2025年北师大新版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大新版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，有竖直向下的匀强电场，A、B两等势面间的距离为5cm，电势差为25V，在电场中的P点固定放置电荷量为C的负点电荷，此时电场中有一点的场强为零，此点在P点的（）A.上方30cm处B.下方30cm处C.上方25cm处D.下方25cm处2、a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点.电场线与矩形所在平面平行。已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为()A.4VB.8VC.12VD.24V3、关于晶体、非晶体和液晶，下列说法正确的是（）A.晶体熔化后就形成了液晶B.单晶体有固定的熔点，多晶体没有固定的熔点C.是否有规则的几何外形是区分晶体与非晶体的标志D.晶体的各向异性是因为内部物质微粒各方向排列不同，空间上呈现周期性4、假设羊的毛色遗传由一对基因控制，黑色（B）对白色（b）为显性。一个随机交配多代的羊群中，白毛和黑毛的基因频率各占一半，现需对羊群进行人工选择，逐代淘汰白色个体。下列说法正确的是()

A.淘汰前，该羊群中黑色个体数量与白色个体数量相等

B.淘汰前，随着交配代数增加，羊群中纯合子的比例增加

C.随着淘汰代数的增加，羊群中B和Bb的频率均逐渐增加

D.白色羊至少要淘汰2代，才能使b基因频率下降到25％

5、在匀强电场中，将一个带电量为q

质量为m

的小球由静止释放，带电小球的轨迹为一直线，该直线与竖直方向夹角为娄脠

如图所示，那么匀强电场的场强大小为(

)

A.最大值是mgtan娄脠q

B.最小值是mgsin娄脠q

C.唯一值是mgtan娄脠q

D.同一方向上，可有不同的值6、质量为m

的木箱在光滑的水平地面上，在与水平方向成娄脠

角的恒定拉力F

作用下由静止开始运动，经过时间t

速度变为v

则在这段时间内拉力F

与重力的冲量大小分别为()

A.Ft0

B.Ftcos娄脠0

C.mvmgt

D.Ftmgt

7、一个电阻接在某电路中，消耗的功率为110W110W通过3C3C的电荷量时，有330J330J的电能转化为内能..则下列说法不正确的是()

A.电阻两端电压为330V

B.通过电阻的电流为1A

C.电阻通电时间为3s

D.这个电阻的阻值为110娄赂

评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)8、如图所示，一单匝线圈从左侧进入磁场．在此过程中，线圈的磁通量将____（选填“变大”或“变小”），线圈中将产生____，若上述过程所经历的时间为0.1s，线圈中产生的感应电动势为0.2V，则线圈中的磁通量变化了____Wb．

9、在一次研究性学习的实验探究中，某组同学分别测绘出一个电源的路端电压随电流变化的关系图线，还测绘出了一个电阻两端的电压随电流表化的关系图线，如图中AC和OB．若把该电阻R接在该电源上构成闭合电路（R为唯一用电器），由图可知，外电阻的电阻值是____，电源的电阻是____，电源的输出功率是____，电源的效率是____．

10、“在用单摆测定重力加速度”的实验中。

（1）用摆长为L和周期T计算重力加速度的公式是g=____．

（2）如果用10分度的游标卡尺测得的摆球直径如图甲所示，则摆球的直径d=____cm；用最小刻度为1mm的刻度尺的零点对准摆线的悬点，测得的摆线长如图乙所示，则单摆的摆长为L=____cm；如果测量了40次全振动的时间如图丙所示，则此单摆的振动周期T=____s．

（3）由实验数据得出重力加速度g=π2：____．11、动能相等的两物体A、B在光滑水平面上沿同一直线相向而行，它们的速度大小之比vA：vB=4：1，则动量之比PA：PB=______；两者碰后粘在一起运动，其总动量大小与A原来动量大小之比P：PA=______．12、用接在50Hz交流电源上的打点计时器，测定小车速度，某次实验中得到一条纸带，如图所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个记数点，分别标明0、l、2、3、4，量得0与1两点间距离x1=30mm，3与4两点间的距离x2=48mm，则小车在0与1两点间的时间间隔是______s，0与1两点间的平均速度为______m/s，若小车作匀加速直线运动，则其加速度大小为______m/s2．

13、两个力合力最大值15N，最小值3N，且F1>F2，则两个已知力F1＝_____N，F2=______N。14、按基本形态分类，能源通常可分为一次能源和二次能源．太阳能属于____．按再生性分类，能源分为再生能源和非再生能源．天然气属于____．15、A.如图所示，桌面上放有一只10

匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体.

当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将__________(

选填“变大”或“变小”).

在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化0.1Wb

经历的时间为0.5s

则线圈中的感应电动势为__________V

．B.如图所示，开始时开关与a

相连.

当将开关与b

相连后的瞬间，通过灵敏电流表的电流方向__________(

选填“向左”或“向右”)

电容器的电容__________(

选填“变大”“变小”或“不变”)

．16、英国物理学家麦克斯韦认为：变化的磁场________(

选填“能”或“不能”)

产生电场.

电磁波按照波长由长到短排列依次是：无线电波、红外线、可见光、________、X

射线和娄脙

射线．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）22、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）23、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）24、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共3题，共15分)25、是合成高聚酚酯的原料，其合成路线rm{(}部分反应条件略去rm{)}如下图所示：

rm{(1)A}的结构简式为____，rm{B}分子中最多有____个原子共面。rm{(2)}反应rm{垄脵}的反应条件____。rm{(3)}由rm{C}生成rm{D}的化学方程式为____。rm{(4)}与rm{D}互为同分异构体且含有碳碳双键和rm{-COO-}的苯的二元取代物有____种，其中核磁共振谱为rm{5}组峰，且峰面积比为rm{2:1:2:2:1}的结构简式为____rm{(}任写一种rm{)}rm{(5)}写出以rm{C_{2}H_{5}OH}为原料合成乳酸rm{(}rm{)}的路线rm{(}其他试剂任选，合成路线常用的表示方式为目标产物rm{)}26、已知rm{CH_{3}隆陋CH篓TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烃rm{A}充分燃烧后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}该芳香烃rm{A}在不同条件下能发生如图所示的一系列变化：

请回答下列问题：

rm{(1)A}中官能团的名称为：______________，rm{A}的结构简式：_______________________。

rm{(2)}上述反应中，rm{垄脵}是________反应rm{(}填反应类型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}写出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物质的结构简式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}写出rm{D隆煤F}反应的化学方程式：______________________________。27、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首脍炙人口的中国民歌。茉莉花香气的成分有多种，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一种，它可以从茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯为原料进行人工合成。其中一种合成路线如下：回答下列问题：

rm{(1)A}rm{B}的结构简式为______________；

rm{(2)}写出反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式rm{垄脷}_____________________rm{;垄脼}_____________________

rm{(3)}上述反应中属取代反应的有______________

rm{(4)}反应______________rm{(}填序号rm{)}原子的理论利用率为rm{100%}符合绿色化学的要求。评卷人得分五、作图题(共2题，共14分)28、试判断下列各图中带电粒子受洛仑兹力方向或所带电荷种类或运动方向。29、如图所示，细绳的一端在外力作用下从t＝0时刻开始做简谐运动，激发出一列简谐横波．在细绳上选取15个点，图甲为t＝0时刻各点所处的位置，图乙为t＝时刻的波形图(T为波的周期)．请画出t＝时刻的波形图．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【解析】试题分析：由电势差与场强的关系U=Ed,电场中有一点的场强为零，说明点电荷在改点场强方向向上，大小为500V/m，根据负电荷的场强分布可知该点在P点正下方，由B对；考点：考查场强的叠加【解析】【答案】B2、B【分析】试题分析：在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，将线段bd五等分，如图所示，则Ube=Ubd=×（24-4）=4V，故Ube=φb-φe=4V，故φf-φd=4V，故φe=24-4=20V．φf=8V．故φa=φe，连接cf，则cf∥ae，故c点的电势φc=φf=8V，故B正确．考点：电势，等势面【解析】【答案】B3、D【分析】解：A；液晶是一类比较特殊的物质；它既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各向异性，故A错误．

B；单晶体和多晶体都具有一定的熔点；故B错误．

C；晶体具有一定的熔点；非晶体不具有一定的熔点．故C错误．

D；单晶体具有各向异性；在各个不同的方向上的物理性质不同，分子的排列在空间上有周期性，多晶体和非晶体具有各项同性，故D正确．

故选：D．

本题考查了对晶体和单晶体的理解；晶体具有各向异性，在各个不同的方向上的物理性质不同，分子的排列在空间上有周期性，非晶体具有各项同性．液晶既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各向异性．单晶体和多晶体都具有一定的熔点．

该题考查晶体与非晶体以及它们的特性，此题需要知道晶体和非晶体的区别，对晶体还要区分好单晶体和多晶体的区别．【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】本题考查基因频率和基因分离定律的应用，意在考查学生对知识的理解和应用能力、分析问题和解决问题的能力。【解答】A.假设羊的毛色遗传由一对基因控制，黑色（B）对白色（b）为显性。一个随机交配多代的羊群中，白毛和黑毛的基因频率各占一半，则淘汰前，该羊群中黑色个体数量与白色个体数量不相等，该羊群中黑色个体数量占的比例为75%，A错误；

B.淘汰前，随着交配代数增加，羊群中纯合子的比例不变，B错误；

C.随着淘汰代数的增加，羊群中B的频率逐渐增加，Bb的频率逐渐降低，C错误；

D.据基因分离定律计算可知，白色羊至少要淘汰2代，才能使b基因频率下降到25％，D正确。故选D。【解析】D5、B【分析】解：小球在重力和电场力的共同作用下做加速直线运动；当电场力的大小与重力沿合力的垂直方向分力相等时，电场力最小；

即qE=mgsin娄脠

故E=mgsin娄脠q

故选：B

．

带电小球受到电场力与重力作用；小球沿合力方向做加速直线运动，根据图示位置可确定电场力的方向，则由电场线的方向可得出带电小球的电性及电量大小．

带电粒子在电场的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同.

先分析受力情况再分析运动状态和运动过程，然后选用恰当的规律解题．【解析】B

6、D【分析】【分析】根据冲量的表达式，求出拉力和重力的冲量大小。本题考查了对冲量定义的理解。解决本题的关键掌握冲量的公式，知道冲量的矢量性。【解答】在t

时间内，拉力F

的冲量I=Ft

重力的冲量IG=mgt

故D正确，ABC错误。故选D。【解析】D

7、A【分析】解：A

通过3C

的电荷量时；有330J

的电能转化为内能，根据W=qU

有：

U=Wq=330J3C=110V

故A错误；

B、根据P=UI

电流：I=PU=110110=1A

故B正确；1101

C、根据q=It

时间：t=qI=31=3s

故C正确；

D、根据欧姆定律，电阻：R=UI=1101=110娄赂

故D正确；

故选：A

．

根据W=qU

求解电压；根据P=UI

求解电流，根据q=It

求解时间，根据欧姆定律求解电阻．

本题关键是记住电功、电功率、电流、欧姆定律的四个公式，并能正确应用．【解析】A

二、填空题(共9题，共18分)8、略

【分析】

匀强磁场中；当线圈与磁场垂直时，磁通量Φ=BS，面积变大，故磁通量变大；

产生感应电流的条件是：①闭合导体回路；②磁通量变化；故线圈中有感应电流产生；

根据法拉第电磁感应定律故△Φ=nE•△t=1×0.2×0.1=0.02Wb；

故答案为：变大；感应电流，0.02．

【解析】【答案】匀强磁场中；当线圈与磁场垂直时，磁通量Φ=BS，根据面积变化，分析磁通量的变化；

产生感应电流的条件是：①闭合导体回路；②磁通量变化；

根据法拉第电磁感应定律求解磁通量变化．

9、略

【分析】

由图象可知，OB的斜率表示外电阻R==Ω=1.2Ω；

AC斜率的绝对值表示电源的内阻r=Ω=0.3Ω；

电源的输出功率P=UI；U为外电阻两端电压，电路中的总电流即为流过外电阻的电流，所以P=1.2×1W=1.2W；

电源的效率为η=×100%==80%．

故答案为：1.2Ω；0.3Ω；1.2W；80%．

【解析】【答案】由OB的斜率可以求出外电阻的阻值；由AC的斜率可以求得电源的内电阻；由P=UI可求得电源的输出功率；由电源的效率公式可求得电源的效率．

10、略

【分析】

（1）通过周期公式T=2π得g=．

（2）由图示游标卡尺可知；主尺的示数是13mm，游标尺的示数是5×0.1mm=0.5mm；

则游标卡尺示数；即小球直径d=13mm+0.5mm=13.5mm=1.35cm；

单摆的摆长为L=96.15cm

由图示秒表可知；分针示数是1m=60s，秒针示数是19.2s，秒表示数是60s+19.2s=79.2s；

单摆周期T==1.98s；

（3）单摆摆长l=L+=0.98m，重力加速度g=9.74m/s2

故答案为：（1）

（2）1.35；96.15，1.98

（3）9.74m/s2

【解析】【答案】根据题意求出单摆的摆长与周期；然后由单摆周期公式的变形公式求出重力加速度表达式．

游标卡尺的示数等于主尺示数与游标尺示数之和；秒表示数等于分针示数与秒针示数之和；根据图示秒表读出秒表示数，然后求出单摆的周期，把所测数据代入重力加速度公式，求出重力加速度．

11、略

【分析】解：根据知；动能相等，A；B的速度大小之比为4：1，则质量之比为1：16；

根据P=知，PA：PB==1：4；

由于A、B相向而行，规定B的方向为正方向，则碰前总动量P=PB-PA=3PA；

碰撞前后动量守恒，则碰撞总动量的大小为3PA，其总动量大小与A原来动量大小之比P：PA=3：1．

故答案为：1：4；3：1．

抓住动能相等；结合速度之比求出质量之比．结合动量和动能的关系求出动量之比．根据动量守恒定律求出碰后粘在一起后的总动量，从而得出总动量大小与A原来动量大小之比．

解决本题的关键知道A、B碰撞前后动量守恒，知道动量和动能的关系，并能灵活运用，难度适中．【解析】1：4；3：112、0.10.30.6【分析】解：频率是50Hz；说明每隔0.02s打一个点，又每五个打印点取一个记数点，所以没两个记数点之间的时间间隔是5个0.02，也就是0.1s；

0与1两点间的位移是30mm，即为0.03m，时间是0.1s，所以平均速度为=0.3m/s；

因为小车做匀加速直线运动，所以中间时刻速度等于这个过程的平均速度，所以在0到1的计数点的中间时刻的速度为0.3m/s，而3与4之间距离为0.048m，所以3与4之间的中间时刻速度为0.48m/s，而这两个中间时刻的时间间隔为0.3s所以加速度为a==m/s2=0.6m/s2．

求加速度还可以用公式△x=at2来求解：

已知0与1两点间距离为30mm=0.03m；3与4两点间的距离为48mm=0.048m；

由于它们分别是第一段和第四段位移的大小，由△x=at2可以得到；

△x=3at2；

所以a==m/s2=0.6m/s2．

故答案为：0.1；0.3；0.6．

电源的频率是50Hz；说明每隔0.02s打一个点，又每五个打印点取一个记数点，可以计算时间间隔；

有时间；有位移用平均速度的公式就可以计算平均速度；

知道两段位移的时间；位移；可以求出中间时刻的速度，由再加速度的定义式可以求得．

本题对打点计时器和纸带的处理考查的很好，同时也考查了学生求加速度的方法，加速度也可以用△x=at2来求解．【解析】0.10.30.613、略

【分析】试题分析：因为：F1+F2=15N；F1-F2=3N，解得F1=9N，F2=6N.考点：力的合成.【解析】【答案】9；614、一次能源非再生能源【分析】【解答】必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源；四种能源中只有电能需要消耗其他形式的能才能转化为电能，故太阳能属于一次能源．

可以长期提供或可以再生的能源属于可再生能源；随其本身的转化或被人类利用而减少的能源，天然气属于非再生能源；

故答案为：一次能源；非再生能源．

【分析】（1）一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；（2）二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气；（3）可再生能源：不随其本身的转化或被人类利用而减少的能源：太阳能、生物能、水能；（4）不可再生能源：随其本身的转化或被人类利用而减少的能源：化石燃料、煤气、汽油．15、略

【分析】A.

【分析】

由磁通量的定义可知线圈中磁通量的变化；由法拉第电磁感应定律可求得线圈中的感应电动势；从而即可求解。

本题考查法拉第电磁感应定律的应用；题目较为简单，熟记法拉第电磁感应定律即可求解。

【解答】

在磁体竖直向下落时，穿过线圈的磁感应强度增大，故磁通量变大；由法拉第电磁感应定律可得：E=N?娄碌?t=10隆脕0.10.5V=2V

故答案为：变大；2

B.

【分析】

当开关与a

相连时，电源给电容器充电，当开关与b

相连时；电容器放电.

明确电容器的电容与电量和电压无关，只与电容器本身的性质有关。

解决本题关键了解电容器的性质以及电容器充；放电的特性；知道充电时与电源正极相连的极板带正电，与电源负极相连的极板带负电。

【解答】

开关与a

相连时与电源相连，电容器带电，上端带正电；当开关与b

相连时，电容器放电，电流表中电流向左；电容器的大小由电压和电量无关，故开关变化时，电容不变。故答案为：向左；不变。

【解析】A.变大2

B.向左不变16、能紫外线。

【分析】【分析】

麦克斯韦建立了电磁场理论；预言了电磁波的存在，明确变化的磁场可以产生电场；

电磁波按波长由长到短的排列顺序是无线电波、红外线、可见光、紫外线、x

射线、娄脙

射线。本题考查电磁波理论以及电磁波谱；要注意明确麦克斯韦的电磁场理论内容，同时对电磁波的波长长短顺序要加强记忆，便于解题。

【解答】

麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的电场周围产生磁场；变化的磁场周围产生电场；

电磁波中波长最长的是无线电波；波长最短的是娄脙

射线，电磁波按波长由长到短的排列顺序是无线电波；红外线、可见光、紫外线、x

射线、娄脙

射线。

故答案为：能；紫外线。【解析】能紫外线。

三、判断题(共8题，共16分)17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．22、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．23、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．24、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、推断题(共3题，共15分)25、（1）HCHO15（2）NaOH醇溶液加热（3）+H2O（4）6(5)【分析】【分析】本题考查有机物推断和有机合成，为高频考点，侧重考查学生分析推断及知识综合应用能力，明确有机物官能团及其性质、有机反应类型及反应条件是解本题关键，难点是根据反应物和生成物采用知识迁移的方法进行有机合成，题目难度中等。【解答】根据流程图知，rm{垄脵}为消去反应、rm{垄脷}为加成反应，则rm{A}为rm{HCHO}rm{B}为rm{B}发生信息rm{ii}的反应，rm{C}结构简式为rm{C}发生缩聚反应生成rm{E}rm{E}结构简式为rm{C}发生消去反应生成rm{D}rm{D}结构简式为rm{D}和苯酚发生酯化反应生成

rm{(1)A}为甲醛，结构简式为rm{HCHO}rm{B}为与苯环直接相连的原子和苯环碳原子共面，且单键可以旋转，通过旋转醛基三个原子可以旋转到苯环平面上，所以rm{B}分子中最多有rm{15}个原子共面，故答案为：rm{HCHO}rm{15}

rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反应类型为生成rm{C}的反应类型为是卤代烃的消去反应，反应条件为rm{D}醇溶液加热，故答案为：rm{NaOH}醇溶液加热；

rm{NaOH}在浓硫酸条件下发生消去反应生成rm{(3)C}rm{D}结构简式为化学方程式为：rm{D}rm{xrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}

故答案为：rm{+H_{2}O}rm{xrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}rm{+H}rm{2}rm{2}满足rm{O}的苯的二元取代物的rm{(4)}的同分异构体有：含有含有碳碳双键和rm{-COO-}的苯的二元取代物的和rm{-COO-}邻间对rm{D}种，含有rm{-CH=CH_{2}}和rm{-COOH(}邻间对rm{)3}种，所以共rm{-CH=CH_{2}}种，rm{-OOCH(}组峰，且峰面积比为rm{)3}的结构简式为：

故答案为：rm{3+3=6}其中核磁共振谱为rm{5}组峰，且峰面积比为rm{2:1:2:2:1}的结构简式为：被催化氧化生成rm{5}rm{2:1:2:2:1}和rm{6}发生加成反应生成rm{(5)CH_{3}CH_{2}OH}该物质发生水解反应生成rm{CH_{3}CHO}其合成路线为故答案为：rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)HCHO}rm{15}rm{(2)NaOH}醇溶液加热rm{(3)}rm{xrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{(4)6}rm{(5)}26、（1）碳碳双键

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本题考查有机推断，涉及烯烃、卤代烃、醇等性质以及学生根据信息给予获取知识的能力，是对有机化合物知识的综合考查，能较好的考查考生的自学能力和分析推理能力，推断出rm{A}的分子式，根据反应条件及反应类型，利用顺推法进行推断，是高考热点题型，难度中等。【解答】rm{1mol}某烃rm{A}充分燃烧后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烃rm{A}的分子式为rm{C_{8}H_{8}}不饱和度为rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯环，由rm{A}发生加聚反应生成rm{C}故A中含有不饱和键，故A为rm{C}为rm{A}与溴发生加成反应生成rm{B}则rm{B}为rm{B}在氢氧化钠的乙醇溶液、加热条件下发生消去反应生成rm{E}则rm{E}为rm{E}与溴发生加成反应生成由信息烯烃与rm{HBr}的加成反应可知，不对称烯烃与rm{HBr}发生加成反应，rm{H}原子连接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故与rm{HBr}放出加成反应生成rm{D}则rm{D}为rm{D}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成rm{F}则rm{F}为rm{F}与乙酸发生酯化反应生成rm{H}故H为据此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能团是碳碳双键，r