2025年外研版2024必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版2024必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，在轴上关于点对称的两点有等量同种点电荷在轴上点有电荷且下列判断正确的是（）

A.点电场强度为零B.点电场强度不为零C.若将点电荷从点移向点，电势能减小D.若将点电荷从点移向点，电势能减小2、如图所示，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω；小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A，则以下判断中正确的是（）

A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为7.0VC.电动机产生的热功率为4.0WD.电源输出的功率为24W3、下列有关物理学史的表述正确的是（）A.开普勒通过分析第谷的天文观测数据，发现了万有引力定律B.库仑最早测得元电荷的数值C.卡文迪什通过实验推算出来引力常量的值，被誉为第一个能“称量地球质量”的人D.密立根首先提出电荷周围存在电场4、多用电表是实验室的必备仪器，利用多用电表可以测量电流、电压和电阻等物理量。已知红表笔插在多用电表“+”接口，下列说法正确的是（）A.测量电流时，需要选择相应量程的电流挡，黑表笔接高电势B.测量电阻时，若双手手指与表笔金属部分接触，会导致测量值偏大C.测量电阻时，若指针偏转角度较小，应换较大倍率，重新欧姆调零，再进行测量D.选择欧姆挡，若黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极，则指针偏转角度很小5、如图甲所示，电阻R1的阻值为0.25R0、灯泡L的电阻值恒为1.5R0，R2是热敏电阻，其阻值随温度变化的关系如图乙所示。已知电流表为理想电表，电源的内阻r=R0。则下列说法中正确的是（）

A.当温度升高时，电流表的示数减小，R1两端的电压减小B.当温度降低时，灯泡L的亮度变暗C.在0~80℃范围内，当温度为0℃时，灯泡L和R2的总功率最大D.当温度为80℃时，R2的阻值为零，故电源的输出功率最大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强阻值越大．为探测磁场的有无，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示电路，电源的电动势E和内阻r不变，在没有磁场时调节变阻器R使灯泡L正常发光．若探测装置从无磁场区进入强磁场区；则。

A.灯泡L变亮B.灯泡L变暗C.电流表的示数变小D.电流表的示数变大7、如图，真空中有一质量忽略不计的电子以速度v沿着与电场强度垂直的方向自O点进入匀强电场。以O为坐标原点建立直角坐标系，x轴垂直于电场方向，y轴平行于电场方向，在x轴上取OA＝AB＝BC，分别自A、B、C点作与y轴平行的线，跟电子的径迹交于M、N、P三点；则（）

A.电子经M、N、P三点时，沿x轴的分速度之比B.电子经M、N、P三点时，沿y轴的分速度之比C.电子经M、N、P三点时的速度与x轴夹角之比D.电子从O点开始每经过相等时间的动能增量之比8、如图所示，是两个带有同种电荷的小球，用绝缘细线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平面的高度相等，线与竖直方向的夹角分别为且不计空气阻力，两球带电荷量不变。下列说法正确的是（）

A.球的质量比球的大B.若同时剪断两根细线，则两球同时落地C.球的电荷量比球的大D.若同时剪断两根细线，则两球飞行的水平距离相等9、如图所示，图中K、L、M为静电场中的三个相距较近的等势面．一带正电粒子射入此静电场中后，沿abcde轨迹运动，已知粒子在ab段做减速运动．下列判断中正确的是（）

A.粒子在a点的电势能小于在d点的电势能B.粒子在a点的电势能大于在d点的电势能C.K、L、M三个等势面的电势关系为φK<φL<φMD.K、L、M三个等势面的电势关系为φK>φL>φM10、如图所示，A，B为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S分别与电源两极相连，两极中央各有一个小孔a和b，在a孔正上方某处放一带电质点由静止开始下落，若不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回。现要使带电质点能穿过b孔；则可行的方法是（）

A.保持S闭合，将A板适当上移B.保持S闭合，将B板适当下移C.先断开S，再将B板适当上移D.先断开S，再将B板适当下移评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)11、导体的电阻：同种材料的导体，其电阻R与它的长度l成___________，与它的横截面积S成___________；导体电阻还与构成它的材料有关。12、电势。

（1）定义：电荷在电场中某一点的___________与它的___________之比。

（2）公式：

（3）单位：国际单位制中，电势的单位是___________；符号是V，1V=1J/C。

（4）电势高低的判断：沿着电场线的方向电势逐渐降低。

（5）电势的相对性：只有规定了零电势点才能确定某点的电势，一般选___________或离场源电荷___________的电势为0。

（6）电势是___________，只有大小，没有方向，但有正、负之分，同一电场中电势为正表示比零电势___________，电势为负表示比零电势___________13、（1）某一电场的电场线和等势面如图甲所示，已知φa=5V，φc=3V，ab=bc，则______

A．φb=4VB．φb>4V

C．φb＜4VD．上述情况都有可能。

（2）若电场线和等势面如图乙所示，其他条件不变，则答案为（1）中的______

14、匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示；三点的电势分别为10V；17V、26V。完成下列填空：

（1）坐标原点处的电势为___________V；

（2）电子从b点运动到c点，电场力做功为___________eV；

（3）电子在a点的电势能比在b点的高___________eV；

（4）电场强度的大小为___________V/cm。

15、在如图所示的实验装置中,充电后的平行板电容器与电源断开；极板A与静电计相连,极板B接地．

（1）若将极板B向上平行移动一小段距离,则将观察到静电计指针偏角_________（填“增大”或“减小”或“不变”）,说明平行板电容器的电容随极板正对面积S减小而减小．

（2）若将极板B向左平行移动一小段距离,则将观察到静电计指针偏角增大,说明平行板电容器的电容随板间距离d增大而__________（填“增大”或“减小”或“不变”）；B极板向左移动后，A、B间的电场强度__________（填“增大”或“减小”或“不变”）．评卷人得分四、实验题(共3题，共18分)16、某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻；现备有下列器材：

A.被测干电池一节B.电流表量程内阻约为

C.电流表量程内阻约为D.电压表量程内阻未知。

E.滑动变阻器F.滑动变阻器

G.定值电阻（阻值为额定功率为）H.开关；导线若干。

在现有器材的条件下；要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。

（1）在上述器材中请选择适当的器材（填写器材前的字母），电流表选择______，滑动变阻器选择_____；

（2）请按照图甲设计的电路图用笔画线将图乙实物电路图补充完整_____；

（3）该同学按照要求连接好电路并进行实验，根据实验数据绘出了图所示的图像，则电源的电动势________V，电源内阻____（保留两位有效数字）；

（4）这名同学做完实验后进行了误差分析，结论是______________（请用大于或小于完成填空）。17、某实验小组用满偏电流内阻的灵敏电流计和电动势的电源制作的多用电表的内部电路如图所示，已知多用电表的两个电流挡的量程分别为和两个电压挡的量程分别为和

（1）当S接2时，多用电表是量程为_________的_________（填“电流”或“电压”）表。

（2）由题意可知电阻__________________

（3）将S接3，红、黑表笔短接，然后调节滑动变阻器，使灵敏电流计满偏，在两个表笔间接入一定值电阻，灵敏电流计的指针指在刻度盘的处（即满偏的），则该定值电阻的阻值为_________18、如图所示为探究平行板电容器电容大小决定因素的实验．给电容器充电后与电源断开；即保持电量不变，则(填“变小”；“变大”或“不变”)

(1)甲图将B板上移，静电计指针偏角_______，电容器的电容________；

(2)乙图将B板左移，静电计指针偏角_______，电容器的电容________；评卷人得分五、解答题(共3题，共21分)19、某人从一平台上跳下，下落后双脚触地接着他用双腿弯曲的方法缓冲，但自身重心又下降了试分析在整个过程中，有哪些力对人做功？有哪些能发生相互转化？20、如图所示，一个电子由静止开始经加速电场加速后，又沿偏转电场极板间的中心轴线从O点垂直射入，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，点为荧光屏的中心。已知电子质量m、电荷量e、加速电场电压偏转电场电压U、极板的长度板间距离d、极板的末端到荧光屏的距离为且（忽略电子所受重力）。求：

（1）电子射入偏转电场时的初速度

（2）电子打在荧光屏上的P点到点的距离h；

（3）为确保电子能从偏转电场射出，偏转电压U和加速电压的比值应满足什么要求。

21、长为l的绝缘细线下系一带正电荷的小球，其带电荷量为Q，悬于О点，如图所示。当在О点处另外固定一个正电荷时，若小球静止在A处，则细线拉力是重力mg的3倍。现将小球拉至图中B处（θ=60°），由静止释放小球，不计空气阻力（已知静电力常量为k）。问：

（1）固定在О处的正电荷带的电荷量为多少？

（2）小球回到A处时细线拉力为多少？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．题中A、B两个+Q在O点的场强矢量和为0，所以O点的场强等于C点在O点产生的场强不为零；故A错误；

B．由几何关系可知AD=BD=CD，则两个+Q在D点的电场强度大小相等，夹角为120°，则合场强与-Q在D点的场强等大反向，则D点的场强为零；B错误；

CD．在x轴上的区间，合场强方向沿x轴负方向，所以将正电荷从O移向C，电场力做正功，电势能减小；将负电荷从O移向C；电场力做负功，电势能增加，故C正确，D错误。

故选C。2、B【分析】【详解】

电动机两端的电压U=E-I（R0＋r）=7.0V

则电动机的输入功率P=UI=14W

电动机的热功率P热=I2RM=2W

则电动机的输出功率P出=P-P热=12W

电源的输出功率P′=EI-I2r=20W

B正确；ACD错误。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．开普勒通过分析第谷的天文观测数据；总结出行星的运动三大定律，故A错误；

B．密立根最早用油滴实验测得元电荷的数值；故B错误；

C．卡文迪什通过实验推算出来引力常量的值；被誉为第一个能“称量地球质量”的人，故C正确；

D．法拉第首先提出电荷周围存在电场；故D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．测量电流时；需要选择相应量程的电流挡，红表笔接高电势，黑表笔接低电势，A错误；

B．测量电阻时；若双手手指与表笔金属部分接触，会导致测量值偏小，B错误；

C．测量电阻时；若指针偏转角度较小，说明被测电阻较大，应换较大倍率，重新欧姆调零，再进行测量，C正确；

D．选择欧姆挡；若黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极，说明电流从二极管正极流入，从负极流出，根据二极管单向导电可知，此时电阻较小，所以指针偏转角度很大，D错误。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．温度升高时，R2的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，R1两端电压增大；A错误；

B．温度降低时，R2的阻值增大；总电阻增大，总电流减小，电流表的示数减小，灯L两端电压变大，B错误；

D．温度为20℃时，R2=1.5R0，此时外电路的总电阻为R0；等于电源的内阻，所以电源的输出功率最大，D错误；

C．将R1看做等效电源内阻，则r＇=1.25R0，而L和R2的并联电阻总小于r＇，故0℃时其并联阻值最大，灯泡L和R2的总功率最大；C正确。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)6、A:C【分析】【详解】

CD．探测装置进入强磁场区以后磁敏电阻阻值变大；回路总电阻变大，总电流减小，电流表示数变小，选项C正确，D错误；

AB．由于总电流变大，则电源内电阻分压变小，路端电压变大，则电灯L亮度增加，选项A正确，B错误。7、B:D【分析】【详解】

A．电子在水平方向做匀速直线运动；水平分速度不变，故A错误；

B．水平分速度不变，又OA＝AB＝BC，则O到M、M到N、N到P的时间相等。而竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，根据时间相等，得到沿y轴的分速度之比为故B正确；

C．电子经M、N、P三点时的速度与x轴夹角的正切值之比等于竖直分速度之比，即为则电子经M、N、P三点时的速度与x轴夹角之比不等于故C错误；

D．通过竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动，可得竖直方向三段位移之比为则根据动能定理可得，电子从O点开始每经过相等时间的动能增量之比故D正确。

故选BD。8、A:B【分析】【详解】

A．设球间库仑力大小为分析两球受力可得

因故有故A正确；

B．剪断细线后；两球竖直方向只受重力，做自由落体运动，同时落地，故B正确；

C．无法比较电荷量大小；故C错误。

D．由于在水平方向上，两球始终在同一直线上，库仑力大小相等，故水平方向球的加速度比球的小，因此相等时间内，球的水平距离比球的小；故D错误；

故选AB。9、A:C【分析】【详解】

解：由轨迹的弯曲方向判断出带电粒子所受电场力大体向左．画出电场线的分布；如图．

A、已知粒子在ab段做减速运动，则粒子在a点的电势能小于在b点的电势能，而b；d两点在同一条等势面上；粒子的电势能相等，所以粒子在a点的电势能小于在d点的电势能．故A正确，B错误．

C；由轨迹的弯曲方向判断出带电粒子所受电场力大体向左；可知M的电势最高，K的电势最低．故C正确，D错误．

故选AC

【点评】

本题是轨迹问题，首先根据轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受的电场力方向，画电场线是常用方法．10、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．设质点距离A板的高度h，A、B两板原来的距离为d，电压为U，质点的电量为q，由题质点到达b孔时速度恰为零；根据动能定理得。

若保持S闭合，将A板适当上移，设质点到达b时速度为v；由动能定理得。

说明质点到达b孔时速度恰为零，然后返回，不能穿过b孔；A错误；

B．若保持S闭合，将B板适当下移距离由动能定理得。

则v＞0，质点能穿过b孔；B正确；

C．若断开S，再将B板适当上移∆d；根据。

则板间场强不变，根据动能定理，到达B板时。

而。

可知v>0，那么质点能穿过b孔；C正确；

D．若断开S时，将B板适当下移∆d，板间电场强度不变，若质点能到达B板；由动能定理得。

又由。

比较得。

说明质点不能到达b孔；故D错误。

故选BC。三、填空题(共5题，共10分)11、略

【分析】【详解】

略【解析】正比反比12、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]定义：电荷在电场中某一点的电势能与它的电荷量的比值叫做电势；

（3）[3]国际单位制中；电势的单位是伏特；

（5）[4][5]电势的相对性：只有规定了零电势点才能确定某点的电势；一般选大地或离场源电荷无限远处的电势为0；

（6）[6][7][8]电势是标量，只有大小，没有方向，但有正、负之分，同一电场中电势为正表示比零电势高，电势为负表示比零电势低。【解析】①.电势能②.电荷量③.伏特④.大地⑤.无限远处⑥.标量⑦.高⑧.低13、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）根据匀强电场关系式U=Ed

可知φa-φc=Eφa-φb=E·

得φb=4V

故选A。

（2）由于图乙是非匀强电场，不能根据公式U=Ed进行定量计算，只能进行定性分析，由电场线的疏密可知ab和bc间电场强度的平均值Eab>Ebc

所以Uab>Ubc

即φa-φb>φb-φc

得到

=4V

故选C。【解析】①.A②.C14、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]在匀强电场中，沿同一方向前进同样的距离，电势变化相同，由此知

解得，原点电势

（2）[2]电子从b点运动到c点，电场力做功为

（3）[3]电子在a点的电势能比在b点的高

（4）[4]设d点坐标为（0,2cm），则d点电势

设x轴上存在一点e，且e点电势为4V，则

解得

根据几何关系O点到线段de的垂直距离为

电场强度的大小为【解析】①.1②.9③.7④.2.515、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，由电容的决定式分析知电容减小；电容器的电量不变，根据电容的定义式C=Q/U，极板间的电压U增大．则静电计指针偏角增大，此实验说明平行板电容器的电容随正对面积的减小而减小；

（2）若极板B稍向左移动一点，板间距离增大，由电容的决定式分析知电容减小，电容器的电量不变，根据电容的定义式C=Q/U，极板间的电压U增大．则静电计指针偏角增大，此实验说明平行板电容器的电容与极板间距离成反比．极板间距离的增大而减小；依据E=U/d，及C=Q/U，则有电场强度可知，极板间的电场强度与极板间距无关，即当B极板向左移动后，A；B间的电场强度不变；

考点：考查电容器的动态分析；电场强度．

【名师点睛】

对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．根据电容的决定式和定义式结合进行分析，注意电场强度的综合表达式推导．【解析】增大减小不变四、实验题(共3题，共18分)16、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]因电动势约为1.5V；电流较小，故电流表选择量程为0.6A的，即选C；为方便实验操作，滑动变阻器应选择E；

（2）[3]根据电路图连接的实物图；如图所示。

（3）[4]根据电源U-I图可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5，则电源电动势E=1.5V；

[5]图象斜率的绝对值表示

解得

（4）[6][7]由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图象如图所示。

由图象可知，电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值。【解析】CE1.50.60小于小于17、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]由电路结构可知，S接1和2时多用电表为电流表，S接1时灵敏电流计与一个电阻串联后再与另外一个电阻并联，接2时两个电阻串联后与灵敏电流计并联，所以S接2时电流表的量程较小，量程为

（2）[3][4]由题意可知，S接4时多用电表为量程为的电