2025年沪科版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、下列说法正确的是A.是α衰变方程B.是核聚变反应方程C.是核裂变反应方程D.是核聚变反应方程2、一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为e=220sin100t（V），关于这个交变电流，下列说法中正确的是()A.交变电流的频率为100HzB.电动势的有效值为220VC.电动势的有效值约为311VD.t=0时，线圈平面与中性面垂直3、如图所示，正点电荷Q固定于N点，另有A、B两个质量相等，电荷量分别为qA、qB（qA<qB）的点电荷，从M点以相同的速度v0分别向N点运动，运动过程中两点电荷都未到达N点。若刚开始运动时A、B的加速度分别为aA、aB，A、B距离N点最近的距离分别为rA、rB，从M点出发到距离N点最近的过程中，A、B克服电场力做功分别为WA、WB，仅考虑Q对A；B的电场力作用；则（）

A.aA>aBB.rA=rBC.rA<rBD.WA>WB4、如图所示，一定质量的理想气体从状态a开始，经过两个状态变化过程，先后到达状态b和状态c。下列说法正确的是（）

A.从a到b的过程中，气体从外界吸热B.从a到b的过程中，气体的内能增加C.从b到c的过程中，气体的压强减小D.从b到c的过程中，气体对外界做功5、如图所示，竖直放置的两端开口的U形管，一段空气柱被水银柱a和水银柱b封闭在右管内，水银柱b的两个水银面的高度差为h。现将U形管放入热水槽中，则系统再度达到平衡的过程中（水银没有溢出，外界大气压保持不变）（）

A.空气柱的压强变大B.空气柱的长度不变C.水银柱b左边液面要上升D.水银柱b的两个水银面的高度差h不变6、“回热式热机”的热循环过程可等效为如图所示a→b→c→d→a的曲线，一定质量的理想气体在a→b、c→d为等温过程，b→c、d→a为等容过程；则（）

A.a状态气体分子平均动能比c状态小B.a状态下单位时间与器壁单位面积碰撞的气体分子数与d状态相同C.a→b的过程气体放出热量D.在一次循环过程中，气体从外界吸收的热量大于放出的热量。7、一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其V-T图象如图所示，pa、pb、pc分别表示状态a、b、c的压强；下列判断正确的是（）

A.a→b过程中气体一定放热B.b→c过程中分子势能不断增大C.b→c过程中每一个分子的速率都减小D.8、如图所示，电阻不计的两根光滑平行金属导轨左端接有一个自感系数很大的线圈L，金属棒MN置于导轨上，并与其保持良好接触．MN中点处通过一平行于导轨的轻质绝缘杆固定，在绝缘杆左端装有一力传感器(图中未画出)，可以显示出MN对绝缘杆施加作用力的情况．直流电源E、电阻R和电键S接在导轨之间，自感线圈L的直流电阻是金属棒MN电阻的一半．关于绝缘杆；下列说法正确的是。

A.闭合S，受到向左的拉力，且力传感器示数越来越大B.闭合S，受到向右的压力，且力传感器示数越来越小C.断开S，受到向左的拉力，且力传感器示数越来越小直至为零D.断开S，受到向右的压力，且力传感器示数先突然变大再逐渐减小为零9、物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认知，推动物理学的发展。下列说法符合事实的是（）A.汤姆孙发现了电子，并提出了“原子的核式结构模型”B.卢瑟福用α粒子轰击获得反冲核发现了质子C.查德威克发现了天然放射性现象，说明原子核有复杂结构D.普朗克提出的“光子说”成功解释了光电效应评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、在如图所示的电路中，灯L1、L2的电阻分别为R1、R2，滑动变阻器的最大阻值为R0，若有电流通过，灯就发光，假设灯的电阻不变，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时，灯L1、L2的亮度变化情况是()

A.当时，灯L1变暗，灯L2变亮B.当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2先变亮后变暗C.当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2不断变暗D.当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2不断变亮11、如图1所示，光滑的平行竖直金属导轨AB、CD相距L，在A、C之间接一个阻值为R的电阻，在两导轨间abcd矩形区域内有垂直导轨平面竖直向上、宽为5d的匀强磁场，磁感应强度为B，一质量为m、电阻为r、长度也刚好为L的导体棒放在磁场下边界ab上（与ab边重合），现用一个竖直向上的力F拉导体棒，使它由静止开始运动，已知导体棒离开磁场前已开始做匀速直线运动，导体棒与导轨始终垂直且保持良好接触，导轨电阻不计，F随导体棒与初始位置的距离x变化的情况如图2所示；下列判断正确的是（）

A.导体棒离开磁场时速度大小为B.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为C.离开磁场时导体棒两端电压为D.导体棒经过磁场的过程中，电阻R产生焦耳热为12、如图所示，MN、PQ是倾斜放置的两根足够长的光滑平行金属导轨．导轨所在平面与水平面成30°，导轨间距为L=0.5m，导体棒ab、cd分别垂直于导轨放置，且棒两端都与导轨接触良好，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=0.5T，当给棒ab施加平行于导轨向上的力F时，ab导体棒沿导轨向上以某一速度匀速运动，cd棒恰好静止在导轨上，已知两棒的质量均为0.5kg，接入部分电阻均为R=0.5R，导轨电阻不计，取则下列说法正确的是()

A.当ab棒匀速运动时，拉力F的大小为10NB.当ab棒匀速运动时，回路中的电热功率为100WC.撤去拉力F的一瞬间，cd棒的加速度大小为5m/s2D.撤去拉力F的一瞬间，ab棒的加速度大小为10m/s213、如图所示电路中，电源内阻r不能忽略，两个电压表均为理想电表．已知R1=10Ω，r=2Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω．当滑动变阻器R2的滑动触头P移动时；下列判断正确的是。

A.P从b端向a端移动过程中，R2消耗的功率先增大后减小B.P从a端向b端移动过程中，R1消耗的功率先减小后增大C.P从b端向a端移动过程中，V1的示数一直增大D.P从a端向b端移动过程中，V1的示数与电池内电阻分压之和一直增大14、下列物体中处于非平衡态的是（）A.冰水混合物处在1℃的环境中B.将一铝块放入沸水中加热较长的时间C.冬天刚打开空调的教室内的气体D.用玻璃杯盛着的开水放在室内足够长时间15、已知干电池的电动势为下列说法正确的是（）A.用电压表直接连接干电池的两极，测量得到的电压近似等于该电池的电动势B.当外电路闭合时，每当的电荷量通过，该干电池就能把的化学能转化为电能C.当外电路闭合时，在内有的电荷量通过该电池D.当外电路闭合时，在内该电池能提供的电能16、如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动；下列说法中正确的是()

A.线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流B.穿过线圈a的磁通量变小C.线圈a有扩张的趋势D.线圈a对水平桌面的压力FN将增大17、2008年我国南方遭到了特大冰雪灾害，高压供电线路损坏严重．在维修重建过程中，除了增加铁塔的个数和铁塔的抗拉强度外，还要考虑尽量减小线路上电能损耗，既不减少输电功率，也不增加导线质量，对部分线路减少电能损耗采取的有效措施是()A.提高这部分线路的供电电压，减小导线中电流B.在这部分线路两端换用更大匝数比的升压和降压变压器C.在这部分线路上换用更优质的导线，减小导线的电阻率D.多增加几根电线进行分流评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、实验发现，二氧化碳气体在水深170m处将会变成液体。现用一活塞将一定量的二氧化碳气体封入某导热容器中，并将该容器沉入海底。已知随着深度的增加，海水温度逐渐降低，则在容器下沉过程中，容器内气体的密度将会________（选填“增大”、“减小”或“不变”），气体的饱和汽压将会____（选填“增大”、“减小”或“不变”）。19、关于饱和汽与饱和汽压，气体和液体之间的动态平衡是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率__________，一定温度下的饱和汽压与体积__________．20、判断下列说法的正误：

（1）一定质量的某种气体，在压强不变时，若温度升高，则体积减小。（____）

（2）“拔火罐”时，火罐冷却，罐内气体的压强小于大气的压强，火罐就被“吸”在皮肤上。（____）

（3）一定质量的气体，等容变化时，气体的压强和温度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的数学表达式＝C，其中C是一个与气体的质量、压强、温度、体积均无关的恒量。（____）21、如图所示，导线圈A水平放置，条形磁铁从其正上方向下移近(未插入)导线圈的过程中，导线圈A对水平面的压力将________．导线圈的面积有______趋势．（填“增大”,“不变”或“减小”）

22、图甲是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像，现将L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路，闭合开关S，L的实际功率为1.8W，则电源电压是________V，此时通过R的电流是_______A。

23、如图所示，一弹簧振子在M、N间沿光滑水平杆做简谐运动，坐标原点O为平衡位置，MN=4cm．从小球图中N点时开始计时，到第一次经过O点的时间为0.1s，则小球振动的周期为______s，振动方程的表达式为x=______cm；．

24、“正电子湮没”是指正电子与电子相遇后一起消失而放出光子的过程，若一个电子和一个正电子相撞发生湮灭转化成一对光子，正、负电子的质量均为相碰前动能均为光速为普朗克常量为则对撞过程中系统动量_____（选填“守恒”、“不守恒”），光子的频率为_________．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)28、某同学设计了一个用打点计时器探究碰撞过程中不变量的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥；给小车A一定的初速度，使之做匀速直线运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘成一体，继续做匀速直线运动。他设计的具体装置如图甲所示，在小车A后连着纸带，电磁打点计时器电源的频率为50Hz，长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力。

（1）若得到打点纸带如图乙所示，并已将测“得各”计数点间距离标在图上。A为运动起始的第一点，则应选________段来计算小车A碰前的速度，应选________段来计算小车A和小车B碰后的共同速度（以上两空选填“AB”、“BC”、“CD”或“DE”）。

（2）测得小车A的质量mA＝0.40kg，小车B的质量mB＝0.20kg，由以上测量结果可得：碰前mAvA＋mBvB＝________kg·m/s；碰后mAvA′＋mBvB′＝________kg·m/s。29、有一小灯泡上标有“6V；0.1A”字样，现要描绘该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用。

A电压表（0～3V；内阻2.0kΩ）

B电压表（0～10V；内阻3.0kΩ）

C电流表（0～0.3A；内阻2.0Ω）

D电流表（0～6A；内阻1.5Ω）

E滑动变阻器（2A；30Ω）

F滑动变阻器（0.5A；1000Ω）

G学生电源（直流9V）；及开关，导线等。

（1）实验中所用的电压表应选____，电流表应选____，滑动变阻器应选____；

（2）如图方框中画出实验电路图，要求电压从0开始测量．30、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ；步骤如下：

（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图l，由图可知其长度为L=__________mm；

（2）用螺旋测微器测量其直径如图2所示，由图可知其直径D=__________mm：

（3）该同学用多用电表测的阻值约为100Ω；现用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R；

电流表A1(量程0~4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0~30mA；内阻约30Ω）；

电压表V1（量程0~3V，内阻约10kΩ）；电压表V2(量程0~15V；内阻约25kΩ）；

直流电源E(电动势4V；内阻不计）；

滑动变阻器R1(阻值范围0~15Ω；允许通过的最大电流2.0A）；

滑动变阻器R2(阻值范围0~2kΩ；允许通过的最大电流0.5A)；

开关S；导线若干。

为使实验误差较小；要求测得多组数据进行分析，某同学设计了如图的电路，试指出三处不妥之处：

①__________________________________________________；

②__________________________________________________；

③__________________________________________________．31、某同学采用“半偏法”测量一个量程为的电压表的内阻（约）；电路图如图所示。

(1)要使测量值尽量准确，除了选用电源、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用______（选填“A”或“B”），电阻箱中选用______（选填“C”或“D”），电源中选______（选填“E”或“F”）

A.滑动变阻器（）

B.滑动变阻器（）

C.电阻箱（），阻值最小改变量为

D.电阻箱（），阻值最小改变为

E.（电动势）；内阻可忽略。

F.电源（电动势）；内阻可忽略。

(2)该同学在测量电压表的内阻时；实验步骤如下：

①按实验原理图连按好电路，把开关断开，把滑动变阻器的滑片置于______（选填“a”或“b”）；

②闭合开关移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为

③保持位置不变，再断开开关调节电阻箱的阻值使电压表的示数为此时电阻箱的阻值为则被测电压表内阻的测量值______。

(3)为了减少实验的误差，必须使滑动变阻器的最大阻值______（选填“远小于”或“远大于”）电压表的内阻。

(4)电压表内阻的测量值和真实值相比，______（选填“略大于”“略小于”或“等于”）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

衰变是自发地进行的，不需其它粒子轰击，A错误；B中的反应为轻核聚变反应方程，B正确；C中是衰变方程，C错误；D中的反应方程为原子核人工转变方程，D错误．2、B【分析】【详解】

交变电流的频率为选项A错误；电动势的有效值为选项B正确

C错误；t=0时，线圈平面与中性面重合，选项D错误.3、A【分析】【分析】

【详解】

A．设MN=L，根据库仑定律可得粒子受到的电场力根据牛顿第二定律可得加速度大小为。

由于m、L、Q相同，qA＞qB，则aA＞aB；故A正确；

BC．根据动能定理可知。

解得。

由于m、v0相同，qA＞qB，则UMA＜UMB，电势差越大则移动的距离越远，距离N点的距离越近，所以rA＞rB；故BC错误；

D．根据动能定理可知克服电场力做功由于m、v0相同，则WA=WB；故D错误。

故选A。4、C【分析】【详解】

AB．从a到b的过程中，气体温度不变，内能不变，体积减小，外界对气体做功。

由热力学第一定律

得

气体从外界放热；AB错误；

CD．从b到c的过程中，体积不变，气体对外界不做功。从b到c的过程中；温度降低，体积不变，由查理定律得，气体的压强减小，C正确；D错误。

故选C。5、D【分析】【详解】

AB．外界大气压不变；被封闭气体压强始终不变，气体做等压变化，温度升高，则气体体积增大，故AB错误；

CD．被封闭气体压强始终不变，水银柱b两液面高度差h不变；则液面位置也不会发生变化，故C错误，D正确。

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据气态方程。

a状态气体分子的温度比c状态大，故a状态气体分子平均动能比c状态大；A错误；

B．d→a为等容过程，根据气态方程可知，a状态气体分子的温度比c状态大，故a状态下单位时间与器壁单位面积碰撞的气体分子数与d状态不相同；B错误；

C．a→b为等温过程；体积增大，故气体吸收热量，C错误；

D．根据。

可知，压强体积图像包围的面积表示做功，由于a→b过程中气体对外界做功，c→d的过程外界对气体做功；根据面积关系可知，整个过程中气体对外界做功，即。

而整个过程中。

根据热力学第一定律。

可知。

即气体吸热；故在一次循环过程中，气体从外界吸收的热量大于放出的热量，D正确。

故选D。7、D【分析】【详解】

A．过程a→b中气体的体积不变；没有做功；温度升高，内能增大，所以气体一定吸热，故A错误；

B．由于气体分子之间的作用力可以忽略不计，所以过程b→c中分子势能不变；故B错误；

C．温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义，所以过程b→c中气体的温度降低；分子的平均动能减小，并不是每一个分子的速率都减小。故C错误；

D．设a状态的压强为pa，则由理想气体的状态方程可知

所以

同理

得

所以

故D正确。

故选D。8、D【分析】当闭合s时，有电流自上而下流过MN，由左手定则可判定安培力方向向左，此时自感线圈产生的自感电流自上而下流过MN，但自感电流逐渐减小到零，所以传感器示数逐渐减小，AB错；断开s后，自感线圈的感应电流自下而上流过MN，所受安培力向右，电流逐渐减小到零，D对；9、B【分析】【详解】

A.汤姆孙发现了电子；卢瑟福提出了“原子的核式结构模型”，选项A错误；

B.卢瑟福用α粒子轰击获得反冲核发现了质子，选项B正确；

C.贝克勒尔发现了天然放射性现象；说明原子核有复杂结构，选项C错误；

D.爱因斯坦提出的“光子说”成功解释了光电效应，选项D错误.二、多选题(共8题，共16分)10、A:D【分析】【详解】

AB.当时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻一定大于右部分的电阻，当变阻器的滑片P由a端向b端移动时，电路总电阻增大，总电流减小，所以通过灯L1的电流减小，灯L1变暗，通过灯L2的电流变大，灯L2变亮；故A项符合题意，B项不合题意；

CD.当时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻先大于后小于右部分的电阻，则当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时，总电阻先增大，后减小，所以总电流先减小后增大，所以通过灯L1的电流先减小后增大，故灯L1先变暗后变亮，而通过L2的电流一直变大，灯L2不断变亮，故C项不合题意，D项符合题意．11、A:C:D【分析】【详解】

A.设导体棒离开磁场时速度大小为v．此时导体棒受到的安培力大小为：

由平衡条件得：

由图2知：

联立解得：

故A正确；

B.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为：

故B错误；

C.离开磁场时，由F=BIL+mg得：

导体棒两端电压为：

故C正确；

D.导体棒经过磁场的过程中，设回路产生的总焦耳热为Q．根据功能关系可得：

而拉力做功为：

电阻R产生焦耳热为：

联立解得：

故D正确．

故选ACD．

【点睛】

本题是电磁感应与力学知识的综合应用，对于这类问题一定要正确分析安培力的大小和方向，要掌握安培力经验公式能正确分析能量是转化的，运用能量守恒定律求焦耳热．12、B:D【分析】【详解】

A.对ab受力分析，在沿斜面方向上，受到沿导轨斜面向下的安培力，沿斜面向下的重力的分力，以及沿斜面向上的拉力F，故有

对cd受力分析，在沿斜面方向上受到沿斜面向上的安培力，沿斜面向下的重力的分力，故有

联立解得

故；A错误；

B.故电路中的电热功率为

故B正确；

CD.撤去拉力的瞬间，ab棒的加速度

cd棒受力不变，所以合力为零，加速度为零，C错误D正确．13、A:C【分析】【详解】

由图可知与串联，V1测两端的电压，V2测两端的电压；

若P从b端向a端移动的过程中，则滑动变阻器接入电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流增大，两端的电压增大，根据可得消耗的功率一直增大．可将看成电源的内电阻，开始时，因则消耗的功率先增大后减小，AC正确；若P从a端向b端移动的过程中，则滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，和电源内阻分压之和一直减小，根据可得消耗的功率一直减小；BD错误．

【点睛】

闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般可按外电路-内电路-外电路的分析思路进行分析，在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质．14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．冰水混合物在1℃的环境中要吸收热量；温度升高，不是平衡态，A正确；

B．当铝块放在沸水中足够长的时间；铝块各部分的温度与沸水的温度相同，达到平衡态，B错误；

C．冬天刚打开空调的教室内的气体各部分温度不同；不是平衡态，C正确；

D．用玻璃杯盛着的开水放在室内足够长时间；最终开水温度与环境温度相同，达到平衡态，D错误。

故选AC。15、A:B【分析】【详解】

A．用电压表直接连接干电池的两极，构成闭合回路，可得

由于电压表内阻很大，故电流很小，路端电压U近似等于电动势E；即电压表测量得到的电压近似与该电池的电动势大小相等，A正确；

B．据电动势的定义可得

即

故当外电路闭合时，每当的电荷量通过，该电池就能提供的电能；B正确；

C．当外电路闭合时；通过电池的电荷量与电流大小有关，C错误；

D．当外电路闭合时，1C的电荷量通过该电池时该电池能提供1.5J的电能，由

可知；由于电流未知，则所用时间不一定是1s，D错误。

故选AB。16、A:D【分析】【详解】

A.滑片向下滑动，回路电阻减小，电流增大，螺线管产生磁场变强，根据右手定则判断穿过a线圈的磁感应强度竖直向下，所以感应电流产生磁场竖直向上，根据右手定则判断，线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流；A正确。

B.因为螺线管产生磁场变强，线圈a面积不变，线圈a的磁通量变大，B错误。

C.根据楞次定律；“增缩减扩”原理可以判断，线圈有收缩的趋势，C错误。

D.根据楞次定律，“来拒去留”原理可判断，a线圈磁通量增大，所以线圈a有远离b的趋势，对桌面压力变大，D正确17、A:B:C【分析】高压输电，电路中电流变小，则损失的电能减小，A正确；换用更大匝数比的升压和降压变压器，仍为提高输电线的电压，B正确；当电路中电阻减小时，由C正确；多增加几根电线进行分流，既不能减小损失的能量，同时还增加材料等，不现实，D错误．三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】【详解】

[1]随着深度的增加，海水温度逐渐降低，压强也增大，由理想气体状态方程

二氧化碳的体积减小；而质量不变，则密度一定增大；

[2]随着温度的降低，饱和汽压会减小。【解析】增大减小19、略

【分析】由动态平衡的概念可知，汽化与液化的速率相等，一定温度下饱和汽压与体积无关.【解析】相等无关20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确正确错误21、略

【分析】【详解】

条形磁铁从其正上方向下移近时；穿过线圈A的磁通量会增加，根据楞次定律知：线圈有向下运动的趋势，所以对地面的压力将增加，由于穿过线圈A的磁通量，根据楞次定律知道，此时线圈A的面积有减小的趋势，用来阻碍磁通量的增加．

综上所述本题答案是：增大；减小【解析】增大减小22、略

【分析】【详解】

[1]由图甲可知：灯泡L与电阻R并联，根据从图像上可以看出，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流为0.3A，则电源电压

[2]通过R的电流【解析】60.623、略

【分析】【详解】

如图，从正向最大位移处开始计时，振动方程的表达式为为：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

据题可得：T=4×0.1s=0.4s，则ω==5πrad/s

则振动方程的表达式为为：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt24、略

【分析】【详解】

光子无静止的质量，撞过程中动量守恒，则电子对撞过程中的质量亏损为．由爱因斯坦质能方程中电子对撞放出的能量为根据能量守恒得，每个光子的能量为又联立得到，光子的频率【解析】守恒四、作图题(共3题，共27分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】26、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共24分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由于碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A独自运动的速度，故AC应在碰撞之前，DE应在碰撞之后。推动小车由静止开始运动，故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段；故选BC计算碰前的速度。

[2]碰撞过程是一个变速运动的过程，而A和B碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内