2025年湘师大新版选择性必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版选择性必修2物理下册月考试卷745考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图为模拟远距离输电的部分测试电路，a、b端接电压稳定的正弦交变电源，定值电阻阻值分别为R1、R2，且R1<R2，理想变压器的原、副线圈匝数比为k且k<1，电流表、电压表均为理想表，其示数分别用I和U表示。当向下调节滑动变阻器的滑动端P时，电流表、电压表示数变化分别用ΔI和ΔU表示。则以下说法正确的是（）

A.B.原线圈两端电压U1一定变小C.电源的输出功率一定增大D.R1消耗的功率一定增加2、在全国“抗疫”过程中，新冠病毒感染者的其中一个表现是体温升高，为测量人的体温，非接触式的额温枪得到广泛使用，其测温原理是利用传感器接收人体辐射出的（）A.红外线B.紫外线C.无线电波D.光波3、在轧制钢板时需要动态地监测钢板厚度；其检测装置由放射源；探测器等构成，如图所示。该装置中探测器接收到的是（）

A.X射线B.α射线C.射线D.γ射线4、如图所示，电阻R、电容C和电感L并联后，接入输出电压有效值恒定、频率可调的交流电源．当电路中交流电的频率为f时，通过R、C和L的电流有效值恰好相等．若将频率降低为f/2，分别用I1、I2和I3表示此时通过R；C和L的电流有效值；则（）

A.I1>I3B.I12C.I3>I2D.I2=I35、如图所示是一个判定电源性质的仪器，电感L自感系数很大；下列说法正确的是（）

A.若接通电源后只有绿灯亮，则A、B之间可能是直流电源B.若接通电源后只有黄灯亮，则A、B之间一定是交流电源C.若接通电源后只有红灯亮，则A、B之间一定是直流电源，且A端接电源负极D.若接通电源后只有黄灯亮，则A、B之间一定是直流电源，且A端接电源负极6、电磁学的成就极大地推动了人类社会的进步。下列说法正确的是（）

A.甲图是某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式充电的原理图，无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”B.在乙图中，开关由闭合变为断开，则断开瞬间触头C马上离开触点C.在丙图中，钳形电流表是利用电磁感应原理制成的，它的优点是不需要切断导线，就可以方便地测出通过导线中交变电流的大小D.丁是电容式话筒的电路原理图，声波的振动会在电路中产生恒定的电流7、加速性能；电能利用率、动能回收等是电动汽车电机的重要指标。如图所示；甲、乙分别是目前被广泛采用的两种电机的简化原理示意图，它们的相同点是利用作为定子的电磁铁（1和4；2和5；3和6）三组线圈交替产生磁场，实现了电磁铁激发的磁场在平面内沿顺时针方向转动的效果，以驱动转子运动；不同的是甲图所示电机的转子是一个永磁铁，而乙图所示电机的转子是绕在软铁上的闭合线圈。通过电磁驱动转子转动，可以为电动汽车提供动力。若假定两种电机的每组电磁铁中电流变化周期和有效值均相同，下列说法正确的是（）

A.若减小两种电机的每组电磁铁中电流变化周期，则电机稳定工作时，两电机转子运动周期会增大B.若增大两种电机的每组电磁铁中电流有效值，则电机稳定工作时，乙电机产生的热功率会增大C.电机稳定工作时，甲电机转子的转速与电磁铁激发磁场的转速不同D.刹车（停止供电）时，乙电机转子由于惯性继续旋转，可以通过反向发电从而回收动能8、如图所示，一理想变压器与交变电源相连，阻值为的定值电阻与理想电流表串联后接到副线圈。当电压表的读数为时，电流表读数为下列说法正确的是（）

A.变压器原、副线圈匝数比为B.原线圈电流的有效值为C.副线圈电流的最大值为D.变压器输入功率为9、很多汽车的车窗有防夹手功能．车窗在关闭过程中碰到障碍时会停止并打开．实现该功能可能使用的传感器是()A.生物传感器B.气体传感器C.温度传感器D.压力传感器评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图，光滑的水平桌面处在竖直向下的匀强磁场中，桌面上平放一根一端开口、内壁光滑的绝缘细管，细管封闭端有一带电小球，小球直径略小于管的直径，细管的中心轴线沿y轴方向．在水平拉力F作用下，细管沿x轴方向作匀速运动，小球能从管口处飞出．小球在离开细管前的加速度a、拉力F随时间t变化的图象中；正确的是()

A.B.C.D.11、如图所示为温度自动报警器的工作原理图；图中1是电磁铁；2是衔铁，5是水银温度计（水银导电）。常温下3触点处于断开状态4触点处于闭合状态，则下列说法正确的是（）

A.当温度高于警戒温度时电磁铁磁性增强，3触点闭合4触点断开B.此装置为低温报警装置，温度低于警戒温度时，指示灯亮C.此装置为高温报警装置，温度高于警戒温度时，电铃报警D.要提高报警时的警戒温度应使导线AB短些12、如今共享单车随处可见；与大多山地自行车相比，共享单车具有以下特点：①质量更小更轻便；②科技含量更高，携带GPS模块和SIM卡便于定位和传输信息；③每辆车自带二维码，以方便手机扫描进行连接；④自行车可通过车轮转动给车内电池进行充电。根据以上信息，下列说法不正确的是（）

A.共享单车比山地自行车惯性更大更容易改变运动状态B.App上定位共享单车位置信息须通过人造通讯卫星C.共享单车和手机之间是靠电磁波传递信息D.共享单车内部电源的充电是利用电磁感应原理实现的13、如图，两根相互平行的金属导轨水平放置于如图所示的匀强磁场中，与导轨接触良好的导体棒AB和CD可以在导轨上自由滑动，当AB在外力F作用下向右运动时；下列说法正确的（）

A.导体棒CD内有电流通过，方向是D→CB.导体棒CD内有电流通过，方向是C→DC.磁场对导体棒CD的作用力向左D.磁场对导体棒CD的作用力向右14、如图甲所示，ABCD是一长方形有界匀强磁场边界，磁感应强度按图乙规律变化，取垂直纸面向外为磁场的正方向，图中一质量为m、所带电荷量为q的带正电粒子以速度v0在t＝0时从A点沿AB方向垂直磁场射入；粒子重力不计。则下列说法中正确的是（）

A.若粒子经时间恰好垂直打在CD上，则磁场的磁感应强度B.若粒子经时间恰好垂直打在CD上，则粒子运动的半径大小C.若要使粒子恰能沿DC方向通过C点，则磁场的磁感应强度的大小（n＝1，2，3）D.若要使粒子恰能沿DC方向通过C点，磁场变化的周期（n＝1，2，3）15、自行车速度计是利用霍尔传感器获知自行车的运动速率．如图甲所示；自行车前轮上安装一块磁铁，轮子每转一圈，这块磁铁就靠近传感器一次，传感器会输出一个脉冲电压。图乙为霍尔传感器的工作原理图。当磁铁靠近霍尔传感器时，导体内定向运动的自由电荷在磁场力作用下偏转，最终使导体在与磁场；电流方向都垂直的方向上出现电势差，即为霍尔电势差，下列说法正确的是（）

A.根据单位时间内的脉冲数和前轮半径即可获知车速大小B.自行车的车速越大，霍尔电势差越高C.图乙中电流I是由正电荷定向移动形成的D.如果长时间不更换传感器的电源，霍尔电势差将减小16、如图，磁场垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布．一铜制圆环用丝线悬挂于点，将圆环拉至位置后无初速释放，在圆环从摆向的过程中。

A.感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针B.感应电流方向一直是逆时针C.安培力方向始终与速度方向相反D.安培力方向始终沿水平方向17、如图，两根足够长，电阻不计的光滑平行金属导轨，固定在同一水平面上，其间距为左端通过导线连接一个的定值电阻。整个导轨处在磁感应强度大小的匀强磁场中，磁场方向竖直向下，质量长度电阻的匀质金属杆垂直导轨放置，且与导轨接触良好，在杆的中点施加一个垂直金属杆的水平拉力使其由静止开始运动。拉力的功率保持不变，当金属杆的速度时撤去拉力下列说法正确的是（）

A.若不撤去拉力金属杆的速度会大于5m/sB.金属杆的速度为4m/s时，其加速度大小可能为C.从撤去拉力到金属杆停下的整个过程，通过金属杆的电荷量为2.5CD.从撤去拉力到金属杆停下的整个过程，金属杆上产生的热量为0.625J评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)18、如图所示的电路中，当受到强光的照射下，小灯L__________发光；当用遮光板盖住时，小灯L__________发光。（均选填“不会”或“会”）

19、如图是“用DIS探究向心力与哪些因素有关”的实验仪器，该实验采用的方法是_______________；该实验中需要用到的传感器是__________________。

20、如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V、60Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同。如果将电源改为220V、100Hz的交变电源，则a灯亮度_________，b灯亮度_________，c灯亮度_________。（选填“变亮”；“变暗”或“不变”）

21、如图为法拉第发现电磁感应现象的实验示意图，产生电磁感应现象的是_________（填“M”或“N”）线圈，当电键闭合瞬间，通过灵敏电流计的电流方向为_________（填“a到b”或“b到a”）。

22、如图，两平行放置的长直导线a和b中载有电流强度相等、方向相反的电流。则b右侧O点处的磁感应强度方向为_________；在O点右侧再放置一根与a、b平行共面且通有与导线a同向电流的直导线c后，导线a受到的磁场力大小将__________（选填“变大”、“变小”或“无法确定”）。23、如图所示，质量为m阻值为R的金属棒从H高的弧形轨道由静止释放，水平轨道处于竖直向上的匀强磁场中，匀强磁场强度大小为B，质量也为m阻值也为R金属棒处于水平导轨上，运动过程中棒与棒不相撞，已知重力加速度g，平行导轨间距L；水平导轨足够长，不计一切摩擦，求：

（1）棒固定，棒刚进入磁场时的电流___________？

（2）棒固定，棒进入磁场后运动的位移___________？

（3）棒不固定，棒与棒最终速度___________？___________？

（4）棒不固定，整个过程中电能的生成量___________？电热的生成量___________？

24、互感现象危害：互感现象能发生在任何两个______的电路之间．在电力工程和电子电路中，互感现象有时会影响电路的正常工作．25、生活中电磁波的使用非常普遍，医院里常用_____对病房和手术室进行消毒，飞机场常用_____对行李进行安全检查。（选填“无线电波”、“红外线”、“紫外线”、“X射线”、“γ射线”）26、在电磁波谱中，医院用于“透视”检查身体的是___（选填“红外线”或“X射线”）。1831年，英国物理学家___（选填“牛顿”或“法拉第”）发现了电磁感应现象。放在磁场中某点的小磁针静止时，其___极（选填“N”或“S”）所指的方向为该点的磁场方向。评卷人得分四、作图题(共4题，共36分)27、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

28、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

29、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

30、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)31、学校实验室提供如图甲所示的可拆变压器元件；某同学探究变压器原；副线圈两端的电压与线圈匝数之间的关系：

(1)该同学还需要的实验器材是______（填选项前的字母）；

A.B.C.

D.E.

(2)该同学实验组装的变压器如图乙所示。铁芯上原，副线圈接入的匝数分别为n1=800匝和n2=400匝，原线圈两端与电源相连，测得原、副线圈两端的电压分别为10V和1.8V，发现结果与正确实验结论有明显偏差，最有可能原因是______；

A.副线圈的数太少B.副线圈的电阻太大。

C.原线圈的匝数太多，电阻过大D.没有将铁芯B安装在铁芯A上。

(3)改正后正确操作，为原线圈n1=800匝接入12V电压，副线圈n2=400匝接线柱间输出电压最有可能是______。

A.24VB.6VC.5.6VD.2V32、在“探究变压器两个线圈的电压关系”的实验中；操作步骤如下：

①将两个线圈套到可拆变压器的铁芯上；

②闭合电源开关；用多用电表的交流电压挡分别测量原线圈和副线圈两端的电压；

③将匝数较多的一组线圈接到学生电源的交流电源输出端上；另一个作为副线圈，接上小灯泡；

④将原线圈与副线圈对调；重复以上步骤。

（1）以上操作的合理顺序是________（只填步骤前的数字序号）。

（2）如图所示，在实验中，两线圈的匝数分别为1600、400，当原线圈匝数较多，且原线圈两端电压为12V时，副线圈两端电压为3V；原线圈与副线圈对调后，当原线圈两端电压为2V时，副线圈两端电压为8V。那么可初步确定，变压器原、副线圈的电压U1、U2与原、副线圈匝数n1、n2的关系是________。评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)33、在如图所示的远距离输电电路图中；升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变．发电厂的输出电压为220V，输出功率为44kW，输电线的总电阻为0.2Ω，用原副线圈的匝数比为1:10的升压变压器升压，经输电线后，再用原副线圈匝数比为10:1的降压变压器降压后供给用户．

（1）用户得到的电压和功率；

（2）若不经过变压器直接将电送到用户，求用户得到的电压和功率．34、如图所示，在xOy直角坐标平面内－m≤x＜0的区域有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B＝0.32T，0≤x＜2.56m的区域有沿方向的匀强电场。在x轴上坐标为的S点有一粒子源，它一次能沿纸面同时向磁场内每个方向各发射一个比荷＝5.0×107C/kg，速率v＝1.6×106m/s的带正电粒子。若粒子源只发射一次；其中只有一个粒子Z刚好能到达电场的右边界，不计粒子的重力和粒子间的相互作用。求：

(1)带电粒子在磁场中运动的轨道半径r；

(2)电场强度的大小E及Z粒子从S点发射时的速度方向与磁场左边界的夹角θ；

(3)Z粒子第一次刚进入电场时，还未离开过磁场的粒子占粒子总数的比例η。

35、如图（a）所示，水平面上固定着两根间距L=0.5m的光滑平行金属导轨MN、PQ，M、P两点间连接一个阻值R=3Ω的电阻，一根质量m=0.2kg、电阻r=2Ω的金属棒ab垂直于导轨放置。在金属棒右侧两条虚线与导轨之间的矩形区域内有磁感应强度大小B=2T、方向竖直向上的匀强磁场，现对金属棒施加一个大小F=2N、方向平行导轨向右的恒力，从金属棒进入磁场开始计时，其运动的v-t图像如图（b）所示，金属棒刚要离开磁场时加速度为0，金属棒通过磁场过程中回路产生的总热量Q=1.6J。运动过程中金属棒与导轨始终保持良好接触；导轨电阻不计。求：

（1）金属棒在磁场中运动的最大速度vm；

（2）磁场宽度d和金属棒穿过磁场所需的时间t。

36、如图所示，足够长光滑导轨倾斜放置，与水平面夹角θ=37°，导轨间距L=0.4m，其下端连接一个定值电阻R=3Ω，两导轨间存在垂直于导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度B=1T。一质量为m=0.04kg，电阻r=1Ω的导体棒ab垂直于导轨放置，现将导体棒由静止释放，取重力加速度g=10m/s2；sin37°=0.6.cos37°=0.8．求:

（1）导体棒下滑的最大速度；

（2）当导体棒稳定下滑时ab两端的电压；

（3）导体棒从静止加速到v=4m/s的过程中，通过R的电量q=0.2C，则R产生的热量值。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

A．理想变压器的原、副线圈的电压变化比

电流变化比

则有

将R1视为输入端电源内阻，则有

所以有

故A正确；

BCD．向下调节滑动变阻器R3的滑动端P时，副线圈负载电阻R增大，由原副线圈的电压电流的关系得

原线圈的电流I1变小，R1功率减小；电源电压不变，电源的输出功率一定减小，根据闭合电路欧姆定律可知原线圈的输入电压增大，故BCD错误。

故选A。2、A【分析】【分析】

【详解】

测温度是因为温度不同的人体辐射的红外线强弱不同；故A符合题意，BCD不符合题意。

故选A。3、D【分析】【详解】

α；β、γ三种射线的穿透能力不同；α射线不能穿过钢板，β射线只能穿过3mm厚的铝板，而γ射线能穿透钢板．故D正确，ABC错误．

故选D4、C【分析】【详解】

将频率降低时，通过R的电流不变，电容器的容抗增大，通过C的电流减小，则有I1＞I2．电感线圈的感抗减小，通过L的电流增大，则有I3＞I1＞I2．故ABD错误；C正确．故选C．

【点睛】

解决本题的关键是要掌握电容器和电感的特性，知道电流的频率越低时，容抗越高；而线圈的频率越低时，感抗越小．5、D【分析】【分析】

【详解】

电容器具有通交流；隔直流作用；而电感线圈具有通直流，阻交流，通低频，阻高频作用。

A．若接通电源后只有绿灯亮；而绿灯与电容器串联，因此电源一定是交流电源，而红；黄灯不亮可能是交流电的频率太高，电感线圈对交流阻碍作用太大的原因，A错误；

BD．若接通电源后只有黄灯亮，而红、绿灯不亮，电源一定是直流电源，而且根据二极管的单向导电性可知，A端接电源负极；B错误，D正确；

C．若接通电源后只有红灯亮，而黄、绿灯不亮，电源一定是直流电源，而且根据二极管的单向导电性可知，B端接电源负极；C错误。

故选D。6、C【分析】【分析】

【详解】

A．甲图是某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式充电的原理图；无线充电时，发射线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”，无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电磁感应”所以A错误；

B．在乙图中；开关由闭合变为断开，则断开瞬间触头C不会马上离开触点，因为B线圈中有感应电流产生，则触头慢慢离开触点，所以B错误；

C．在丙图中；钳形电流表是利用电磁感应原理制成的电流互感器，它的优点是不需要切断导线，就可以方便地测出通过导线中交变电流的大小，所以C正确；

D．丁是电容式话筒的电路原理图；声波的振动会在电路中产生周期性变化的电流，所以D错误；

故选C。7、B【分析】【详解】

A．若减小两种电机的每组电磁铁中电流变化周期；则电机稳定工作时，两电机转子运动周期会减小，故A错误；

B．乙电机中；转子也会产生焦耳热，若增大两种电机的每组电磁铁中电流有效值，则电机稳定工作时，乙电机产生的热功率会增大，故B正确；

C．电机稳定工作时；甲电机转子的转速与电磁铁激发磁场的转速相同，故C错误；

D．刹车（停止供电）时；乙电机转子失去磁性，则无法通过反向发电从而回收动能，故D错误。

故选B。8、B【分析】【详解】

A．根据变压器与匝数关系

故A错误；

B．根据

可得

解得

故B正确；

C．副线圈电流有效值为而交流电的类型未知，则最大值不是2A，故C错误；

D．变压器输入功率为

故D错误；

故选B。9、D【分析】【详解】

汽车的车窗有防夹手功能；在关闭过程中碰到障碍时会停止并打开，这是因为使用压力传感器．故D正确，A；B、C错误；故选D．

【点睛】考查传感器的原理及应用，掌握各种传感器的联系与区别，注意电学量与非电学量的含义．二、多选题(共8题，共16分)10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．在x轴方向上的速度不变；则在y轴方向上受到大小一定的洛伦兹力，根据牛顿第二定律，小球的加速度不变，A错误，B正确；

CD．管子在水平方向受到拉力和球对管子的弹力，球对管子的弹力大小等于球在x轴方向受到的洛伦兹力大小，在y轴方向的速度逐渐增大，则在x轴方向的洛伦兹力逐渐增大，所以F随时间逐渐增大；C错误，D正确。

故选BD。

【点睛】

本题中小球做类平抛运动，其研究方法与平抛运动类似．小球在y轴方向受到洛伦兹力做匀加速直线运动，在x轴方向受洛伦兹力与弹力平衡．11、A:C:D【分析】【分析】

考查传感器的应用。

【详解】

A．当温度高于警戒温度时电磁铁线圈通电；由于电磁感应2会脱离4接触3，故A正确；

BC．当温度升高时水银膨胀；到达设定高度后左侧电路接通，右侧3触电接通，电铃报警，故B错误，C正确；

D．要提高报警时的警戒温度，应让水银在更高温度下接通电路，所以应使导线AB短些；故D正确。

故选ACD。12、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．共享单车质量小；惯性小。A错误；

B．GPS模块通过人造卫星定位；所以App上定位共享单车位置信息须通过人造通讯卫星。B正确；

C．共享单车和手机之间是靠电磁波传递信息。C正确；

D．自行车可通过车轮转动给车内电池进行充电；利用电磁感应原理将动能转化为电能。D正确。

故选BCD。13、B:D【分析】【详解】

AB．AB切割磁感线产生感应电流，根据右手定则判断可知，AB中感应电流的方向为B→A，则导体棒CD内有电流通过，方向是C→D；故A错误B正确；

CD．感应电流通过CD，CD棒受到安培力作用，由左手定则判断可知磁场对导体棒CD的安培力向右。故C错误D正确。

故选：BD。14、A:D【分析】【详解】

A．若粒子经时间恰好垂直打在CD上，则粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为L，根据牛顿第二定律有

解得

故A正确；

B．若粒子经时间恰好垂直打在CD上，如图1所示，可知粒子运动了三段四分之一圆弧，则运动的半径大小为

故B错误；图1

CD．若要使粒子恰能沿DC方向通过C点，如图2所示，则粒子运动的总时间一定为磁感应强度变化周期的整数倍，设粒子运动的半径为r，则

根据牛顿第二定律有

解得

根据几何关系可知粒子在一个磁场变化的周期T0内转过的圆心角为120°，则

故C错误；D正确。

故选AD。图215、A:D【分析】【详解】

A．根据单位时间内的脉冲数；可求得车轮转动周期，从而求得车轮转动的角速度，最后由线速度公式结合前轮半径，即可求解车速大小，故A正确；

B．根据洛伦兹力等于电场力有

可得

根据电流的微观定义式

可得

联立解得

可知霍尔电压与车速大小无关；故B错误；

C．图乙中电流I是由负电荷定向移动形成的；故C错误；

D．根据公式

若长时间不更换传感器的电源；则电流I减小，则霍尔电势差将减小，故D正确。

故选AD。16、A:D【分析】【详解】

试题分析：先看感应电流方向；铜制圆环内磁通量先向里并增大，由楞次定律可知，铜制圆环感应电流的磁场向外，依据右手安培定则得到，感应电流方向为逆时针；铜制圆环越过最低点过程中，铜制圆环内磁通量向里的减小，向外的增大，所以铜制圆环感应电流的磁场向里，感应电流为顺时针；越过最低点以后，铜制圆环内磁通量向外并减小，所以铜制圆环感应电流的磁场向外，感应电流为逆时针，A正确；B错误；

再看安培力方向；由于圆环的电流是相等的，把圆环沿竖直方向看成两个半圆环，则这两个半圆环的电流相等；磁场不相同，则磁场强的半圆产生的安培力大于磁场弱的，故安培力的合力的方向是水平的，同理，当圆环摆过最下端的位置时，安培力的方向也是如此，C错误；D正确；故选AD．

【名师点睛】本题由楞次定律可得出电流的方向；重点在于弄清何时产生电磁感应，以及磁通量是如何变化的，按着应用楞次定律判断感应电流的方向的步骤进行分析和判断；再由左手定则判断安培力的方向．

考点：楞次定律、安培力．17、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．若不撤去拉力F，对棒由牛顿第二定律有

当时，速度达到最大，联立各式解得最大速度为

即杆的最大速度不会超过5m/s；选项A错误；

B．若在F撤去前金属杆的切割速度时，代入各式可得加速度为

撤去F后棒减速的速度为时，加速度为

故金属杆的速度为4m/s时，其加速度大小为0.9m/s2或1.6m/s2；选项B正确；

C．从撤去拉力F到金属杆停下，棒只受安培力做变减速直线运动，取向右为正，由动量定理有

而电量的表达式

可得

选项C正确；

D．从撤去拉力F到金属杆停下的过程由动能定理

而由功能关系有

另金属杆和电阻R串联，热量比等于电阻比，有

联立解得

选项D正确。

故选BCD。三、填空题(共9题，共18分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]如图所示的电路中，当受到强光的照射下，的阻值减小；电流增大，则灯L会发光。

[2]当用遮光板盖住时，的阻值增大，电流减小，灯L不会发光。【解析】会不会19、略

【分析】【详解】

[1]该实验运用控制变量法研究物理量的关系，根据向心力公式实验探究向心力F和圆柱体线速度v的关系时，要保持圆柱体质量和半径都不变；研究F与r的关系时；保持圆柱体的质量和线速度的大小不变，故采用控制变量法；

[2]向心力F需要用力传感器测定，圆柱体的线速度v需要用光电传感器测定，故需要用到力传感器、光电传感器。【解析】①.控制变量法②.力传感器、光电传感器20、略

【分析】【详解】

[1]电阻对灯泡亮度的影响与频率无关，故a灯亮度不变。

[2]根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变高时，电感对电流的感抗增大，b灯变暗。

[3]根据电容器的特性：通调频、阻低频，当电源的频率变高时，电容器对电流的容抗减小，c灯变亮。【解析】不变变暗变亮21、略

【分析】【详解】

[1]当电键断开或闭合的瞬间；M线圈中电流变化，引起N线圈周围磁场强弱变化，通过N线圈中的磁通量变化，因此在N线圈中产生电磁感应现象。

[2]当电键闭合瞬间，M线圈中电流增强，磁场增强，磁感应强度增大；由右手螺旋定则可知通过N线圈的磁通量向上且增加，根据楞次定律可知，N线圈中感应电流产生的感应磁场向下，可知通过灵敏电流计的电流方向为a到b。【解析】Na到b22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由右手定则可知，该磁场方向为垂直纸面向外。因c中通过的电流大小未知，故无法确定导线a受到的磁场力大小。【解析】垂直纸面向外无法确定23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]棒固定时，棒进入水平轨道时速度为有

棒刚进入磁场时的感应电动势为

棒刚进入磁场时的电流为

联立解得

(2)[2]由动量定理可得

联立解得

(3)[3][4]棒不固定，两棒最终一起做匀速直线动动，由动量守恒定律可得

解得

则

(4)[5][6]由能量守恒定律可得，整个过程中动能减小转化为电能，再转化为内能产生热量，则有

解得【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】相互靠近25、略

【分析】【详解】

[1][2]医院里常用紫外线对病房和手术室进行消毒，飞机场常用X射线对行李进行安全检查。【解析】紫外线X射线26、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在电磁波谱中；医院用于“透视”检查身体的是X射线；

[2]1831年；英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象；

[3]放在磁场中某点的小磁针静止时，其N极所指的方向为该点的磁场方向。【解析】X射线法拉第N四、作图题(共4题，共36分)27、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】29、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】30、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共2题，共8分)31、略

【分析】【详解】

(1)[1]探究变压器原；副线圈两端的电压与线圈匝数之间的关系；主要实验器材有可拆变压器(铁芯、两个已知匝数的线圈)、低压交流电源和多用电表等，故选BE。

(2)[2]铁芯上原，副线圈接入的匝数分别为n1=800匝和n2=400匝，则根据变压器的工作原理可知

即原；副线圈两端的电压之比为2：1；但实际电压差距很大，说明该同学忘记了把图甲中的铁芯B组装到变压器铁芯A上，导致“漏磁”，则副线圈两端的电压很小。

故选D。

(3)[3]根据变压器的工作原理可知

解得

如果副线圈不带铁芯；则会出现漏磁现象，副线圈的输出电压会小于6V。

故选C。【解析】BEDC32、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]在“探究变压器两个线圈的电压关系”的实验中；首先将两个线圈套到可拆变压器的铁