2025年粤教版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选择性必修2物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、用均匀导线做成的正方形线圈边长为l，如图所示，正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，当磁场以的变化率增强时；不考虑磁场的变化对虚线右侧的影响，则。

A.线圈中感应电流方向为adbcaB.线圈中产生的电动势E＝·l2C.线圈中a点电势高于b点电势D.线圈中b、a两点间的电势差为2、如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数比为n1：n2，原线圈接正弦交流电源，电压保持不变，副线圈接有滑动变阻器、一个小灯泡；一个电容器。电流表和电压表均可视为理想电表。当滑动变阻器的滑片向右滑动时；下列选项正确的是（）

A.电压表V2的示数不变B.灯泡变亮C.变压器的输入功率变大D.电容器的电荷量减少3、如图所示，在竖直向上的匀强磁场中将金属棒ab从某高处水平抛出，不计空气阻力，金属棒ab在运动过程中（）

A.感应电动势大小不变，且＞B.感应电动势大小不变，且＜C.由于速率不断增大所以感应电动势不断变大，且＞D.由于速率不断增大，所以感应电动势不断变大，且＜4、扫描隧道显微镜（STM）可用来探测样品表面原子尺度上的形貌，为了隔离外界振动对STM的扰动；在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加恒定磁场来快速衰减其微小振动，如图所示。出现扰动后，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是（）

A.B.C.D.5、如图所示，直角三角形ABC区域中存在一匀强磁场，磁感应强度为B，已知AB边长为L，∠C=30°，比荷均为的带正电粒子（不计重力）以不同的速率从A点沿AB方向射入磁场；则。

A.粒子速度越大，在磁场中运动的时间越短B.粒子在磁场中运动的最长时间为C.粒子速度越大，在磁场中运动的路程越短D.粒子在磁场中运动的最长路程为6、如图所示，四根通有恒定电流的长直导线垂直平面放置，四根长直导线与平面的交点组成边长为的正方形且关于轴和轴对称，各导线中电流方向已标出，其中导线1、3中电流大小为导线2、4中电流大小为已知通电长直导线周围的磁感应强度大小与电流成正比、与该点到通电长直导线的距离成反比，即下列说法正确的是（）

A.长直导线1、4之间的相互作用力为吸引力B.一垂直于纸面并从点射入的粒子，将做圆周运动C.导线4受到的导线1、2、3的作用力的合力方向指向点D.仅将导线2中的电流反向，则导线2和4连线上各点磁感应强度方向均相同7、如图所示，一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁（质量为m），铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴始终保持重合．则悬挂磁铁的绳子中拉力F随时间t变化的图象可能是（）

A.B.C.D.8、随着智能手机的发展；电池低容量和手机高耗能之间的矛盾越来越突出，手机无线充电技术间接解决了智能手机电池不耐用的问题。在不久的将来各大公共场所都会装有这种设备，用户可以随时进行无线充电，十分便捷。如图所示，电磁感应式无线充电的原理与变压器类似，通过分别安装在充电基座和接收装置上的线圈，利用产生的磁场传递能量。当充电基座上的送电线圈通入正弦式交变电流后，就会在邻近的受电线圈中感应出电流，最终实现为手机电池充电。在充电过程中（）

A.受电线圈中感应电流产生的磁场恒定不变B.送电线圈中电流产生的磁场呈周期性变化C.送电线圈和受电线圈无法通过互感实现能量传递D.由于手机和基座没有导线连接，所以传递能量没有损失9、如图所示的电路中，有一自耦变压器，左侧并联一个理想交流电压表后接在稳定的交流电源上，右侧串联灯泡L和滑动变阻器R，R上并联一个理想交流电压表下列说法正确的是（）

A.若P不动，滑片F向上移动时，灯泡L消耗的功率变大B.若P不动，滑片F向上移动时，的示数均变大C.若F不动，滑片P向上滑动时，灯泡L消耗的功率变小D.若F不动，滑片P向上滑动时，示数都变小评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图所示，水平放置足够长光滑金属导轨和与平行，是以O为圆心的圆弧导轨，圆弧左侧和扇形内有方向如图的匀强磁场，金属杆的O端与e点用导线相接，P端与圆弧接触良好，初始时，可滑动的金属杆静止在平行导轨上，若杆绕O点在匀强磁场区内从b到c匀速转动时；回路中始终有电流，则此过程中，下列说法正确的有（）

A.杆产生的感应电动势逐渐增大B.杆受到的安培力大小逐渐减小C.杆产生的感应电动势逐渐增大D.杆中的电流逐渐增大11、如图所示为一款热销“永动机”玩具示意图，其原理是通过隐藏的电池和磁铁对小钢球施加安培力从而实现“永动”。小钢球从水平光滑平台的洞口M点静止出发，无磕碰地穿过竖直绝缘管道后从末端N点进入平行导轨PPʹ-QQʹ，电池、导轨与小钢球构成闭合回路后形成电流，其中电源正极连接导轨PQ，负极连接PʹQʹ；通电小钢球在底部磁场区域受安培力加速，并从导轨的圆弧段末端QQʹ抛出；然后小钢球恰好在最高点运动到水平光滑平台上，最终滚动至与挡板发生完全非弹性碰撞后再次从M点静止出发，如此循环。已知导轨末端与平台右端的水平、竖直距离均为0.2m，小钢球质量为40g，在导轨上克服摩擦做功为0.04J，其余摩擦忽略不计，重力加速度g取10m/s2；则（）

A.磁铁的N极朝上B.取下电池后，小钢球从M点静止出发仍能回到平台上C.小钢球从导轨末端QQʹ抛出时速度为m/sD.为了维持“永动”，每个循环需安培力对小球做功0.04J12、关于电场和磁场下列说法正确的是（）A.运动电荷在磁场中的受力方向就是该点的磁感应强度方向B.运动电荷在磁场中某位置受到的磁场力为零，该位置的磁感应强度不一定为零C.放入电场中某位置的电荷受到的电场力不为零，该位置的电场强度一定不为零D.沿着电场线的方向电势逐渐降低，沿着电流方向电势逐渐降低13、如图所示，薄铅板两侧存在磁感应强度大小为B、方向相反的两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，磁感线平行于薄铅板，一个质量为m、电荷量为q的粒子，从薄铅板上a点开始以一定的速度，垂直于薄铅板在Ⅰ区域开始运动，经过一段时间，从b点穿透薄铅板进入Ⅱ区域，在Ⅱ区域运动一段时间之后打在薄铅板上c点不再运动。已知a、b间距离为L，b、c间距离为则（）

A.粒子带正电B.粒子从a点运动到c点的时间为C.若粒子穿过薄铅板时损耗的能量的更少，那么将会更早再次到达薄铅板D.粒子在Ⅰ区域的速度大小为14、如图，磁场垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布．一铜制圆环用丝线悬挂于点，将圆环拉至位置后无初速释放，在圆环从摆向的过程中。

A.感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针B.感应电流方向一直是逆时针C.安培力方向始终与速度方向相反D.安培力方向始终沿水平方向15、如图所示，足够长的圆柱形永磁体竖直放置，其周围存在辐向磁场．一个圆形金属线圈与磁体中心同轴，线圈由静止释放后经过时间t速度达到最大值v，此过程中线圈平面始终保持水平，已知金属线圈的匝数为N、质量为m、直径为d、总电阻为R，金属线圈下落过程中所经过磁场的磁感应强度大小均为B，重力加速度大小为g，不计空气阻力，则（）

A.从上往下看，线圈中感应电流沿顺时针方向B.线圈达到最大速度之前做匀加速直线运动C.线圈下落速度为v时的热功率为D.t时间内通过线圈横截面的电荷量为16、某交变电流瞬时值表达式为下列说法正确的是（）A.耐压20V的电容器可以直接接在此电源上B.用此交变电流作为打点计时器的电源时，打点周期为0.02sC.当时，产生此交流电的线圈刚好经过中性面D.把额定电压为20V的小灯泡接在此电源上，小灯泡正常发光评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图所示，有一个正方形线圈的匝数为10匝，边长为20cm，线圈总电阻为1Ω，线圈绕垂直磁场方向的OO′轴以10πrad/s的角速度匀速转动，匀强磁场的磁感应强度为0.5T，该线圈产生的感应电动势的峰值为___________，感应电流的峰值为___________，在图示位置时感应电动势为___________，从图示位置转过90°时感应电动势为___________。

18、话筒是一种常用的________传感器，其作用是将________信号转换为________信号。19、金属的电阻率随温度的升高而_______。用金属丝可以制作________传感器，称为________。20、电能的广泛使用给我们的生活带来了极大的方便。我国居民用电使用220V______（选填“交流”或“直流”）电。在远距离输电过程中，我们为了减少线路上电能的损耗，通常采用______（选填“低压”或“高压”）输电。21、小明同学设计了一个“电磁天平”，如图所示，等臂天平的左臂为挂盘，右臂挂有矩形线圈，线圈的水平边长竖直边长匝数为匝。线圈的下边处于匀强磁场内，磁感应强度方向垂直线圈平面向里。线圈的总电阻如图所示，保持不变，在线圈上部另加垂直纸面向外的匀强磁场，磁场区域宽度当磁感应强度B以随时间均匀减小时，天平平衡，当磁感应强度B以随时间均匀增大时，需要在挂盘中放质量为的砝码，天平才能重新平衡，则___________。取

22、一交流发电机产生的电动势为e=110cos50πt(V)，则该交流电电动势有效值为________V；该交流电的周期为________s｡23、金属热电阻和热敏电阻。

（1）金属热电阻：金属的电阻率随温度的_____而增大，利用这一特性，金属丝可以制作_____传感器；称为热电阻。

（2）热敏电阻：用_____材料制成，氧化锰制成的热敏电阻的阻值随温度的升高而_____。评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)24、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

25、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

26、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

27、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)28、为了节能和环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统，光控开关采用光敏电阻来进行控制光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件（照度可以反映光的强弱，光越强，照度越大，照度单位为勒克斯，记为lx）。某光敏电阻RP在不同照度下的阻值如下表所示：。照度（lx）0.20.40.60.81.01.2电阻（kΩ）754028232018

(1)根据表中数据，请在图甲给定的坐标系中描绘出阻值随照度变化的曲线_______。根据图像可以发现，光敏电阻的阻值随照度的增大而___________（只要求定性回答）。

(2)如图乙所示；当1；2两端所加电压上升至2V时，控制开关自动启动照明系统。请利用下列器材设计一个简单电路，给1、2两端提供电压。提供的器材如下：

性能如上表所示的光敏电阻RP；

电源E（电动势3V；内阻不计）；

滑动变阻器R（最大阻值为30kΩ）；

定值电阻R1=5kΩ，R2=10kΩ，R3=15kΩ；

开关S及导线若干。

要求当滑动变阻器的滑动触头处于正中位置，天色渐暗，照度降低至1.0lx时自动启动照明系统，在图丙虚线框内完成电路原理图（不考虑控制开关对所设计电路的影响），并在图中标明各元器件字母，定值电阻只能选取一个_________。

（3）若在乙的基础上，要求照度降低为0.8lx时，照明系统才启动，则应将滑动变阻器接入电路的阻值________（填“调大”或调小”）一些。29、某研究性学习小组用热敏电阻作为温度传感器设计了一个温度控制电路，热敏电阻的阻值随温度的变化如图甲，设计电路如图乙所示，当加在斯密特触发器输入端的电压逐渐上升到某个值（1.6V）时，输出端电压会突然从高电平跳到低电平，而当输入端的电压下降到另一个值（0.8V）时，输出端电压会从低电平跳到高电平，从而实现温度控制。已知可变电阻R1=12.6kΩ，则温度可控制在_________℃到________℃之间（结果保留整数，不考虑斯密特触发器的分流影响）。30、（1）在研究自感现象时，自感系数较大的线圈一般都有直流电阻，某同学利用如图（1）所示的电路采用伏安法测定线圈的直流电阻，在实验测量完毕后，将电路拆去时应______。

A．先断开开关S1B．先断开开关S2

C．先拆去电流表D．先拆去电阻R

（2）图（2）所示是该同学研究自感现象的实验电路图，并用电流传感器显示出在t=1×10-3s时断开开关前后一段时间内各时刻通过线圈L的电流（如图（3）所示）。已知电源电动势E=6V，内阻不计，灯泡的阻值R1=6Ω，电阻R的阻值为2Ω。

①线圈的直流电阻为______Ω；

②开关断开时，该同学观察到的现象是：______。31、某同学在实验室进行“探究变压器原；副线圈电压与匝数关系”的实验。

（1）下列实验器材必须要用的有___________（选填字母代号）

A.干电池组。

B.学生电源。

C.多用电表。

D.直流电压表。

E.滑动电阻器。

F.条形磁铁。

G.可拆变压器（铁芯；两个已知匝数的线圈）

（2）下列说法正确的是___________（选填字母代号）

A.为确保实验安全；实验中要求原线圈匝数小于副线圈匝数。

B.要研究副线圈匝数对副线圈电压的影响；应该保持原线圈电压；匝数不变，改变副线圈的匝数。

C.测量电压时；先用最大量程试测，大致确定电压后再选用适当的挡位进行测量。

D.变压器开始正常工作后；铁芯导电，把电能由原线圈输送到副线圈。

（3）该同学通过实验得到了如下表所示的实验数据，表中n1、n2分别为原、副线圈的匝数，U1、U2分别为原、副线圈的电压，通过实验数据分析可以得到的实验结论是：___________。

。实验次数n1/匝n2/匝U1/VU2/V1160040012.12.90280040010.24.95340020011.95.92评卷人得分六、解答题(共1题，共7分)32、一个阻值为R、匝数为n的圆形金属线圈与阻值为2R的电阻R1、电容为C的电容器连接成如图（a）所示回路。金属线圈的半径为r1，在线圈中半径为r2的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图（b）所示。图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0。导线的电阻不计。求：

（1）通过电阻R1的电流大小和方向；

（2）0～t1时间内通过电阻R1的电荷量q；

（3）t1时刻电容器所带电荷量Q。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

A．磁感应强度增大，由楞次定律可知，感应电流沿acbda方向；故A错误；

B．由法拉第电磁感应定律可得；感应电动势为：

故B错误；

C．acb段导线相当于电源，电流沿a流向b，在电源内部电流从低电势点流向高电势点，因此a点电势低于b点电势；故C错误；

D．设导线总电阻为R，则b、a两点间的电势差为：

故D正确；

故选D。2、D【分析】【详解】

A．当滑动变阻的滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路中的阻值变大，可将副线圈与滑动变阻器看成电源，副线圈两端电压不变，则路端电压变小，即电压表V2的示数变小；故A错误；

B．由于路端电压变小；则灯泡变暗，故B错误；

C．副线圈中电流变小；则原线圈中的电流变小，由于原线圈中电压不变，则变压器的输入功率变小，故C错误；

D．由于路端电压变小，则电容器两端电压变小，由公式可知；电容器的电荷量减少，故D正确。

故选D。3、A【分析】【详解】

设金属杆ab水平抛出时的初速度为v0，金属杆水平抛出后，将切割磁感线产生感应电动势，由于磁感线竖直向上，所以有效的切割速度就是金属杆的水平速度，而平抛运动水平方向做匀速运动，水平分速度保持不变，始终等于v0，则ab产生的感应电动势为E=BLv0

保持不变，根据右手定则判断可知，ab中感应电动势方向为b→a，所以a＞b；

故选A。4、D【分析】【详解】

装置的原理是利用电磁阻尼。当薄板进出磁场时产生感应电流；薄板受安培力，安培力总是阻碍导体相对磁场的运动，从而使薄板尽快停下来。只有D项阻碍上下左右振动最有效。故ABC错误，D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

试题分析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系，粒子在磁场中偏转的圆心角相等，都为120°，根据粒子在磁场中运动的时间：又因为粒子在磁场中圆周运动的周期所以粒子运动时间为A错误B正确；粒子速度越大，根据公式可知半径越大，但运动时间变小，因此所以路程不一定越长，C错误；当粒子与BC边相切时路程最长，根据几何知识可得此时的半径为则D错误；

考点：考查了带电粒子在匀强磁场中的运动。

【名师点睛】

带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式周期公式运动时间公式知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，6、D【分析】【详解】

A．当通有同向电流时；通电导线之间表现为吸引力，当通有反向电流时，通电导线之间表现为斥力，A错误；

B．由右手螺旋定则并结合矢量叠加可知点的磁感应强度为零，因此过点垂直于纸面射入的粒子；将做匀速直线运动，B错误；

C．长直导线1在长直导线4处产生的磁感应强度大小为

方向水平向左，导线3在长直导线4处产生的磁感应强度大小也为方向竖直向上，长直导线2在长直导线4处产生的磁感应强度大小为

方向垂直导线2；4的连线指向右下方；所以三根导线在4处的合场强为零，导线4不受安培力，C错误；

D．根据右手螺旋定则以及磁场叠加原理可知，导线1、3在导线2、4的连线上除点的磁感应强度为零外；其他位置合磁感应强度均垂直于导线2；4的连线指向斜向左上方。仅将导线2中的电流反向，导线2、4在导线2、4的连线上的磁感应强度方向均垂直于导线2、4的连线指向斜向左上方。磁场叠加原理可知，四根导线在导线2、4的连线上的磁感应强度方向均垂直于导线2、4的连线指向斜向左上方。D正确。

故选D。7、B【分析】【分析】

根据对楞次定律判断圆环在磁铁上方与下方时受到的磁场力方向，然后由牛顿第二定律，悬挂磁铁的绳子中拉力F与重力加速度的关系．

【详解】

铜环闭合；铜环在下落过程中，穿过铜环的磁通量不断变化，铜环中产生感应电流；由楞次定律可知，感应电流总是阻碍磁体间的相对运动，当铜环在磁铁上方时，感应电流阻碍铜环靠近磁铁，给铜环一个向上的安培力，由牛顿第三定律可知，圆环给磁铁向下的力，由平衡条件得，拉力大于重力；

当铜环位于磁铁下方时；铜环要远离磁铁，感应电流阻碍铜环的远离对铜环施加一个向上的安培力，由牛顿第三定律可知，圆环给磁铁向下的力，由平衡条件得，拉力大于重力；

当铜环处于磁铁中央时；磁通量不变，则没有感应电流，没有安培阻力，因此拉力等于重力，故B正确，ACD错误。

故选B。

【点评】

本题考查了楞次定律的应用，应全面、正确理解楞次定律中“阻碍”的含义．8、B【分析】【分析】

【详解】

AB．送电线圈通入正弦式交变电流,则产生的磁场为交变磁场；由楞次定律可知受电线圈中感应电流产生的磁场为交变磁场，故B正确，A错误；

C．送电线圈和受电线圈可以通过互感实现能量传递；故C错误；

D．由于有漏磁现场的存在；所以能量的传递过程有损失，故D错误。

故选B。9、A【分析】【分析】

【详解】

AB．若P不动，则灯泡L和滑动变阻器R的阻值之比不变；滑片F向上移动时，灯泡L和滑动变阻器R两端的电压将升高，流过的电流将增大，由

可知灯泡L消耗的功率将变大，的示数将变大；理想交流电压表接在稳定的交流电源上；其示数保持不变，故A正确；B错误；

CD．若F不动，滑片P向上滑动时，滑动变阻器R接入电路的电阻减小，则流过灯泡L和滑动变阻器R的电流将增大，由

可知灯泡L消耗的功率将变大，由

可知示数将变小，接在稳定的交流电源上；其示数保持不变，故C；D错误。

故选A。二、多选题(共7题，共14分)10、B:C【分析】【详解】

A．设OP转动的角速度为圆弧导轨半径为r，则OP转动切割磁感应线的感应电动势为

所以杆OP产生的感应电动势恒定；故A错误；

B．根据右手定则可知OP棒中产生的感应电流方向由O到P，则通过MN的电流方向由M到N，根据左手定则可知杆MN受到的安培力方向向左，杆MN将向左运动切割磁感应线，由于MN切割磁感应线产生的感应电流方向由N到M，从而使得杆OP中的电流大小发生改变，根据F安=BIr可知；OP受到的安培力减小，故B正确；

CD．当金属杆向左运动时，杆MN切割磁感线，产生的顺时针方向的感应电流，设金属杆的速度杆长为L，则感应电动势为

故回路中的感应电动势为

故随着金属杆速度的增大，杆产生的感应电动势逐渐增大；回路中的感应电动势逐渐减小，感应电流逐渐减小，故D错误；

故选BC。11、A:C【分析】【详解】

A．由电路可知钢球中电流方向垂直于纸面向里；由左手定则可知磁铁上方轨道处磁场方向向上，故磁铁N极朝上，故A正确；

B．取下电池后；小球缺少安培力做功，即使从导轨末端抛出，初速度减小也将导致不能到达平台，故B错误；

C．斜抛到最高点可反向看作平抛运动，则

解得

所以

所以抛出时的速度为

故C正确；

D．为了维持“永动”；每个循环安培力做的功应该补充机械能的损失，一部分是克服摩擦力做的功，还有一部分是碰撞挡板的损失，一定大于0.04J，故D错误。

故选AC。12、B:C【分析】【详解】

A．根据左手定则可知运动电荷在磁场中的受力方向与该点的磁感应强度方向垂直；故A错误；

B．根据可知；运动电荷在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度可能为零或电荷的速度为零或速度方向与磁感应强度方向平行，故B正确；

C．由电场的基本性质可知；对放入电场中某位置的电荷受到的电场力不为零，则该位置一定不为零，故C正确；

D．沿着电场线方向电势逐渐降低；在闭合电路的外电路中沿着电流的方向电势逐渐降低；在内电路中沿着电流的方向电势逐渐升高，故D错误；

故选BC。13、B:D【分析】【详解】

A．由左手定则可知；粒子带负电，A错误；

BC．粒子在Ⅰ区域和Ⅱ区域内运动的周期均为

且在两区域运动的弧对应的圆心角均为则粒子从a点运动到c点的时间

与粒子在磁场中运动的速度无关；粒子到达薄铅板的时间不变，C错误B正确；

D．粒子在Ⅰ区域运动的轨迹半径

由

可知，粒子在Ⅰ区域的速度大小为

D正确。

故选BD。14、A:D【分析】试题分析：先看感应电流方向；铜制圆环内磁通量先向里并增大，由楞次定律可知，铜制圆环感应电流的磁场向外，依据右手安培定则得到，感应电流方向为逆时针；铜制圆环越过最低点过程中，铜制圆环内磁通量向里的减小，向外的增大，所以铜制圆环感应电流的磁场向里，感应电流为顺时针；越过最低点以后，铜制圆环内磁通量向外并减小，所以铜制圆环感应电流的磁场向外，感应电流为逆时针，A正确；B错误；

再看安培力方向；由于圆环的电流是相等的，把圆环沿竖直方向看成两个半圆环，则这两个半圆环的电流相等；磁场不相同，则磁场强的半圆产生的安培力大于磁场弱的，故安培力的合力的方向是水平的，同理，当圆环摆过最下端的位置时，安培力的方向也是如此，C错误；D正确；故选AD．

【名师点睛】本题由楞次定律可得出电流的方向；重点在于弄清何时产生电磁感应，以及磁通量是如何变化的，按着应用楞次定律判断感应电流的方向的步骤进行分析和判断；再由左手定则判断安培力的方向．

考点：楞次定律、安培力．15、A:D【分析】【详解】

A．线圈的每一部分都在切割磁感线；根据右手定则可知从上往下看，线圈中感应电流沿顺时针方向，A正确；

B．线圈达到最大速度之前；随着速度增大，电流增大，所受向上的安培力增大，根据牛顿第二定律可知加速度逐渐减小，B错误；

C．环下落速度为v时，安培力与重力平衡，热功率等于克服安培力做功功率，则有

C错误；

D．t时间内，根据动量定理

其中

联立得

解得

D正确。

故选AD。16、A:C【分析】【详解】

A．由瞬时表达式可知电压的最大值为所以耐压20V的电容器可以直接接在此电源上，故A正确；

B．此交变电流的周期为

所以作为打点计时器的电源时；打点周期为0.04s，故B错误；

C．当时，瞬时电压值为

说明产生此交流电的线圈刚好经过中性面；故C正确；

D．该交流电的电压有效值为

所以把额定电压为20V的小灯泡接在此电源上；小灯泡不能正常发光，故D错误。

故选AC。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

感应电动势的峰值为Em=NωBS=10×10π×0.5×0.22V≈6.28V

感应电流的峰值为Im==6.28A

题图所示位置线圈中产生的感应电动势最大，为6.28V

从题图所示位置转过90°时，线圈平面位于中性面，切割磁感线的两边的速度与磁感线平行，感应电动势为0.【解析】6.28V6.28A6.28V018、略

【分析】【详解】

[1][2][3]话筒是一种常用的声传感器，其作用是将声信号转换为电信号。【解析】①.声②.声③.电19、略

【分析】【详解】

[1][2][3]金属的电阻率随温度的升高而增大。用金属丝可以制作温度传感器，称为热电阻。【解析】①.增大②.温度③.热电阻20、略

【分析】【详解】

[1]电能的广泛使用给我们的生活带来了极大的方便。我国居民用电使用220V交流电。

[2]在远距离输电过程中，我们为了减少线路上电能的损耗，通常采用高压输电。【解析】交流高压21、略

【分析】【分析】

【详解】

由电磁感应定律得

由欧姆定律得

线圈受到安培力

磁感应强度B从均匀减小到均匀增大，电流方向从逆时针变为顺时针，线框受到的安培力从向上变为向下，则满足

联立代入数据可得【解析】22、略

【分析】【详解】

[1]．由题可知交流发电机产生的感应电动势的表达式为

有效值为

[2]．角速度为

故周期为．【解析】0.0423、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]金属的电阻率随温度的升高而增大；利用这一特性，金属丝可以制作温度传感器，称为热电阻。

(2)[3][4]热敏电阻用半导体材料制成，氧化锰制成的热敏电阻的阻值随温度的升高而减小。【解析】升高温度半导体减小四、作图题(共4题，共8分)24、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】27、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共40分)28、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据表中实验数据在坐标系内描出对应点；然后根据描出的点作出图象，如图所示：

[2]由图示图象可知；光敏电阻阻值随光照强度的增加而减小。

（2）[3]滑动变阻器R（最大阻值为30kΩ）应串联在电路中分压，滑动触头处于正中位置时，R=15kΩ；

电源电动势为E=3V，1、2两端所加电