2025年粤教沪科版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、原子核经放射性衰变①变为原子核继而经放射性衰变②变为原子核再经放射性衰变③变为原子核放射性衰变①、②和③依次为A.α衰变、β衰变和β衰变B.β衰变、β衰变和α衰变C.β衰变、α衰变和β衰变D.α衰变、β衰变和α衰变2、如图所示为三根通电平行直导线的断面图．若它们的电流大小都相同，且ab=ac=ad，则a点的磁感应强度的方向是（）A.垂直纸面指向纸里B.垂直纸面指向纸外C.沿纸面由a指向dD.沿纸面由a指向b3、关于麦克斯韦电磁场的理论，下面说法正确的是（）A.变化的电场周围产生的磁场一定是变化的B.稳恒的电场周围能产生稳恒的磁场C.均匀变化的磁场周围产生的电场也是均匀变化的D.变化的磁场周围会激发出涡旋电场4、对一定量的气体，下列说法正确的是（）A.气体体积是指所有气体分子的体积之和B.气体分子的热运动越剧烈，气体的温度就越高C.气体对器壁的压强是由于地球吸引而产生的D.当气体膨胀时，气体对外做功，因而气体的内能一定减少5、许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献，下列表述中正确的是（）A.安培提出了磁场对运动电荷的作用力的公式B.奥斯特总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律C.法拉第发现电磁感应现象D.牛顿测出万有引力常量6、在(1)

录像机用的录像带；(2)

计算机用的存储软盘；(3)VCD

播放用的光盘；(4)

录音机用的录音带中，利用磁性材料记录信息的是(

)

A.(1)(2)(3)

B.(1)(2)(4)

C.(2)(3)(4)

D.(1)(3)(4)

7、如图所示，R1=2Ω，R2=10Ω，R3=10Ω；A；B两端接在电压恒定的电源上，则（）

A.S断开时；R1与R2的功率之比为1：5

B.S闭合时通过R1与R2的电流之比为2：1

C.S断开与闭合两情况下；电阻R1两端的电压之比为2：1

D.S断开与闭合两情况下；电阻R2的功率之比为7：12

8、关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，以下说法中正确的是A.线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次，感应电动势方向不变B.线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次C.线圈平面每经过中性面一次，感应电动势和感应电流的方向都要改变一次D.线圈转动一周，感应电动势和感应电流方向都要改变一次评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、一台发电机产生正弦式电流，如果e=400sin314t（V），那么电动势的峰值是______V，线圈匀速转动的角速度是______rad/s．如果这个发电机的外电路只有电阻元件，总电阻为20Ω，写出电流瞬时值的表达式为______．10、如图所示，在场强为E

的匀强电场中有相距为L

的AB

两点，连线AB

与电场线的夹角为娄脠

将一电荷量为q

的正电荷从A

点移到B

点，若沿直线AB

移动该电荷，电场力做的功W1=

______；若沿路径ACB

移动该电荷，电场力做的功W2=

______；若沿曲线ADB

移动该电荷，电场力做功W3=

______.

由此可知电荷在电场中移动时，电场力做功的特点是______．11、小球两次从同一位置水平抛出，运动轨迹如图所示.

轨迹上ab

两点在同一水平线上，设小球从抛出到运动到ab

两点运动的时间分别为t1t2

抛出的速度分别为V1隆垄V2

则V1_

_____V2t1

______t2.(

均填“=

”“>

”或者“<

”)

．12、(1)如图所示，某变压器有两个线圈，如果把它当作降压变压器，则线圈____接电源，原副线圈两端电压之比是；把它当作升压变压器，则线圈接电源，原、副线圈两端电压之比是。

(2)(2)设某型号的太阳能电池板的电动势为600娄脤V600娄脤V短路电流为30娄脤A30娄脤A则由此可以推知，该电池的内电阻为_______娄赂娄赂如果再将此电池与一个阻值为20娄赂20娄赂的电阻连成闭合电路，那么通过电池的电流为_______娄脤A娄脤A．13、如图所示为一空腔球形导体（不带电），现在将一个带正电的小金属球A放入空腔导体的球心上，当静电平衡时，图中a、b、c三点中场强最大的是______点，场强最小的是______点；电势最高的是______点，电势最低的是______点．14、在利用单摆测定重力加速度的实验中，由单摆做简谐运动的周期公式得到只要测出多组单摆的摆长l和运动周期T，作出T2-l图象，就可以求出当地的重力加速度．理论上T2-l图象是一条过坐标原点的直线；某同学根据实验数据作出的图象如图所示．

（1）造成图象不过坐标原点的原因可能是______；

（2）由图象求出的重力加速度g=______m/s2．（取）评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)20、（９分）有一个直流电动机,把它接入0.2V电压的电路时,电机不转,测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中,电动机正常工作,工作电流是1.0A,求电动机正常工作时的输出功率多大?如果在电动机正常工作时,转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？21、作图。

（1）如图1；质点沿圆周做逆时针方向的匀速圆周运动，先后通过A；B、C三点，试画出：

①质点经过A点时的速度。

②从B点到C点的位移．

（2）如图2所示，金属棒ab在匀强磁场中沿金属导轨向右运动，请在图中画出螺线管中感应电流的方向和ab棒所受磁场力的方向．22、在《互成角度的两个共点力的合成》的实验中，两个弹簧秤的拉力F1和F2已于图中作出了它们的图示，O是橡皮条的一个端点，图中每格的长度代表1N。（1）用作图法作出合力F的图示；（2）合力F的大小是_______N。23、根据图中通电直导线电流方向(

竖直向下)

判断磁感线的环绕方向；在图中画箭头表示．

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)24、做“探究加速度与力的关系”的实验：小车搁置在水平放置的长木板上，纸带连接车尾并穿过打点计时器，用来测定小车的加速度a，小桶通过细线对小车施拉力F。在保持小车质量不变的情况下，改变对小车拉力F的大小，测得小车所受拉力F和加速度a的数据如下表:。F/N0.210.300.400.490.60a/(m.s-2)0.100.210.290.410.49（1）根据测得的数据，在图中作出a－F图像。（2）由图像可知，小车与长木板之间的最大静摩擦力大小为N。（3）若要使作出的a－F图线过坐标原点，需要调整实验装置，可采取以下措施中的（）A．增加小车的质量B．减小小车的质量C．适当垫高长木板的右端D．适当增加小桶内砝码质量25、某实验小组拟用如图1所示装置研究滑块的运动。实验器材有滑块、钩码、纸带、米尺、带滑轮的木板，以及由漏斗和细线组成的单摆等。实验中，滑块在钩码作用下拖动纸带做匀加速直线运动，同时单摆在垂直于纸带运动方向摆动，漏斗漏出的有色液体在纸带上留下的痕迹记录了漏斗在不同时刻的位置。①在图2中，从____纸带可看出滑块的加速度和速度方向一致。②用该方法测量滑块加速度的误差主要来源有：、（写出2个即可）。26、某同学使用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值：（1）表内电池的极与红表笔相连；（2）先把选择开关旋到“×1k”挡位，测量时指针偏转如图所示。请你简述接下来的测量过程：①断开待测电阻，将选择开关旋到_____；②将两表笔短接，____________________；③再接入待测电阻，重新读数；④测量结束后，将选择开关旋到。（3）表盘的示数如图，则电阻值是Ω。（4）接下来采用“伏安法”较准确地测量该电阻的阻值，所用实验器材如下图所示。其中电压表内阻约为5kΩ，电流表内阻约为5Ω。图中部分电路已经连接好，请完成实验电路的连接。27、两位同学在实验室利用如图（a）所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E和内电阻r。调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据。并根据数据描绘了如图（b）所示的两条U—I直线．回答下列问题：（1）根据甲乙两同学描绘的直线，可知正确的是A．甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据B．甲同学是根据电压表V2和电流表A的数据C．乙同学是根据电压表V1和电流表A的数据D．乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据（2）根据图（b），求出定值电阻R0﹦Ω，电源内电阻的阻值r﹦Ω参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】本题考查的是核反应方程式。熟练掌握方程式书写及配平原则就可解出此题。【解析】【答案】A2、D【分析】解：用右手螺旋定则判断通电直导线在a点上所产生的磁场方向；如图所示：

直导线b在a点产生磁场与直导线d在a点产生磁场方向相反，大小相等．则合磁场为零；而直导线c在a点产生磁场，方向从d指向b；即为。

沿纸面由a指向b

故选：D

该题考查了磁场的叠加问题．用右手定则首先确定三根通电直导线在a点产生的磁场的方向；利用矢量的叠加分析叠加后磁场大小变化和方向，从而判断各选项．

磁感应强度既有大小，又有方向，是矢量．它的合成遵循矢量合成的平行四边形法则．【解析】【答案】D3、D【分析】解：A；均匀变化的电场产生稳定的磁场；而非均匀变化的电场产生非均匀变化的磁场．故A错误；

B；C、均匀变化的磁场一定产生稳定的电场；均匀变化的磁场将产生稳定的电场；而非均匀变化的电场产生非均匀变化的磁场．则稳定的电场不会产生磁场．故B、C错误．

D；根据麦克斯韦电磁场理论；变化的磁场在其周围空间激发出电场，该电场叫涡旋电场，故D正确．

故选：D．

麦克斯韦的电磁场理论中变化的磁场一定产生电场；当中的变化有均匀变化与周期性变化之分．

考查麦克斯韦的电磁场理论中变化的分类：均匀变化与非均匀（或周期性）变化．电磁波被麦克斯韦预言了存在，而赫兹证实了电磁波的存在．【解析】【答案】D4、B【分析】解：A；气体分子间空隙很大；气体的体积大于所有气体分子的体积之和．故A错误；

B；温度的微观含义是反映物体内分子的热运动剧烈程度；温度越高，分子热运动越剧烈．故B正确；

C；气体的压强产生的机理是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的；而不是地球引力产生的，故C错误；

D；当气体膨胀时；气体对外做功，而内能变化无法判断．故D错误．

故选：B．

根据气体分子间空隙很大；分析气体的体积与所有气体分子的体积之和的关系．根据温度的微观含义；压强产生的微观机理分析．根据内能的概念分析气体膨胀时内能如何变化．

本题考查了热力学第一定律的应用，温度是平均动能的标志，分子动理论的内容．【解析】【答案】B5、C【分析】解：

A；洛伦兹提出了磁场对运动电荷的作用力公式．故A错误．

B；库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律--库仑定律．故B错误．

C；法拉第发现电磁感应现象．故C正确．

D；卡文迪许利用扭秤实验测出引力常量．故D错误．

故选：C

根据物理学史和常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可。

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．【解析】【答案】C6、B【分析】【分析】

要解答本题需掌握：明确磁性材料的应用；知道信息记录中的磁记录主要应用在哪些方面.

本题主要考查学生对磁性材料应用的了解和掌握，同时要求学生对生活常识要有所了解才能准确解答．

【解答】

解：录像机用的录像带；计算机用的存储软盘，录音机用的录音带中，这些都用到磁性材料，VCD

播放用的光盘没有用到磁性材料，光盘上刻录的是数据信息.

故(1)(2)(4)

正确；故B正确，ACD错误．

故选：B

．

【解析】B

7、A|B【分析】

A、由P=I2R，I相等，R1与R2的功率之比等于电阻之比1：5．故A正确．

B、I2=I3，R3=R2，则I1=2I2；故B正确．

C、S断开时，U1：U2=R1：R2=1：5，则U1=

S闭合时，U1′：U2′=R1：=2：5，则U1′=

故C错误．

D、U2=U2′=由P2=P2：P2′=49：36．故D错误。

故选AB

【解析】【答案】S断开时；根据串联电路功率与电阻成正比确定功率的比例．分析电路串并联关系，求出各个电阻的电压与A；B总电压的关系，就能得到S断开与闭合两种情况电压、功率的比例．

8、C【分析】【解析】试题分析：交流电感应电动势方向即为感应电流方向．当线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次．当线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次．故选C考点：本题考查正弦交流电发电原理【解析】【答案】C二、填空题(共6题，共12分)9、略

【分析】解：由交流电的表达式可知，电动势的最大值为400V，角速度ω=314rad/s；

电流的最大值Im==20A；

故电流瞬时值的表达式为：i=20sin314t；

故答案为：400；314；i=20sin314t

明确正弦交流电的表达式的意义，明确e=Emsinωt中各物理量的意义．

本题考查交流电的瞬时表达式的意义，要注意根据表达式能直接求出最大值，角速度；再根据交流电的性质可求得有效值和周期频率等．【解析】400；314；i=20sin314t10、略

【分析】解：若沿直线AB

移动该电荷；电场力做的功W1=qELcos娄脠

若沿路径ACB

移动该电荷；电场力做的功W2=qELcos娄脠

若沿曲线ADB

移动该电荷；电场力做的功W3=qELcos娄脠

沿不同路径移动电荷；电场力做功相同，所以电场力做功与电荷移动路径无关，只与初末位置有关．

故答案为：qELcos娄脠qELcos娄脠qELcos娄脠

电场力做功与电荷移动路径无关，只与初末位置有关．

电荷在静电场中从一点移到另一点时；电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关。

静电场力和重力都是保守力，电场力做功与电荷移动路径无关，只与初末位置有关，静电场和重力场是保守场【解析】qELcos娄脠qELcos娄脠qELcos娄脠

沿不同路径移动电荷，电场力做功相同，所以电场力做功与电荷移动路径无关，只与初末位置有关11、>=【分析】【分析】

平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动；和竖直方向上的自由落体运动，平抛运动的时间是由下落的高度决定的。

本题是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，知道平抛运动的时间取决于下落的高度。【解答】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，下落的时间是由下落的高度决定的，两个小球到aabb两点时下落的高度相同，所以它们运动的时间也是相同的t1=t2t_{1}=t_{2}水平方向位移x=v0tx=v_{0}taa的位移大于bb的位移，故v1>v2v_{1}>v_{2}

故答案为：>=

【解析】>=>=12、（1）

(2)2015【分析】【分析】(1)(1)据理想变压器中原副线圈的电压与匝数成正比即可分析求解，如果把它当作降压变压器，原线圈的匝数大于副线圈的匝数，如果把它当作升压变压器，原线圈的匝数小于副线圈的匝数；解：由变压器变压原理可知：U1U2=n1n2dfrac{{U}_{1}}{{U}_{2}}=dfrac{{n}_{1}}{{n}_{2}}U1U2=n1n2，所以L1作为原线圈，则电压之比为：U1U2=n1n2=55001100=51

如果把它当作升压变压器，原线圈的匝数小于副线圈的匝数，故将L2作为原线圈与电源连接，则电压之比为：变压器原副线圈两端电压之比为匝数比，如果把它当作降压变压器，原线圈的匝数大于副线圈的匝数，则有必将L1{L}_{1}作为原线圈，则电压之比为：U1U2=n1n2=55001100=51dfrac{{U}_{1}}{{U}_{2}}=dfrac{{n}_{1}}{{n}_{2}}=dfrac{5500}{1100}=dfrac{5}{1}如果把它当作升压变压器，原线圈的匝数小于副线圈的匝数，故将L2{L}_{2}作为原线圈与电源连接，则电压之比为：U1U2=n1n2=11005500=15dfrac{{U}_{1}}{{U}_{2}}=dfrac{{n}_{1}}{{n}_{2}}=dfrac{1100}{5500}=dfrac{1}{5}，故应填：U1U2=n1n2=11005500=15L1{L}_{1}，故应填：L1{L}_{1}L1L2L2{L}_{2}L2{L}_{2}；(2)

【分析】

由闭合电路的欧姆定律可求得电池的内电阻；同理可求得连接电阻后的电流；主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，题目较为简单，记住基础知识即可顺利求解。【解答】由欧姆定律可知：U1U2=n1n2=11005500=15dfrac{{U}_{1}}{{U}_{2}}=dfrac{{n}_{1}}{{n}_{2}}=dfrac{1100}{5500}=dfrac{1}{5}r=EI0，所以r=EI0=600隆脕10鈭�630隆脕10鈭�6娄赂=20娄赂，故内阻为；由闭合电路的欧姆定律可知：I=ER+r

得：I=ER+r=600隆脕10鈭�620+20A=15隆脕10鈭�6A=15娄脤A

故通过电池的电流为L1{L}_{1}L1{L}_{1}；故应填：2015

故答案为：(1)L155::1155::；L211L2{L}_{2}L2{L}_{2}(2)2015

【解析】(1)L15:1L21:5

(2)2015

13、abac【分析】解：当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，画出电场线的分布如图．

由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强为零，则Ea＞Ec＞Eb．场强最大的是a点，场强最小的是b点；

根据顺着电场线方向电势降低，整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是φa＞φb＞φc．

电势最高的是a点；电势最低的是c点。

故答案为：a，b；a；c．

将带正电的小金属球A放入腔中；当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷．整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面．画出电场线的分布，根据电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，判断场强和电势的大小．

本题抓住处于静电平衡导体的特点是关键．比较场强大小和电势高低常常画电场线，形象直观地判断．【解析】abac14、漏加小球半径9.87【分析】【分析】

（1）图象不通过坐标原点；从图象可以得到相同的周期下，摆长偏小，故可能是漏加小球半径；

（2）由题意公式得到图象斜率表示结合图象数据得到重力加速度．

本题关键明确实验原理；通过图象的平移得到摆长偏小1cm；得到误差来源；通过图象的函数表达式得到斜率的物理意义．

【解答】

（1）图象不通过坐标原点；将图象向右平移1cm就会通过坐标原点，故相同的周期下，摆长偏小1cm，故可能是漏加小球半径；

（2）由题意公式得到图象斜率表示结合图象数据得到。

解得：g=9.87m/s2

故答案为：漏加小球半径，9.87．【解析】漏加小球半径9.87三、判断题(共5题，共10分)15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、作图题(共4题，共12分)20、略

【分析】试题分析：把它接入0.2V电压的电路时,电机不转，可求电动机线圈电阻r＝电动机正常工作时电动机的输入功率P入＝UI＝2.0W，电动机线圈的热功率P热＝I2r=0.5W,输出功率P出＝P入－P热＝1.5W。若电动机正常工作时转子突然卡住，电能全部转化为内能，则热功率P热＝考点：本题考查功率的计算。【解析】【答案】1.5W，8W21、略

【分析】

（1）明确曲线运动的速度方向沿切线方向；从而作出A点的速度方向；根据位移的定义可得出表示位移的有向线段；

（2）根据右手定则可明确电流方向，再根据左手定则可明确ab棒受力方向．

本题考查了曲线运动的速度、位移以及导体切割磁感线时的电流方向和安培力的判断，要求能准确掌握右手定则和左手定则的应用分析电流和受力的方向．【解析】解：（1）曲线运动速度方向沿切线方向；A点速度方向如图所示；

位移是由起点到终点的有向线段；故BC的位移为由B到C的有向线段，如图所示；

（2）ab向右运动，切割磁感线，根据右手定则可知，电流由b到a；则线圈中电流如图所示；

根据左手定则可知，ab棒中电流受到的磁场力水平向左；如图所示；

故答案如图所示：22、略

【分析】试