2025年人教版PEP高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP高二物理下册阶段测试试卷853考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，洗衣机的脱水桶采用带动衣物旋转的方式脱水，下列说法中错误的是A.脱水过程中，衣物是紧贴桶壁的B.水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C.加快脱水桶转动角速度，脱水效果会更好D.靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好2、一定质量的理想气体状态变化过程如图所示，第1种变化是从A到B，第2种变化是从A到C，比较两种变化过程，则A.A到B过程气体吸收热量较多B.A到C过程气体吸收热量较多C.两个过程气体内能增加相同D.两个过程气体吸收热量一样3、甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动，已知它们的动量分别是P录脳=5kg?m/sP脪脪=7kg?m/s

甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10kg?m/s

则二球质量m录脳

与m脪脪

间的关系可能是(

)

A.m录脳=m脪脪

B.m脪脪=2m录脳

C.m脪脪=4m录脳

D.m脪脪=6m录脳

4、某同学将一直流电源的总功率P,输出功率和电源内部的发热功率随电流I变化的图线画在同一坐标系中，如右图中的a、b、c所示。则下列说法中正确的是（）A.图线b表示输出功率随电流I变化的关系B.图中a线最高点对应的功率为最大输出功率C.在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的C三点这三点的纵坐标一定满足关系D.b、c线的交点M与a、b线的交点N的横坐标之比一定为1:2，纵坐标之比一定为1:45、如图所示；A，B，C，D，E，F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A，C，D三点电势分别为1.0V，2.0V，3.0V，正六边形所在平面与电场线平行．则（）

A.E点的电势与C点的电势相等B.电势差UEF与电势差UBC相同C.电场强度的大小为V/mD.电场强度的大小为20V/m6、下列关于饱和汽与饱和汽压的说法中，正确的是A.相同温度下，各种液体的饱和汽压都相同B.温度不变时，饱和汽压随饱和汽体积的增大而增大C.对于同一种液体，饱和汽压随温度升高而增大D.液面上部的蒸汽达到饱和时，就没有液体分子从液面飞出7、图甲为一台小型发电机示意图，产生的感应电动势随时间变化如图乙所示。已知发电机线圈的匝数为100

匝，电阻r=2娄赂

外电路的小灯泡电阻恒为R=6娄赂

电压表；电流表均为理想电表。下列说法正确的是()

A.电压表的读数为4V

B.电流表读数0.5A

C.1

秒内流过小灯泡的电流方向改变25

次D.线圈在转动过程中，磁通量最大为0.082蟺(wb)

8、如图所示，质量均可忽略的轻绳与轻杆承受弹力的最大值一定，杆的A

端用铰链固定，光滑轻小滑轮在A

点正上方，B

端吊一重物G

现将绳的一端拴在杆的B

端，用拉力F

将B

端缓缦上拉，在AB

杆达到竖直前(

均未断)

关于绳子的拉力F

和杆受的弹力FN

的变化，判断正确的是(

)

A.F

变大B.F

变小C.FN

变大D.FN

变小评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、在“畅想家乡美好未来”的主题班会上，同学们奇想妙设，纷纷出计献策。王林同学设计了城市未来磁悬浮轨道列车交通方案，图纸如图所示，请你分析该方案中应用到的物理知识有：（只要求写出两条）（1）________________________________;（2）________________________________。10、改变汽车的质量和速度；都可能使汽车的动能发生变化：

如果质量不变，速度增大到原来2倍，则动能变为原来的____倍；

如果速度不变，质量增大到原来2倍，则动能变为原来的____倍；

如果质量减半，速度增大到原来4倍，则动能变为原来的____倍；

如果速度减半，质量增大到原来4倍，则动能变为原来的____倍．11、安培的磁性起源的假说，揭示了磁现象的电本质，它使我们认识到，____________的磁场和____________的磁场一样，都是由____________产生的．12、一电流表内阻Rg=1kΩ，满偏电流Ig=100μA，要把它改装成量程为3V的电压表，应串联一个阻值R1=______Ω；要把它改装成量程为0.6A的电流表，应并联一阻值R2=______Ω的电阻．（R2保留三位有效数值）13、在“测定金属的电阻率”的实验中；用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图所示，用米尺测出金属丝的长度L

金属丝的电阻大约为5娄赂

先用伏安法测出金属丝的电阻R

然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．

(1)

从图甲中读出金属丝的直径为______mm

．

(2)

为此取来两节新的干电池；电键和若干导线及下列器材：

A.电压表0隆芦3V

内阻10k娄赂

B.电压表0隆芦15V

内阻50k娄赂

C.电流表0隆芦0.6A

内阻0.05娄赂

D.电流表0隆芦3A

内阻0.01娄赂

E.滑动变阻器；0隆芦10娄赂

F.滑动变阻器；0隆芦100娄赂

垄脵

要求较准确地测出其阻值；电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______.(

填序号)

垄脷

实验中某同学的实物接线如图乙所示；请指出该同学实物接线中的两处明显错误．

错误1

______

错误2

______．14、在利用打点计时器探究加速度与力；质量关系的实验中。

（1）以下做法正确的是____

A．平衡摩擦力时；应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上。

B．本实验中探究的方法是控制变量法。

C．实验时；先放开小车，后接通电源。

D．“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足；对探究结果也不会产生影响。

（2）在以上实验中实验仪器有：砂桶和砂子、小车和砝码、带滑轮的长木板、打点计时器和纸带、复写纸片，除了以上仪器外，还需要的仪器有____

A．秒表B．弹簧测力计C．毫米刻度尺D．天平E．低压直流电源F．低压交流电源．15、读数（1）游标卡尺读数为___________mm螺旋测微器的读数为___________mm（2）用多用表测量电流、电压或电阻时，表盘指针的位置如图所示。如果选择开关指在“____—10置时，测量结果为____；如果选择开关指在“____—25”位置时，测量结果为____mA；如果选择开关指在“Ω×10”测量结果为____Ω16、某实验小组进行“探究热敏电阻的温度特性”实验，测量出不同温度下的电阻值，画出该热敏电阻的Rt-t图象，由图可知，这种热敏电阻在温度上升时导电能力______（选填“增强”或“减弱”）．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

22、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）23、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、证明题(共2题，共12分)25、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。26、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、推断题(共4题，共16分)27、【化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础】氯吡格雷是一种用于抑制血小板聚集的药物，可通过如图方法合成：已知：rm{垄脵}rm{垄脷}中氯原子较难水解；rm{垄脹RCHO}根据以上信息回答下列问题：rm{(1)A}的名称是_________，rm{F}中无氧官能团的名称是_______。rm{(2)D}的结构简式为_______；rm{C}分子中最多有____个原子共平面。rm{(3)}写出下列反应的化学方程式：反应rm{垄脷:}_________________。rm{(4)}已知：则由乙醇、甲醇为有机原料制备化合物需要经历的反应类型有________rm{(}填写编号rm{)}rm{垄脵}加成反应rm{垄脷}消去反应rm{垄脹}取代反应rm{垄脺}氧化反应rm{垄脻}还原反应，写出制备化合物的最后一步反应_______________________________________________。rm{(5)E}的同分异构体中，满足下列条件的有___种rm{(}不考虑立体异构rm{)}其中一种的核磁共振氢谱显示rm{5}组峰，且峰面积之比为rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}请写出其结构简式____。rm{垄脵}结构中含有苯环且存在与rm{F}相同的官能团；rm{垄脷}能发生银镜反应，其碱性条件下水解的两种产物也能发生银镜反应。28、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵隆芦垄脼}元素，回答下列问题。rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脼}rm{(1)垄脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)垄脷}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是__________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脻}和rm{垄脼}两种元素的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脹垄脺}两种元素的最高价氧化物对应水化物反应的离子方程式_______________。29、【化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础】氯吡格雷是一种用于抑制血小板聚集的药物，可通过如图方法合成：已知：rm{垄脵}rm{垄脷}中氯原子较难水解；rm{垄脹RCHO}根据以上信息回答下列问题：rm{(1)A}的名称是_________，rm{F}中无氧官能团的名称是_______。rm{(2)D}的结构简式为_______；rm{C}分子中最多有____个原子共平面。rm{(3)}写出下列反应的化学方程式：反应rm{垄脷:}_________________。rm{(4)}已知：则由乙醇、甲醇为有机原料制备化合物需要经历的反应类型有________rm{(}填写编号rm{)}rm{垄脵}加成反应rm{垄脷}消去反应rm{垄脹}取代反应rm{垄脺}氧化反应rm{垄脻}还原反应，写出制备化合物的最后一步反应_______________________________________________。rm{(5)E}的同分异构体中，满足下列条件的有___种rm{(}不考虑立体异构rm{)}其中一种的核磁共振氢谱显示rm{5}组峰，且峰面积之比为rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}请写出其结构简式____。rm{垄脵}结构中含有苯环且存在与rm{F}相同的官能团；rm{垄脷}能发生银镜反应，其碱性条件下水解的两种产物也能发生银镜反应。30、工业制钛白粉产生的废液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生产补血剂乳酸亚铁。其生产流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中电离为TiO2+和SO2-4。请回答下列问题：

（1）写出TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式____。步骤①中加入足量铁屑的目的是____。

（2）步骤②的离子方程式是____，所得副产品主要是____（填化学式）。

（3）工业上由H4TiO4可制得钛白粉TiO2。TiO2直接电解还原法生产钛是一种较先进的方法，电解质为熔融的CaCl2，原理如图所示，阴极的电极反应式为____。

（4）工业上利用TiO2还可以用下列流程制取单质钛：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol则TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯经下列步骤合成：上述合成路线的总产率为56%，乳酸与碳酸亚铁反应转化为乳酸亚铁晶体的产率为80%，则生产468kg乳酸亚铁晶体（M＝234g/mol）需要标准状况下的乙烯____m3。

评卷人得分六、综合题(共4题，共20分)31、(

一)

在测定平行玻璃砖的折射率的实验中：(1)P1P2

是插在入射光线所在位置上的大头针，P3P4

是插在射出光线所在的位置上的大头针，则下面说法中正确的是__________。A.P1P2P3P4

应在同一条直线上B.

隔着玻璃砖观察，看到的P1P2P3P4

应在同一条直线上C.插针时，P1

和P2P3

和P4

之间的距离应尽量小一些D.

插针时，P1

和P2P3

和P4

之间的距离应适当大一些(2

用上述插针法是否能够测定非平行玻璃砖的折射率？答：____(

填“能”或“不能”)

(

二).

某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为97.50cm

摆球直径为2.00cm

然后用秒表记录了单摆振动50

次所用的时间，则：(1)

该摆摆长为______cm

(2)

如果测得的g

值偏小，可能的原因是(

)

A.测摆线长时摆线拉得过紧B.

摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了C.开始计时时，秒表过迟按下D.

实验中误将49

次全振动记为50

次(3)

为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l

并测出相应的周期T

从而得出一组对应的l

与T

的数据，再以l

为横坐标，T2

为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，并求得该直线的斜率为k

则重力加速度g=

______(

用k

表示)

．

(

三).

在“双缝干涉测光的波长”实验中，调节分划板的位置，使分划板的中心刻线对齐某条亮条纹的中心且计数1

此时螺旋测微器的示数如图甲所示；转动手轮，使分划线向一侧移动，数到第4

条亮纹时，使分划板的中心刻线对齐第4

条亮条纹的中心，此时螺旋测微器的示数如图乙所示.

已知双缝间距d=2.0mm

双缝到屏的距离L=1.00m

则甲图所示读数为________mm

乙图所示读数为_______mm

被测光波的波长为_______m

．32、(1)

如图所示，均匀绕制的螺线管水平放置，在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线AA

与螺线管垂直，A

导线中的电流方向垂直纸面向里，开关S

闭合，若将该螺线管视为一条形磁铁，在图上标出该磁铁的N

极，并画出A

受到通电螺线管磁场的作用力的方向．(2)

在“用打点计时器测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，垄脵

安装纸带时，应将纸带置于复写纸(

或墨粉纸盘)

的____选填“上方”或“下方”).

把纸带固定在小车上，应在放开小车(

选填“之前”或“之后”)

接通打点计时器的电源．垄脷

下方为实验中小车拖动纸带运动，打点计时器在纸带上打下了一系列的点，从中选出的一条纸带，如图所示，图上相邻两个计数点间的时间间隔为0.1s

由此可求出小车在A

点时的速度VA=

____m/s.

小车的加速度是____m/s2

．33、在匀强磁场B

中，从图示位置开始，匝数为N

，面积为S

的线圈abcd

绕轴OO鈥�

以角速度蠅

转动，产生的感应电动势的瞬时值表达式e

=

____(V)

在图示位置磁通量____，感应电动势________。(

“最大”、“最小”)

34、(

一)

(1)

下列设备或电器中，利用电磁感应原理工作的是()

A.发电机B.

白炽灯C.电动机D.

电吹风(2)

社会越发展，人人之间的联系越广泛，信息的产生、传递、处理和运用就越频繁，对信息技术的要求就越高，现代信息技术的三大基础是信息的拾取、传递和处理。对现代信息技术而言，下列说法正确的是()

A

、信息的拾取需要用传感器B

、信息的拾取需要用电磁波C

、信息的传递需要用传感器D

、信息的传递需要用电磁波(3)

如图所示，将带正电的小球A

靠近用绝缘细线悬挂的轻质小球B

的左侧，发现小球B

向右偏离竖直方向某一角度，可知B

带______电；若保持其它条件不变，只增大A

的电荷量，则B

的偏转角度将___________(

填“变大”、“变小”或“不变”)

(4)

一束粒子(

不计重力)

垂直射入匀强磁场，运动轨迹如下图中的abc

所示，其中带正电粒子的运动轨迹为______；不带电粒子的运动轨迹为_______。(

填“a

”、“b

”或“c

”)

(

二)

(1)

第一个通过实验证实电磁波存在的物理学家是()

A.

麦克斯韦节B.

爱迪生C.

赫兹D.

法拉第(2)

如图所示，一单匝矩形线圈从左侧进入匀强磁场，对于线圈进入磁场的过程，下列说法正确的是()

A.

当线圈匀速进入磁场时，线圈中无感应电流B.

当线圈加速进入磁场时，线圈中有感应电流C.

线圈进入磁场的速度越大，感应电流就越大D.

线圈中感应电流的大小与线圈进入磁场的速度大小无关(3)

某同学用多用电表按正确步骤测量一电阻的阻值，它的欧姆挡有“隆脕1

”、“隆脕10

”、“隆脕100

”、“隆脕1k

”的四个挡位。当选择开关置于“隆脕l

”挡进行测量时，指针指示位置如图所示，则其电阻值是_________惟

如果要用这只多用电表测量一个阻值约为200惟

的电阻，为使测量结果比较精确，选择开关应选的欧姆挡是______________。

(4)

长为2m

的直导线垂直于磁场方向放入磁感应强度为5隆脕10鈭�5T

的匀强磁场中.

若导线中通有10A

的恒定电流，则磁场对导线的作用力多大？若仅使导线中的电流反向，则磁场对这根导线的作用力的方向如何变化？

(

三)

(1)

真空中有两个相距r

的静止点电荷，它们之间的静电力大小为F

现将其中一个点电荷的电荷量增加到原来的n

倍，其它条件不变，那么，这两个点电荷之间的静电力大小为()

A.1nFB.FC.nFD.n2F

(2)

如图所示，在点电荷Q

的电场中，以点电荷Q

为圆心的圆周上有ABC

三点，AC

两点在同一直径上。已知A

点的电场方向水平向右。下列判断正确的是

A.B

点的电场方向水平向右

B.C

点的电场方向水平向左C.BC

两点的电场强度大小相等D.BC

两点的电场强度大小不相等(3)

在闭合电路中，路端电压U

与电流I

的关系为U=E鈭�Ir

以U

为纵坐标，I

为横坐标，作出U鈭�I

关系图象如图所示，ABC

是图象上的三点，则外电路断开的状态对应图中的________点。若电源的电动势E=1.5V

内阻r=0.5娄赂

则外电路断开时的路端电压为_______V

(4)

如图所示；在虚线所示的矩形区域内存在磁感应强度大小为B

方向垂直纸面的有界匀强磁场。质量为m

带电荷量为q

的正粒子，垂直磁场的左边界进入磁场，运动轨迹如图中实线所示。已知粒子离开磁场时的速度方向跟进入磁场时的速度方向相反，不计粒子的重力，问：

(1)

磁场的方向是垂直于纸面向里还是向外？(2)

粒子在磁场中运动的时间是多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】试题分析：脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁，故A正确；水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉，故B错；增大会使向心力F增大，而转筒有洞，不能提供足够大的向心力，水滴就会被甩出去，增大向心力，会使更多水滴被甩出去，故C正确．中心的衣服，R比较小，角速度一样，所以向心力小，脱水效果差，故D正确。考点：考查了离心现象【解析】【答案】B2、B|C【分析】【解析】【答案】BC3、C【分析】解：根据动量守恒定律得。

P1+P2=P1隆盲+P2隆盲

解得P1隆盲=2kg.m/s

碰撞过程系统的总动能不增加，则有P1隆盲22m1+P2隆盲22m2鈮�P122m1+P222m2

解得m1m2鈮�2151

碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有P1隆盲m1<P2隆盲m2

．

解得m1m2>15.

故C正确；AB

D错误．

故选：C

．

碰撞过程遵守动量；总动能不增加，根据这两个规律，得到AB

两球的质量关系．

对于碰撞过程，往往根据三大规律，分析两个质量的范围：1

动量守恒；2

总动能不增加；3

碰撞后两物体同向运动时，后面物体的速度不大于前面物体的速度．【解析】C

4、C|D【分析】试题分析：由电源总功率和电源内部的发热功率表达式则电源输出功率可知图线a表示电源总功率，图线b表示电源内部的发热功率，图线c表示电源的输出功率；在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率等于输出功率和电源内部的发热功率的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c线的交点M时的电流，此时电流的大小为功率的大小为a、b线的交点N表示电源的总功率和电源内部的发热功率相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为功率的大小为所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4，所以正确选项为C、D。考点：本题考查了电功、电功率和闭合电路中能量的转化。【解析】【答案】CD5、C【分析】【解答】解：已知正六边形所在平面与电场线平行，且A、C、D三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，延长DC且使DC=CG，连接BG，可知UDC=UCG=1V；故ABG的电势相等为1V；CF电势相等为2V，D；E电势相等为3V；

故A错误．

B、电势差UEF=3﹣2=1V，电势差UBC=1﹣2=﹣1V；B错误。

C、E====V/m；故C正确。

D；同理D错误。

故选C

【分析】在匀强电场中已知任意三点的电势确定第四点的电势高低，连接已知三点中的任意两点，在其连线上找到与第三点的等势点，连接这两点，过第四点做连线的平行线，与连线的交点的电势即为第四点的电势，以此类推其他各点的电势．6、C【分析】【分析】

与液体处于动态平衡的蒸气叫饱和蒸气；反之，称为不饱和蒸气。饱和蒸气压强与饱和蒸气体积无关拢隆

在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸气压强。同温下未饱和蒸气压强小于饱和蒸气压强。本题关键是明确影响饱和蒸汽压的因素：液体的种类和液体的温度，基础题目。【解答】

​A.饱和汽压与液体的种类和温度有关；相同温度下，各种液体的饱和汽压不同；故A错误；B.在一定温度下；饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，与体积无关；故密闭容器中某种蒸汽开始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积，稳定后蒸汽的压强不变，故B错误；

C.对于同一种液体；饱和汽压随温度升高而增大，故C正确；

D.液面上部的蒸汽达到饱和时，是从液面飞出的分子和进入液体的分子数相等，故D错误。故选：C

【解析】C

7、B【分析】【分析】由图象可得电动势最大值，计算出有效值，根据闭合电路的欧姆定律求电压表和电流表的读数；线圈转一圈，电流方向改变2

次；由Em=NBS娄脴

和娄脴=2娄脨f

计算磁通量的最大值。交流电的电压、电流、电动势等等物理量都随时间作周期性变化，求解交流电的焦耳热、电功、电功率时要用交流电的有效值，求电量时用平均值。【解答】​AB.

由图象可知，电动势最大值为Em=42V，所以有效值为E=Em2=422=4V

电路中电流为：I=ER+r=46+2=0.5A

电压表的读数为U=IR=0.5隆脕6=3V

故A错误，B正确；

C.由图象可知；周期为T=0.04s

所以频率为25Hz

线圈转一圈，电流方向改变2

次，所以1

秒内流过小灯泡的电流方向改变50

次，故C错误；

D.由Em=NBS娄脴

和娄脴=2娄脨f

可知，娄脮m=BS=EmN娄脴=EmN隆脕2娄脨f=42100隆脕2娄脨隆脕25=0.00082娄脨Wb

故D错误。

故选B。

【解析】B

8、B【分析】解：设物体的重力为G.

以B

点为研究对象；分析受力情况，作出力图，如图．

作出力FN

与F

的合力F2

根据平衡条件得知，F2=F1=G.

由鈻�F2FNB

∽鈻�ABO

得：

FNF2=BOAO

得到：FN=BOAOG

式中；BOAOG

不变，则FN

保持不变．

由鈻�F2FNB

∽鈻�ABO

得：FNOB=FAB

AB

减小；则F

一直减小；

故选：B

．

当细绳缓慢拉动时；整个装置处于动态平衡状态，以B

点为研究对象，分析受力情况，作出力图.

根据平衡条件，运用三角形相似法，得出FN

与边长AOBO

及物体重力的关系，再分析FN

的变化情况．

本题中涉及非直角三角形，运用几何知识研究力与边或角的关系，是常用的思路．【解析】B

二、填空题(共8题，共16分)9、略

【分析】试题分析：利用了磁场中同名磁极相斥原理和电磁感应的原理，把站台做成斜坡的，列车在进站时将动能转化为重力势能储存能量，在出站时又可以将重力势能转化为动能，这又利用了能量的转化与守恒定律。考点：本题主要考查磁悬浮轨道列车的原理，【解析】【答案】磁场中同名磁极相斥原理、电磁感应的原理、能量的转化与守恒定律(任意两条)10、4281【分析】【解答】如果质量不变；速度增大到原来2倍，则动能变为原来的4倍；如果速度不变，质量增大到原来2倍，则动能变为原来的2倍；如果质量减半，速度增大到原来4倍，则动能变为原来的8倍；如果速度减半，质量增大到原来4倍，则动能变为原来的1倍．

故本题的答案为：4；2，8，1

【分析】动能的表达式为EK=mV2，根据表达式判断动能的变化．11、略

【分析】解：电流的形成是因电荷的定向移动；故它周围的磁场是因电荷的运动．

磁铁周围的磁场；人们仍认为是因电荷的运动，因磁铁的由分子组成的，而分子是由原子核和核外电子构成，分子在运动，因此组成分子的电荷也在运动，整体运动的有序性，就可在其周围形成磁场．所以磁铁的磁场与电流的磁场是一样的，都是由运动电荷产生的．

故答案为：磁铁，电流，运动电荷．【解析】磁铁;电流;运动电荷12、略

【分析】解：表头上的电压U=IgRg=100×10-6×1000Ω=0.1V；

改装成电压表时；串联电阻上的电压U=3V-0.1V=2.9V

串联电阻R1==29000Ω

改装成电流表时要并联电阻；并联电阻通过的电流I=0.6A-0.0001A=0.5999A

R2===0.167Ω

故答案为：29000；0.167Ω

将电表的量程扩大应在表头两端并联一个小电阻进行分流；当流过表头的电流达到满偏时，流过并联部分的总电流即为改装后的最大量程；

改装成电压表时要串联大电阻分压．

对于电表的改装一定要明确改装的原理，再根据串并联电路的规律求解即可【解析】29000；0.16713、略

【分析】解：(1)

固定刻度读数：0

半刻度读数：0.5mm

可动刻度读数0.01mm隆脕17.9=0.179mm

故螺旋测微器读数为：0.679mm

(2)垄脵

两节干电池电动势共为3V

为减小读数误差，选小量程电压表，故选A；

根据欧姆定律，I隆脰ER=3V5惟=0.6A

电流不超过0.6A

故电流表同样选择小量程的，即选C；

滑动变阻器的特点是：电阻大的调节精度低；电阻变化快，操作不方便，故选小电阻的，即选E；

垄脷

伏安法测电阻时；测量较大电阻用安培表内接法，测量较小电阻用安培表外接法，本题待测电阻与安培表电阻相接进，故采用安培表外接法；

故答案为：(1)0.679(2)垄脵ACE垄脷

导线连接在滑动变阻器的滑片上，采用了电流表内接法．

(1)

螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数；需估读．

(2)垄脵

两节干电池电动势共为3V

为减小读数误差，选小量程电压表；根据欧姆定律，电流不超过0.6A

故电流表同样选择小量程的；为使操作方便，滑动变阻器选择与电阻接进的，选10娄赂

的．

垄脷

连线电路要注意：电表极性不能接反；量程选择恰当的，安培表内外接法的选择．

本题关键：(1)

用伏安法测电阻时安培表内、外接法的选择原则是“大内小外”，即对于大电阻采用安培表内接法，对于小电阻采用安培表外接法；(2)

需要有较大的电压测量范围时，滑动变阻器采用分压式接法．【解析】0.679ACE

导线连接在滑动变阻器的滑片上；采用了电流表内接法14、略

【分析】

（1）A；平衡摩擦力时；重物不能用细绳通过定滑轮系在小车上，故A错误；

B；本实验的变量比较多；有加速度、力、质量等，因此为了探究它们之间关系，采用了控制变量法，故B正确；

C；实验中要先接通电源；然后释放小车，故C错误；

D；实验中必须满足“重物的质量远小于小车的质量”；否则重物的重力不能当作小车的合外力，实验不成立，故D错误．

故选B．

（2）根据实验所要进行的测量可知；本实验中还需要毫米刻度尺；低压交流电源，故ABDE错误，CF正确．

故选CF．

【解析】【答案】（1）实验所有的具体操作目的都是为了更好；更准确的完成实验；操作细节不能忽视，同时操作步骤要满足实验原理和实验目的要求．

（2）实验器材的选取要为实验目的服务；如在实验中只要用到打点计时器，一般都要用到低压交流电源；刻度尺等．

15、略

【分析】【解析】试题分析：(1)游标卡尺的读数为：螺旋测微器的读数为：(2)如果选择开关指在“____—10置时，则为1分度盘，所以测量结果为5.1V如果选择开关指在“____—25”位置时，则最小分度为0.1mA，所以测量结果为12.8mA，（3）如果选择开关指在“Ω×10”测量结果为考点：考查了实验仪器的读数问题【解析】【答案】（1）9.40mm,10.295mm（2）5.1V；12.8mA；145Ω16、略

【分析】解：图中横轴表示温度；纵轴表示电阻，由图可知，随着温度的增加，金属热电阻的阻值略微增大，而热敏电阻的阻值显著减小．所以这种热敏电阻在温度上升时导电能力增强；

故答案为：增强。

图中横轴表示温度；纵轴表示电阻，图象反映了电阻随着温度的变化情况．

解题的关键是能看懂图象，一个物理量不断变化时，看另一个物理量如何变化，从而得出结论．【解析】增强三、判断题(共8题，共16分)17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．22、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．23、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、证明题(共2题，共12分)25、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动26、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动五、推断题(共4题，共16分)27、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本题考查有机物的合成。【解答】根据rm{D}的分子式及rm{E}的结构简式可以知道，rm{D}为的分子式及rm{D}的结构简式可以知道，rm{E}为rm{D}可以知道，根据信息rm{垄脹}可以知道rm{C}为为rm{垄脹}与氯气发生取代生成rm{C}，根据相互转化关系，rm{A}与氯气发生取代生成rm{B}rm{B}水计算得出rm{C}所以rm{A}为水计算得出rm{A}所以rm{B}为rm{B}为rm{C}为rm{A}的名称是，rm{B}为氯甲苯rm{B}的结构简式知，rm{(1)A}为中无氧官能团的名称是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名称是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根据上面的分析可以知道，，根据rm{F}的结构简式知，rm{F}中无氧官能团的名称是氨基和氯原子，为rm{F}为rm{F}分子中最多有故答案为：个原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根据上面的分析可以知道，rm{D}为反应rm{(2)}为卤代烃在rm{D}溶液中水解，生成，rm{C}为个羟基，脱水生成醛基，化学方程式为rm{C}

，rm{C}分子中最多有rm{14}个原子共平面，rm{C}rm{14}故答案为：

；rm{14}由乙醇、甲醇为有机原料制备化合物rm{14}rm{(3)}反应rm{垄脷}为卤代烃在rm{NaOH}溶液中水解，生成rm{2}个羟基，脱水生成醛基，化学方程式为二溴乙烷，再发生水解反应生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{(3)}最后乙二醇与甲醛反应生成rm{垄脷}rm{NaOH}rm{2}，故答案为：

rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}；rm{(4)}由乙醇、甲醇为有机原料制备化合物rm{(4)}，可以用乙醇发生消去反应生成乙烯，乙烯与溴发生加成反应生成rm{1}rm{2-}二溴乙烷，再发生水解反应生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{HCHO}最后乙二醇与甲醛反应生成

rm{1}根据rm{2-}的结构简式，结合条件rm{HCHO}结构中含有苯环且存在与，所以需要经历的反应类型有消去反应、加成反应、取代反应、氧化反应、取代反应，制备化合物相同的官能团，即含有酯基、氨基、氯原子；的最后一步反应为能发生银镜反应，其碱性条件下水解的两种产物也能发生银镜反应，则应为甲酸某酯，且氯原子应连在酯基中醇的碳上，则符合条件的结构为苯环上连有两个基团为rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}种结构，其中一种的核磁共振氢谱显示，组峰，且峰面积之比为故答案为：rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}

；rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}【解析】rm{(1)2-}氯甲苯氯原子、氨基rm{(2)}rm{14}rm{(3)}rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}rm{(4)垄脵垄脷垄脹垄脺}rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}rm{(5)3}28、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{C}rm{垄脷}为rm{O}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}据此分析：rm{(1)垄脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)垄脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案为：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脷}为rm{O}rm{垄脻}和rm{S}位于同一主族，从上至下原子半径逐渐增大，所以原子半径较大的为rm{O}和rm{S}位于同一主族，从上至下原子半径逐渐增大，所以原子半径较大的为rm{S}故答案为：rm{S}故答案为：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为硫酸和高氯酸，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，非金属性逐渐正确，最高价氧化物对应水化物的酸性逐渐正确，rm{(3)S}的非金属性比rm{(3)S}弱，所以酸性性较强的为和故答案为：rm{Cl}的最高价氧化物对应的水化物分别为硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氢氧化钠和氢氧化铝反应的离子方程式为rm{S}的非金属性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性较强的为rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氢氧化钠和氢氧化铝反应的离子方程式为【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}29、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本题考查有机物的合成。【解答】根据rm{D}的分子式及rm{E}的结构简式可以知道，rm{D}为的分子式及rm{D}的结构简式可以知道，rm{E}为rm{D}可以知道，根据信息rm{垄脹}可以知道rm{C}为为rm{垄脹}与氯气发生取代生成rm{C}，根据相互转化关系，rm{A}与氯气发生取代生成rm{B}rm{B}水计算得出rm{C}所以rm{A}为水计算得出rm{A}所以rm{B}为rm{B}为rm{C}为rm{A}的名称是，rm{B}为氯甲苯rm{B}的结构简式知，rm{(1)A}为中无氧官能团的名称是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名称是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根据上面的分析可以知道，，根据rm{F}的结构简式知，rm{F}中无氧官能团的名称是氨基和氯原子，为rm{F}为rm{F}分子中最多有故答案为：个原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根据上面的分析可以知道，rm{D}为反应rm{(2)}为卤代烃在rm{D}溶液中水解，生成，rm{C}为个羟基，脱水生成醛基，化学方程式为rm{C}

，rm{C}分子中最多有rm{14}个原子共平面，rm{C}rm{14}故答案为：

；rm{14}由乙醇、甲醇为有机原料制备化合物rm{14}rm{(3)}反应rm{垄脷}为卤代烃在rm{NaOH}溶液中水解，生成rm{2}个羟基，脱水生成醛基，化学方程式为二溴乙烷，再发生水解反应生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{(3)}最后乙二醇与甲醛反应生成rm{垄脷}rm{NaOH}rm{2}，故答案为：

rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}；rm{(4)}由乙醇、甲醇为有机原料制备化合物rm{(4)}，可以用乙醇发生消去反应生成乙烯，乙烯与溴发生加成反应生成rm{1}rm{2-}二溴乙烷，再发生水解反应生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{HCHO}最后乙二醇与甲醛反应生成

rm{1}根据rm{2-}的结构简式，结合条件rm{HCHO}结构中含有苯环且存在与，所以需要经历的反应类型有消去反应、加成反应、取代反应、氧化反应、取代反应，制备化合物相同的官能团，即含有酯基、氨基、氯原子；的最后一步反应为能发生银镜反应，其碱性条件下水解的两种产物也能发生银镜反应，则应为甲酸某酯，且氯原子应连在酯基中醇的碳上，则符合条件的结构为苯环上连有两个基团为rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}种结构，其中一种的核磁共振氢谱显示，组峰，且峰面积之比为故答案为：rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}

；rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}【解析】rm{(1)2-}氯甲苯氯原子、氨基rm{(2)}rm{14}rm{(3)}rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}rm{(4)垄脵垄脷垄脹垄脺}rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}rm{(5)3}30、略

【分析】【分析】本题考查了铁盐和亚铁盐的相互转变、离子方程式的书写、电解原理、焓变的计算、原料利用率的计算等，难度中等，注意把握相关基本理论的理解和应用。【解答】（1）根据水解原理：盐+水=酸+碱，则TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+；步骤①中加入足量铁屑的目的是将溶液中的Fe3+还原为Fe2+，消耗溶液中的H+促进TiO2+水解。（2）NH4HCO3在溶液中电离出HCO3-离子，易电离生成碳酸根，碳酸根和亚铁离子反应生成FeCO3促进HCO3-电离，故离子方程式Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O；所得的副产物为溶液中没有参加反应的铵根离子和硫酸根离子形成的(NH4)2SO4；（3）电解时，阴极上得电子发生还原反应，所以二氧化钛得电子生成钛和氧离子，故阴极电极反应：TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）依据盖斯定律：由③+①×2-②可知△H＝△H3+△H1×2-△H2=+141+（-393.5）×2-（-566）=-80kJ/mol。（5）由题意知，乳酸生成乳酸亚铁的物质的量之比为2：1，设需要乙烯xm3，则反应生成468kg乳酸亚铁晶体所需乙烯为x=200m3。【解析】（1）TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+将溶液中的Fe3+还原为Fe2+，消耗溶液中的H+，促进TiO2+水解（2）Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O(NH4)2SO4（3）TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）-80kJ/mol（5）200六、综合题(共4题，共20分)31、(I)(1)BD(2)

能

(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4娄脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭�7-7【分析】(I)

【分析】明确测量玻璃折射率的基本方法和注意事项，知道如何确定入射光和折射光路。本题关键是明确测定玻璃砖折射率的原理，会用插针法确定光路，并掌握实验中的注意事项。【解答】(1)AB.

在实验中先插P1P2

表示入射光路.

再插入P3

使P3

挡住P1P2

的像，最后插入P4

使P4

挡住P3

和P1P2

的像，即隔着玻璃砖观察，看到的PP1、PP2、PP3、PP4应在同一条直线上，故A错误，B正确；C.大头针P1

和P2

及P3

和P4

之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，故C错误，D正确。故选BD;

(2)

本实验中只需测最出入射角和折射角即可求出折射率，所以能够测定非平行玻璃砖的折射率。故答案为：能。(II)(II)【分析】(1)

单摆的摆长等于摆线的长度加上小球的半径.

由图读出时间t

由T=tn

求出周期;

(2)

根据重力加速度的表达式分析g

值偏小可能的原因;

(3)

根据重力加速度的表达式和数学知识，分析T2鈭�l

图线斜率k

的意义，得到g

的表达式。单摆的摆长不是摆线的长度，还要加上摆球的半径.

对于实验误差，要从实验原理公式进行分析．【解答】(1)

摆线的长度为l

l=97.50cm+12隆脕2.00cm=98.50cm

由秒表读出时间t=60+15.2=75.2s

．

(2)A

将摆线长的长度作为摆长，摆线拉得过紧，测得摆长偏大，则根据重力加速度的表达式g=4娄脨2LT2

可知，测得的g

值偏大.

故A错误;

B、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，使周期变大了，由g=4娄脨2LT2

可知，测得的g

值偏小.

故B正确；C；开始计时时；秒表过迟按下，测得的时间偏小，周期偏小，则测得的g

值偏大，故C错误；

D、实验中误将49

次全振动数次数记为50

次，由T=tn

求出的周期偏小，测得的g

值偏大.

故D错误。故选：B

．

(3)

根据重力加速度的表达式g=4娄脨2LT2

可知，T2鈭�l

图线斜率k=4娄脨2g

则g=4娄脨2k

故答案为：(1)98.50;75.2;(2)B;(3)4娄脨2k

。(III)

【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.

根据双缝干涉条纹的间距公式鈻�x=Ld娄脣

求出光波的波长。解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法以及双缝干涉条纹的间距公式鈻�x=Ld娄脣

【解答】甲图螺旋测微器的固定刻度读数为1mm

可动刻度读数为0.01隆脕13.0mm=0.130mm

所以最终读数为1.130mm

乙图螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm

可动刻度读数为0.01隆脕26.0mm=0.260mm

所以最终读数为1.760mm

故?x=1.760鈭�1.130=0.630mm

根据?x=Ld娄脣=d?xL=2隆脕10鈭�3隆脕0.630隆脕10鈭�3(4鈭�1)隆脕1.00=4.2隆脕10鈭�7m

故答案为：1.1301.7604.2隆脕10鈭�7

【解析】(I)(1)BD(2)

能(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4娄脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭�7-732、（1）解：首先根据安培定则判断通电螺线管右端为N极；通电螺线管在A处产生的磁场方向：水平向左，根据左手定则判断可知：A受到通电螺线管磁场的作用力的方向：竖直向上。如下图所示。（2）①下方之前②1.42.0【分析】(1)

本题考查了右手安培定则的应用及左手定则的应用。解答时要注意区别左右手的分工和作用。首先应用右手安培定则判断螺线管周围的磁场方向，而后应用左手定则判断A

所受安培力的方向。(2)

【分析】【解答】垄脵安装纸带时，应将纸带置于复写纸((或墨粉纸盘))的：下方；把纸带固定在小车上，应在放开小车：之前接通电源；垄脷垄脷由中时速度与平均速度的关系得：vB=AC2t=1.6m/s{v}_{B}=dfrac{AC}{2t}=1.6m/svC=AD鈭�AB2t=1.8m/s{v}_{C}=dfrac{AD-AB}{2t}=1.8m/s由vAC鈥�=vB=vA+vC2bar{{v}_{AC}}={v}_{B}=dfrac{{v}_{A}+{v}_{C}}{2}得：vA=2vB鈭�vC=1.4m/sv_{A}=2v_{B}-v_{C}=1.4m/s由?x=at2?x=a{t}^{2}得：a=?xt2=2.0m/s2a=dfrac{?x}{{t}^{2}}=2.0m/{s}^{2}故填垄脵

下方；之前；垄脷1.42.0

【解析】(1)

解：首先根据安培定则判断通电螺线管右端为NN极；通电螺线管在AA处产生的磁场方向：水平向左，根据左手定则判断可知：AA受到通电螺线管磁场的作用力的方向：竖直向上。如下图所示。(2)垄脵垄脵下方之前垄脷1.4垄脷1.42.02.033、最大最小【分析】【分析】线圈处于中性面位置时电动势瞬时值为正弦表达式，电动势峰值Em=NBS娄脴

中性面位置电动势改变方向，电动势最小为0

磁通量最大。【解答】感应电动势峰值Em=NBS娄脴

图示为中性面位置则感应电动势瞬时值表达式e=Emsin娄脴t=NBS娄脴sin娄脴t

磁通量娄碌=BS

最大，在中性面位置感应电动势最小为0

故填NBS娄脴sin娄脴t

最大最小。【解析】NBS娄脴sin娄脴t

最大最小34、(

一)(1)A(2)AD(3)

正变大(4)ab

(

二)(1)C(2)BC(3)12.0隆脕10

(4)

解：导线与磁场垂直放置，导线受到的安培力为：FA=BIL=5隆脕10鈭�5T隆脕10A隆脕2m=0.001N

若仅使导线中的电流反向，根据左手定则，磁场对这根导线的作用力的方向反向；

(

三)(1)C

(2)BC

(3)A1.5

(4)

解：(1)

向右运动的正电荷平时偏转，说明受到的洛伦兹力的方向向上，由左手定则可知，该磁场的方向向里；

(2)

粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，得：qvB=mv2r

又：T=2娄脨rv

联立得：T=2娄脨mqB

由题图可知，粒子运动的时间是半个周期，所以运动的时间：t=12T=娄脨mqB【分析】????(

一)(1)

【分析】

电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确选择项中提到的这四个电学设备的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案。在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点.

要在理解的基础上，记住这些基础知识。【解答】

A.发电机是线圈在磁场中运动；结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，故A正确；

B.白炽灯是将电能转化为热能后一部分热能转化为光能的设备；即是消耗电能的电热装置，故B错误；

C.电动机是线圈在磁场中运动；因通电，而产生力，故C错误；

D.电吹风是将电能转化为热能；与电磁感应无关，故D错误；

故选：A

(2)

【分析】

明确现代信息技术的三大基础，同时传感器作为一种将其它形式的信号与电信号之间的转换装置，在我们的日常生活中得到了广泛应用。本题考查现代信息技术的三个基础；要注意明确传感器和电磁波的正确应用。【解答】

现代信息技术的三大基础是信息的拾取；传输和处理；能代替、补充、延伸人的感觉器官功