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}B.C.rm{(4)A.2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}

xrightarrow[triangle]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}D.rm{H_{3}COOCH_{2}CH_{3}+NaOH=CH_{3}CH_{2}OH+CH_{3}COONa}rm{2CH_{3}COOH+CaCO_{3}=(CH_{3}COO)_{2}Ca+H_{2}O}rm{(5)60%}23、rm{(1)}第二周期rm{IA}族rm{NH_{3}}

rm{(2)}离子键、共价键

rm{(3)}Ⅰrm{.b}

Ⅱrm{.}加热褪色后的溶液，若溶液恢复红色，则原通入气体为rm{SO_{2}}若溶液不变红，则原通入气体是rm{O_{3}}

rm{(4)Cl_{2}O_{7}+H_{2}O篓T2HClO_{4}}

rm{(4)

Cl_{2}O_{7}+H_{2}O篓T2HClO_{4}}rm{(5)Al(OH)_{3}+OH^{-}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】同周期元素的原子半径从左向右在减小，同主族元素的原子半径从上到下在增大，短周期元素中，rm{垄脵垄脷}都有最低价rm{-2}rm{垄脵垄脷}处于Ⅵrm{A}族，rm{垄脵}只有最低价rm{-2}则rm{垄脵}为rm{O}rm{垄脷}为rm{S}rm{垄脹垄脼}都只有最高正价rm{+1}处于rm{IA}rm{垄脼}的原子半径较大，rm{垄脹}原子半径不是所以元素中最小，故rm{垄脹}为rm{Li}rm{垄脼}为rm{Na}rm{垄脻}有rm{+7}rm{-1}价，则rm{垄脻}为rm{F}rm{垄脺垄脽}都有最高价rm{+5}最低价rm{-3}处于Ⅴrm{A}族，且rm{垄脺}的原子半径较大，则rm{垄脺}为rm{P}rm{垄脽}为rm{N}rm{垄脿}有最高价rm{+3}处于Ⅲrm{A}族，原子半径大于rm{P}则rm{垄脿}为rm{Al}据此解答。【解答】rm{(1)}元素rm{垄脹}为rm{Li}原子序数为rm{3}核外有两层电子，电子层数等于周期数，最外层为rm{1}个电子，最外层电子数等于族序数，所以元素rm{垄脹}在周期表中的位置是第二周期rm{IA}族，rm{垄脺}为rm{P}rm{垄脽}为rm{N}两者属于同一主族，同主族自上而下得电子能力减弱，非金属性减弱，非金属性越强氢化物越稳定，所以气态氢化物较稳定的是rm{NH_{3}}故填：第二周期rm{IA}族；rm{NH_{3}}rm{(2)垄脵}为rm{O}rm{垄脼}为rm{Na}按照原子个数比为rm{1:1}形成的化合物为过氧化钠，rm{Na_{2}O_{2}}是离子化合物，rm{Na+}与rm{O_{2}^{2?}}形成离子键，rm{O}原子与rm{O}原子之间通过非极性共价键形成rm{O_{2}^{2?}}离子，故填：离子键、共价键；rm{(3)}Ⅰrm{.垄脵}为rm{O}rm{Y}和rm{Z}均由元素rm{垄脵}组成，为氧气和臭氧，反应rm{Y+2I^{?}+2H^{+}篓TI_{2}+Z+H_{2}O}由元素守恒可知，rm{Y}为rm{O_{3}}rm{Z}为rm{O_{2}}rm{Y}rm{Z}为氧元素单质，二者互为同素异形体，故填：rm{b}Ⅱrm{.}二氧化硫使品红溶液褪色，生成不稳定的无色物质，受热容易分解又恢复红色，臭氧具有强氧化性，将品红氧化使其褪色，不能恢复红色，所以加热褪色后的溶液，若溶液恢复红色，则原通入气体为rm{SO_{2}}若溶液不变红，则原通入气体是rm{O_{3}}故填：加热褪色后的溶液，若溶液恢复红色，则原通入气体为rm{SO_{2}}若溶液不变红，则原通入气体是rm{O_{3}}rm{(4)Y}的最高价氧化物为rm{Cl_{2}O_{7}}为无色液体，当rm{0.25mol}该物质与一定量的水混合得到rm{HClO_{4}}稀溶液，故该反应的化学方程式为rm{Cl_{2}O_{7}+H_{2}O篓T2HClO_{4}}故填：rm{Cl_{2}O_{7}+H_{2}O篓T2HClO_{4}}rm{(5)}元素rm{垄脿}的最高价氧化物对应的水化物和元素rm{垄脼}的最高价氧化物对应的水化物反应的离子方程式：rm{Al(OH)_{3}+OH^{-}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}故填：rm{Al(OH)_{3}+OH^{-}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【解析】rm{(1)}第二周期rm{IA}族rm{NH_{3}}rm{(2)}离子键、共价键rm{(3)}Ⅰrm{.b}Ⅱrm{.}加热褪色后的溶液，若溶液恢复红色，则原通入气体为rm{SO_{2}}若溶液不变红，则原通入气体是rm{O_{3}}rm{(4)Cl_{2}O_{7}+H_{2}O篓T2HClO_{4}}rm{(4)

Cl_{2}O_{7}+H_{2}O篓T2HClO_{4}}rm{(5)Al(OH)_{3}+OH^{-}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}24、略

【分析】

先以球为研究对象；求临界状态木块对球的弹力大小，再以木块为研究对象，根据平衡条件列式，联立方程求解即可．

本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况，注意选择合适的研究对象很重要，难度适中．【解析】解：以球为研究对象；刚离地面时，它的受力如图甲所示．

则FTsin娄脕=Mg

垄脵

而sin娄脕=R鈭�hR垄脷

木块的受力如图乙所示．

据平衡条件知fm=FT鈥�cos娄脕

垄脹

FN2=F鈥�Tsin娄脕+mg

垄脺

且fm鈮�娄脤FN2垄脻

由垄脵垄脷垄脹垄脻

求得M鈮�娄脤mR2鈭�(R鈭�h)2R鈭�h鈭�娄脤

答：光滑球质量M

的范围为M鈮�娄脤mR2鈭�(R鈭�h)2R鈭�h鈭�娄脤

．25、解：（1）静止在斜面上；沿斜面方向：

f=mgsinθ=0.6mg=12N；

（2）用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动；受力平衡，则有：

F=mgsinθ+μmgcosθ=24.8N；

（3）用水平向右的力拉滑块；滑块向上匀速滑动，滑块受力平衡，根据平衡条件得：

Fcosθ-mgsinθ-μ（mgcosθ+Fsinθ）=0

解得：F=77.5N

答：（1）滑块在斜面上处于静止状态时；摩擦力的大小为12N．