2025年华师大版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大版必修3物理下册阶段测试试卷331考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、电磁感应现象揭示了电与磁之间的内在联系，根据这一发现，发明了许多电器设备。以下电器中，哪些利用了电磁感应原理（）A.变压器B.白炽灯泡C.ABS防抱死制动系统D.电吹风2、如图所示是一个拥有和两个量程的电流表，当使用a，b两个端点时，对应其中一个量程：当使用a，c两个端点时，对应另外一个量程。已知表头的内阻为1000Ω，满偏电流为则（）

A.当使用a、b两个端点时，对应量程为B.当使用a、c两个端点时，对应量程为C.的阻值为50ΩD.的阻值为250Ω3、如图所示为滚筒式静电分选器的示意图；由料斗A，导板B，导体滚筒C，刮板D，料槽E；F和放电针G等部件组成。滚筒C、放电针G分别接直流高压电源的正、负极，并令滚筒C接地，放电针G与转轮间施加高压并电离空气，颗粒经过电离空气后都带上电荷。现将金属和塑料碎成粉粒后加入滚筒，由于塑料及金属导电性能不同，最终可完成分离，并通过料槽E、F进行回收，则下列说法正确的是（）

A.经过电离空气后，金属带正电，塑料带负电B.金属粉粒会落入料槽FC.塑料粉粒会落入料槽FD.金属粉粒吸附滚筒的能力更强4、关于电场强度的定义式下列说法中正确的是（）A.E与F成正比，F越大E越大B.E与q成反比，q越大E越小C.检验电荷q的电性改变，E的方向随之改变D.电场强度E是由电场本身的性质决定的，与F、q无关5、如图所示，是匀强电场中一个椭圆上的三个点，其中点的坐标为点的坐标为点的坐标为两点分别为椭圆的两个焦点，三点的电势分别为椭圆所在平面与电场线平行，元电荷下列说法中正确的是（）

A.点的电势为B.点的电势为C.匀强电场的场强大小为D.将一个电子由点移到点，电子的电势能增加6、如图所示，两块水平放置的平行金属板a、b，相距为d，组成一个电容为C的平行板电容器，R1为定值电阻，R2为可变电阻，开关S闭合.质量为m的带正电的微粒从O点以水平速度v射入金属板问，沿曲线打在b板上的P点若经有关调整后，微粒仍从O点以水平速度v射入；不计空气阻力及板外电场，则下列判断正确的是（）

A.只增大R2，微粒打在P点左侧B.只增大R2，微粒仍打在P点C.S断开，a板稍微竖直上移，微粒仍打在P点D.S断开，a板稍微竖直上移，微粒打在P点左侧评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，电流表和电压表均为理想电表，R1、R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，C为平行板电容器。开关S闭合后，两极板间的带电液滴处于静止状态，当滑动变阻器滑片P向a端滑动过程中；下列说法正确的是（）

A.R3的功率变小B.电压表、电流表示数都变小C.增大平行板间距，则液滴可能保持不动D.电容器C所带电荷量减少，液滴向下加速运动8、将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系中；如图所示，则下列说法正确的是（）

A.图线b表示电源内部的发热功率Pr随电流I的变化关系B.M点对应的功率为最大输出功率C.在图线上A、B、C三点的纵坐标一定满足关系PA<PB＋PCD.两个交点M与N的横坐标之比一定为1∶4，纵坐标之比一定为1∶29、如图甲所示，空间有一水平向右的匀强电场，其中有一个半径为R=2m的竖直光滑圆环，环内有两根光滑的弦轨道AB和AC，A点所在的半径与竖直直径BC成37°角。质量为m=0.08kg、电荷量为q=6×10-5C的带电小球（可视为质点）从A点静止释放，分别沿弦轨道AB和AC到达圆周的运动时间相同。现去掉弦轨道AB和AC，如图乙所示，给小球一个初速度，让小球恰能在圆环内做完整的圆周运动，不考虑小球运动过程中电荷量的变化。下列说法正确的是（cos37°=0.8，g取10m/s2）（）

A.小球做圆周运动经过C点时动能最大B.匀强电场的电场强度大小为E=1×104V/mC.小球做圆周运动过程中动能最小值是0.5JD.小球做圆周运动过程中对环的压力最大值是6N10、如图所示，电路中定值R的阻值大于电源内阻r的阻值，开关S闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为理想电流表示数变化量的绝对值为下列说法正确的是（）

A.理想电压表V3的示数变大B.电源的效率增大C.D.11、如图所示，边长为l的正方形四个顶点a、b、c、d分别放置一个点电荷，M、N为db延长线上两点，MRN和MPN是由M到N的两条不同路径。a、b、c三处电荷的电荷量为q（q>0），b处电荷受到的静电力为（k为静电力常量），方向由b指向N。则（）

A.d处电荷的电荷量为-qB.M点的电势比N点的电势高C.正方形中心O处的电场方向从b指向dD.将一点电荷分别沿路径MRN和MPN由M移到N过程中，静电力做功相等12、如图甲所示；两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔，右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，电子原来静止在左极板小孔处，不计电子的重力，下列说法正确的是（）

A.从t=0时刻释放电子，电子始终向右运动，直到打到右极板上B.从t=0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C.从t=时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D.从t=时刻释放电子，电子必将从左极板射出13、如图甲所示为测量一节干电池的电动势和内电阻的实验电路图，根据测得的数据作出了如图乙所示的图线；以下实验结论正确的是（）

A.电池电动势的测量值偏小B.电池内阻的测量值为C.外电路发生短路时的电流为D.电压表的示数为时，外电路的电功率为14、如图所示，将带铁芯的线圈A通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端连接到灵敏电流计上，把线圈A放进线圈B的里面。下面几种情况灵敏电流计指针可能有偏转的是（）

A.闭合开关瞬间B.开关闭合且电路稳定后C.开关闭合，拔出线圈A的过程中D.开关闭合，将滑动变阻器的滑片P向左匀速滑动的过程评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图所示，三个定值电阻R1、R2和R3按图示方式接在电源两端，在电键S处于闭合状态下，若将电键S1由位置1切换到位置2，电压表示数将________，电阻R2消耗的电功率将________（均选填“变大”；“变小”或“不变”）．

16、某电荷带电量为C，则该电荷所带电荷量是元电荷的多少倍______。17、均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场。如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，已知M点的场强大小为E，静电力常量为k，则N点的场强大小为___________，方向为___________（选填“C指向D”或“D指向C”）。

18、如图所示，平行板电容器板面水平，放置于空气中，两板与电源相接，A板接静电计小球，B板接静电计外壳，开始开关S闭合；有一个带电粒子在电容器中恰好静止。

（1）将A板水平向左移动一段距离，粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）。电容器所带的电荷量的变化情况是___________（填“增多”；“减少”或“不变”）。

（2）如果先断开开关S，再把A板向左移动一段距离，则粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）静电计指针张角的变化情况是___________（填“增大”；“减小”或“不变”）。

19、写出如图所示的游标卡尺和螺旋测微器的读数。游标卡尺的读数___________cm；螺旋测微器的读数___________mm。

20、在匀强磁场中有一根长为的导线，它与磁场方向垂直.当通以电流时，它受到的作用力为则该磁场的磁感强度是_______T；当导线在原位置缩短为原长的一半时，磁感强度为_______T评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

22、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短23、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、解答题(共3题，共24分)24、如图所示电路中，电源电动势E＝12V，内电阻r＝1.0Ω，电阻R1＝9.0Ω，R2＝15Ω，电流表A的示数为0.4A，求电阻R3的阻值和它消耗的电功率．

25、如图,ABD为竖直平面内的绝缘轨道,其中AB段是长为s=1.25m的粗糙水平面,其动摩擦因数为µ=0.1，BD段为半径R=0.2m的光滑半圆,两段轨道相切于B点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中,场强大小E=5.0×103V/m.一带负电小球以速度v0沿水平轨道向右运动,接着进入半圆轨道后,恰能通过最高点D点.已知小球的质量为m=2.0×10-2kg,所带电荷量q=2.0×10-5C,g=10m/s2.(水平轨道足够长,小球可视为质点,整个运动过程无电荷转移)

（1）小球能通过轨道最高点D时的速度大小;

（2）带电小球在从D点飞出后,首次落到水平轨道上时的位移大小;

（3）小球的初速度v0.26、一束电子流在经U=2500V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距d=1.0cm，板长L=5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压U1?（不考虑电子的重力）

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

A．变压器原线圈输入变化的电流；则在铁芯内有变化的磁通量，从而导致副线圈中产生感应电动势，利用了电磁感应原理。故A正确；

B．白炽灯泡利用电流的热效应；不是利用电磁感应原理，故B错误；

C．防抱死制动系统ABS有一个小电动机；系统比较复杂，但是没有利用电磁感应原理，故C错误；

D．电吹风是通电后电动机转动将暖风吹出；是电生磁，不是磁生电，所以没有利用电磁感应原理，故D错误；

故选A。2、D【分析】【详解】

AB．当表头达到满偏时，接ab两个端点时，允许流过的电流更大，可知当使用a、b两个端点时，对应量程为当使用a、c两个端点时，对应量程为AB错误；

CD．当接ac两端点时，对应量程为根据欧姆定律可知

C错误；D正确。

故选D。3、B【分析】【详解】

A.放电针G附近的空气受高压电场作用而电离；在电场力作用下，大量的电子或负离子被喷射在粉粒上，两种粉粒均带负电，故A项错误；

BCD.带负电的金属粉粒因具有良好的导电性；所以在与带正电的滚筒C接触后，其上的负电被滚筒C上的正电中和，在重力作用下落于料槽F；绝缘性能良好的塑料粉粒，其所带负电不容易传给滚筒C，在滚筒C的静电吸引力作用下，附着于滚筒C的表面并随滚筒C转动，最后粉粒较大者在重力作用下掉入料槽E，粉粒较小者由刮板将其刮入料槽E，故B项正确，C，D项错误。

故选B。4、D【分析】【详解】

电场强度是电场本身的属性；是由电场本身的性质决定的，它的大小和方向与试探电荷的电量及电荷受到的电场力无关。

故选D。5、B【分析】【详解】

A.根据椭圆关系可知两点与点的距离：

由得：

根据U=Ed得：

所以：

可知

轴即为一条等势线，电场强度方向指向轴负方向，点电势为5V；故A错误；

B.由电场线与等势面关系得得

故B正确；

C.电场强度：

C错误；

D.根据得：

故电子的电势能减少故D错误。

故选：B。

6、C【分析】【详解】

AB．由电路连接情况可知，两板间电场方向竖直向上，带正电微粒所受电场力方向竖直向上，电阻R1与R2串联，根据串联分压规律可知，增大R2，R1两端电压减小，两极板间电压减小，粒子所受电场力减小，故微粒所受竖直向下的合外力增大，由牛顿第二定律可知，微粒运动加速度增大，竖直方向

则运动时间减小，水平方向

微粒水平位移减小，微粒将打在P点右侧；AB错误；

CD．断开开关，电容器所带电荷量Q不变，电容的公式

场强与电势差的关系式

可得

可知改变板间距离不会改变两板间场强，所以粒子仍打在P点；D错误C正确。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)7、B:C【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器滑片P向a端滑动过程中，接入电路的电阻增大，R2与R3并联的电阻增大，总电阻增大，则总电流减小，R1电压减小，则电压表示数变小，R2与R3并联的电压增大，通过R3电流增大，根据

可知功率变大，电流表示数为总电流减去通过R3电流；故电流表示数变小，故A错误，B正确；

C．R3两端的电压增大，增大平行板间距，根据

可知电场强度可能恒定；粒子可能保持不动，故C正确；

D．R2与R3并联的电压增大；电容器板间电压增大，带电量增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，则液滴将向上加速运动，故D错误；

故选BC。8、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．由电源的总功率；输出功率和电源内部的发热功率表达式。

PE＝EI，PR＝EI－I2r，Pr＝I2r可知，a表示的是电源的总功率随电流I的变化关系；b表示的是电源内部的发热功率随电流I的变化关系；c表示输出功率PR随电流I的变化关系；A正确；

B．当R＝r时，输出功率最大，M点是输出功率最大的位置；B正确；

C．A、B、C为在a、b、c三条图线上横坐标相同的三点；因为直流电源的总功率等于输出功率和电源内部的发热功率之和，所以这三点的纵坐标一定满足关系。

PA＝PB＋PC故C错误；

D．M点输出功率最大时，有R＝r；则。

可得。

故。

故D错误；

故选AB。9、B:D【分析】【分析】

【详解】

B．图甲结合等时圆知识，重力与电场力合力必须指向AO，根据合成与分解知识

代入数据可得，匀强电场的电场强度大小为E=1×104V/m

故B正确；

A．等效最低点在AO延长线与圆轨道交点；等效最低点速度最大，动能最大，故A错误；

C．因为重力与电场力均为恒力，所以二者的合力大小为

小球做圆周运动，则在其等效最高点

此时小球速度最小，动能最小，最小动能为

解得

故C错误；

D．小球从等效最高点至等效最低点过程中，由动能定理得

在等效最低点小球对圆环压力最大，速度最大，动能最大，而非经过C点时动能最大，由牛顿第二定律得

代入数据解得FN=6.0N

由牛顿第三定律可知；小球做圆周运动的过程中对环的最大压力是6.0N，故D正确。

故选BD。10、C:D【分析】【详解】

A．理想电压表内阻无穷大，相当于断路，理想电流表内阻为零，相当于短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压，当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，理想电压表V2的示数变小，R两端的电压增大，理想电压表V1的示数变大，所以滑动变阻器两端电压减小，所以理想电压表V3的示数变小；故A错误；

B．电源的效率

路端电压减小；所以电源效率减小，故B错误；

C．由题意可得

则有

所以电源内阻

故CD正确；

故选CD。11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．a、c处电荷对b处电荷的作用力为

所以d处电荷对b处电荷的作用力为

解得

A正确；

B．因为N点更靠近正电荷，所以M点的电势比N点的电势低。B错误；

C．a、c两处电荷在中心O处的电场为零，b、d两处电荷在中心O处的电场方向从b指向d；C正确；

D．静电力做功与路径无关，所以将一点电荷分别沿路径MRN和MPN由M移到N过程中；静电力做功相等。D正确。

故选ACD。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．若t=0时刻释放电子，在前内，电子受到的电场力向右，向右做匀加速直线运动；后内；电子受到向左的相同大小的电场力作用，电子向右做匀减速直线运动直到速度为0；接着周而复始，所以电子一直向右做单向的直线运动，直到打在右板上。即电子将重复先加速后减速，直到打到右极板，不会在两板间振动，故A正确，B错误；

C．若从t=T时刻释放电子，电子先加速T，再减速T；电子有可能已到达右极板，若此时未到达右极板，则电子将在两极板间振动，故C正确；

D．若从T时刻释放电子；电子有可能到达右极板，也有可能从左极板射出，这取决于两板间的距离，故D错误。

故选AC。13、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于电压表的分流作用，所测电流小于流过电源的电流，由

得；电源电动势测量值小于真实值，A正确；

B．根据电源图像可知，电源电动势

电源内阻

B错误；

C．外电路发生短路时的电流，即为时的电流，由

得

C正确；

D．由图像可知，当

由

D正确。

故选ACD。14、A:C:D【分析】【详解】

感应电流产生的条件是闭合回路中通过线框的磁通量发生变化．

A．闭合开关瞬间有磁通量变化；有感应电流，灵敏电流计指针有偏转，选项A正确；

B．开关闭合电路稳定后电流不发生变化，通过线圈B的磁通量无变化；无感应电流，灵敏电流计指针无偏转，选项B错误；

C．拔出线圈A，通过线圈B磁通量减小；有感应电流，灵敏电流计指针有偏转，选项C正确；

D．滑片P滑动，电阻发生变化，电流发生变化，线圈A产生的磁场发生变化，通过线圈B的磁通量变化；有感应电流，灵敏电流计指针有偏转，选项D正确；

故选ACD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

将电键S1由位置1切换到位置2，外电阻变小，电动势和内阻不变，电路中的总电流变大，内电压变大，外电压变小，电压表测的是外电压，所以电压表示数变小；

设电路中的电阻R1、R2和R3的阻值均为R，当电键打在1时，R2两端的电压当电键打在2时R2两端的电压可知．U2′＜U2．故电阻R2两端的电压变小，根据可知，电阻R2消耗的电功率将减小．【解析】变小变小16、略

【分析】【详解】

元电荷则【解析】17、略

【分析】【详解】

[1][2]设球心在O点的球壳为完整的带电荷量为2q的带电球壳，则在M、N两点产生的场强大小为

题图中左半球壳在M点产生的场强为E，则右半球壳在M点产生的场强为

由对称性知，左半球壳在N点产生的场强大小为方向由C点指向D点。【解析】C指向D18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]两极板电压不变，根据

将A板水平向左移动一段距离；两板间距离不变，所以两极板间的电场强度不变，粒子的运动情况是静止。

[2]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

电容器所带的电荷量的变化情况是减少。

（2）[3]如果先断开开关S，两极板的电荷量保持不变，根据

再把A板向左移动一段距离，正对面积减小，所以电场强度增大，则

粒子的运动情况是向上运动。

[4]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

则两极板间的电势差增大，所以静电计指针张角的变化情况是增大。【解析】①.静止②.减少③.向上运动④.增大19、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数为

[2]螺旋测微器读数为【解析】1.0552.61520、略

【分析】【详解】

[1]．由F=BIL可得磁感应强度为：

[2]．磁感应强度与导线长度无关，当导线的长度在原位置缩短为原来的一半时，磁感应强度仍为0.1T．【解析】0.10.1四、作图题(共3题，共18分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】22、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；