2025年粤人版必修三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版必修三物理下册阶段测试试卷969考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、在电磁波谱中，红外线、可见光和X射线三个波段的频率大小关系是（）A.红外线的频率最大，可见光的频率最小B.X射线频率最大，红外线的频率最小C.可见光的频率最大，红外线的频率最小D.X射线频率最大，可见光的频率最小2、某同学用伏安法测一个未知电阻用甲、乙图所示的电路各测试一次，依图甲测得的数据是依图乙测得数据是下列说法正确的是（）

A.用甲电路测量的误差小些，真实值应小于B.用甲电路测量的误差小些，真实值应大于C.用乙电路测量的误差小些，真实值应小于D.甲电路的电流和乙电路的电压都是准确值，所以电阻的真实值为3、如图所示的电路中，R1、R2、R3是定值电阻，R4是光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小．当开关S闭合且没有光照射时，电容器C不带电．当用强光照射R4且电路稳定时；则与无光照射时比较。

A.电容器C的下极板带正电B.R3两端电压降低C.通过R4的电流变小，电源的路端电压增大D.通过R4的电流变大，电源提供的总功率变小4、LED灯可将电能高效转化为光能，在日常生活中得到普遍应用。某LED灯的额定电压为5.0V，额定功率为3.0W，其照明亮度与25W的白炽灯相当。该LED灯在额定电压下工作时的电流为（）A.0.25AB.0.60AC.1.7AD.3.0A5、均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同。如图所示，半径为的球体上均匀分布着正电荷，在过球心的直线上有三个点，若以为直径在球内挖一球形空腔，球的体积公式为则两点的电场强度大小之比为（）

A.B.C.D.6、空间有一沿x轴分布的电场，x轴上有P、Q两点，其位置坐标分别为x0、2x0一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子从坐标原点O以初速度v0沿x轴正方向做直线运动，其速度v随位置x的变化规律如图所示，粒子仅受电场力作用，设O点电势为零。则下列说法正确的是（）

A.该电场为匀强电场B.粒子在P点的电势能为C.Q点的电势为D.粒子在OP间的平均加速度比PQ间的大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，虚线A、B、C为某电场中的三条等势线，其电势分别为3V、5V、7V，实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P、Q为轨迹与等势线A、C的交点；带电粒子只受电场力的作用，则下列说法正确的是。

A.粒子可能带负电B.粒子在P点的动能大于在Q点动能C.粒子在P点电势能小于粒子在Q点电势能D.粒子在P点的加速度小于在Q点的加速度8、如图所示，电流表示数为I，电压表示数为U，定值电阻R2消耗的功率为P，电容器C所带的电荷量为Q；电源内阻不能忽略。当变阻器滑动触头向右缓慢滑动时，下列说法正确的是。

A.U增大、I减小B.U减小、I增大C.P增大、Q减小D.P、Q均减小9、一平行板电容器始终与电池相连，现将一块均匀的电介质板插进电容器恰好充满两极板间的空间，与未插电介质时相比（）A.电容器所带的电荷量增大B.电容器的电容增大C.两极板间各处电场强度减小D.两极板间的电势差减小10、2019年3月19日，复旦大学科研团队宣称已成功制备出具有较高电导率的砷化铌纳米材料，据介绍该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率σ就是电阻率ρ的倒数，即下列说法正确的是（）A.电导率的单位是B.材料的电导率与材料的形状无关C.材料的电导率越小，其导电性能越强D.电导率大小与温度无关11、如图，A、B为两等量异号点电荷，A带正电，B带负电，在A、B连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，ab=bc；则。

A.b点与c点的电场强度相同B.a点与c点的电势相同C.a、b间电势差与b、c间电势差相等D.点电荷q沿A、B连线的中垂线移动，电场力不做功12、如图所示，一对平行金属板长为L，两板间距为d，两板间所加交变电压交变电压的周期质量为m、电荷量为e的电子从平行板左侧以速度沿两板的中线持续不断的进入平行板之间；已知所有电子都能穿过平行板，且最大偏距的电子刚好从极板的边缘飞出，不计重力作用，则（）

A.所有电子离开电场时速度都是B.所有电子在两板间运动的时间为TC.时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为D.时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为13、图是两个电源的路端电压与电流的关系图线；由图线可知（）

A.两电源电动势不等，且B.两电源电动势相等C.两电源内电阻不等，且D.两电源内电阻相等14、在通电螺线管内部有一点A，通过A点的磁感线方向一定是（）A.从螺线管的N极指向S极B.放在该点的小磁针北极受力的方向C.从螺线管的S极指向N极D.放在该点的小磁针的南极受力的方向15、如图所示，弹簧测力计下端挂一条形磁铁棒，其中条形磁铁棒极的一部分位于未通电的螺线管内；则下列说法正确的是（）

A.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将减小B.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将增大C.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将增大D.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、一根粗细均匀、阻值为16Ω的电阻丝,保持温度不变,若先将它等分成4段,再将这4段电阻丝并联,并联后总电阻为R2,则R2的大小为____。17、电热器是将___________能转化为___________能；木材燃烧是将__________能转化为__________能.18、了解多用电表的______和______，掌握多用电表的使用方法。19、科学思想方法在物理问题的研究中十分重要，库仑受到牛顿的万有引力定律的启发，运用______方法（选填“建立模型”、“类比”、“控制变量”、“理想实验”）得出库仑定律，其表述为真空中两点电荷间距一定时相互作用力与______成正比。20、如图所示，分别在A、B两点放置点电荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分线上有一点C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一电子静止放在C点处，静电力常量k=9.0×109N·m2/C2，则它所受的静电力的大小为______N，方向______。

21、如图所示的平面内固定两个带电量为的异种点电荷，它们之间距离为以其连线中点为圆心，以为半径画圆，为圆周上有三点，点在两点电荷连线的中垂线上，两点连线恰好过点，则两点的电场强度_____（填“相同”或“不同”），点电势______（填“大于”“等于”或“小于”）点电势；已知静电力常数为则点电场强度大小为_______。

评卷人得分四、作图题(共2题，共4分)22、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。23、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)24、某同学在“测定金属丝电阻率”的实验中。

（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，读数为___________mm。

（2）在用20分度的游标卡尺测其长度时，示数如图乙所示，读数为___________cm。

（3）在测量金属丝的电阻率的实验中；已知电阻丝的电阻约为10Ω，现备有下列器材供选用：

A量程是0-0.6A；内阻是0.5Ω的电流表；

B．量程是0-3A；内阻是0.1Ω的电流表；

C．量程是0-3V；内阻是6kΩ的电压表；

D．阻值为0-1kΩ；额定电流为0.5A的滑动变阻器：

E.阻值为0-10Ω；额定电流为2A的滑动变阻器；。

F.蓄电池（6V）；

G.开关一个；导线若干。

为使测量结果尽量准确，电流表应选用____________，滑动变阻器应选________。（只填字每代号）若图所示的实验仪器就是我们选定的器材，请用铅笔画线连接实验电路。（______）25、要测量电压表的内阻其量程为2V，内阻约2kΩ。实验室提供的器材有：

电流表A；量程0.6A，内阻约为0.1Ω；

电压表量程5V，内阻约为5kΩ；

定值电阻阻值为30Ω；

定值电阻阻值为3kΩ；

滑动变阻器最大阻值100Ω，额定电流1.5A；

电源E；电动势6V，内阻约0.5Ω；

开关S一个；导线若干。

（1）有人将待测电压表和题中所给的电流表A串联接入电压合适的测量电路中，测出电压表的电压和电流表A的电流，再计算出该方案实际上不可行，其最主要的原因是___________；

（2）某同学设计出如图甲所示的电路来测量电压表的内阻图中应选___________；

（3）在图乙中实物连线_______；

（4）调整滑动变阻器在适当的位置，电压表的读数为电压表的读数为定值电阻的阻值为则电压表的内阻的表达式为___________。

26、某同学利用螺旋测微器对小球的直径进行测量，螺旋测微器的结构如甲图所示。该同学在检查仪器时发现，由于该螺旋测微器的不恰当使用，使得当转动旋钮A使微测螺杆B旋至与砧台C靠紧时，此时螺旋测微器的读数应该为0.000mm，但该仪器的状态却如图甲中所示（图中所示效果略有夸大），这说明使用该螺旋测微器进行测量时，每次读数都会产生_______mm的误差，该同学仍然使用这个螺旋测微器进行测量。在进行了正确的操作后，螺旋测微器的状态如图乙所示，则该小球的直径的正确测量值应为___________mm。27、某研究小组用实验测量水果电池的电动势和内阻；把铜片和锌片相隔约1cm插入一个柠檬中，就可制成一个水果电池，查阅资料后得该水果电池的电动势约为1V，内阻约为5000Ω。

（1）该小组设计了如下两种测量方案，如图甲所示，为减少测量误差，应选用方案________（填“一”或“二”）

（2）某同学选用方案二测量电路进行测量。闭合开关S，改变电阻箱R的阻值，并记录电阻箱阻值R和对应的电流表的示数I，然后作出R-图像，就可以求出水果电池电动势E和内阻r。

（i）已知电流表量屋为150μA，某次测量，电流表的示数如图乙所示，则电流表的示数为________μA

（ii）把测量数据标在R-坐标中，获得如图丙所示图像，根据图像可得水果电池的电动势为________V（保留2位有效数字）；同时可以求得水果电池内阻；

（iii）若考虑电流表的内阻，则水果电池电动势的测量值________真实值（填“大于”“等于”或“小于”）。评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)28、如图所示，一个电子由静止开始经加速电场加速后，又沿中心轴线从O点垂直射入偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，O′点为荧光屏的中心。已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U0，偏转电场电压为U，极板的长度为L1，板间距离为d，极板的末端到荧光屏的距离为L2；（忽略电子所受重力）。求:

（1）电子射入偏转电场时的初速度v0大小；

（2）电子离开偏转电场时竖直方向位移y的大小（侧移量）；

（3）电子打在荧光屏上的P点到O′点的距离h。

29、图中AB是绝缘水平面上相距的两点，AB间存在一个水平向右的匀强电场，场强大小一带电量质量的绝缘滑块Q静置在A点，滑块Q与水平面的动摩擦因数用长的轻绳将不带电小球P悬挂在A点正上方的O点，保持绳子绷紧，将P球拉至与点O等高的水平位置，如图所示。现给P球竖直向下的初速度此后P球下摆与Q发生弹性正碰。已知P球质量也为m，整个过程没有电荷转移，P、Q体积大小均可忽略不计，轻绳不被拉断。（）求：

（1）P与Q第一次碰撞后瞬间；P与Q的速度大小；

（2）P与Q第一次碰撞后，滑块Q离A点的最远距离；

（3）若场强E可变，试讨论在轻绳不松弛的前提下，滑块Q在AB段滑行的路程与电场强度E的关系。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

红外线；可见光和伦琴射线(X射线)三个波段的波长是从长到短；所以其频率是从低到大。则频率最大的是伦琴射线(X射线)，频率最小的红外线。

A.红外线的频率最大；可见光的频率最小。故A错误；

B.X射线频率最大；红外线的频率最小。故B正确；

C.可见光的频率最大；红外线的频率最小。故C错误；

D.X射线频率最大，可见光的频率最小。故D错误。2、A【分析】【详解】

电流相对变化为

电压相对变化为

对比可知电压表分流对实验影响大，所以应选择电流表接法（图甲），被测阻值为

由于电压表的读数大于待测电阻两端电压，则测量值偏大，即真实值应小于故A正确，BCD错误。

故选A。3、A【分析】【详解】

ABC.有光照射时，光敏电阻的阻值减小，故总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知，干路电路中电流增大，由E=U+Ir可知路端电压减小，R1与R2支路中电阻不变，故该支路中的电流减小，则由并联电路的电流规律可知，另一支路中电流增大，即通过R2的电流减小，而通过R3和R4的电流增大，根据U=IR可知，R3两端电压升高；以电源正极为参考点，上极板所接处的电势低于下极板的电势，故下极板带正电；选项A正确，BC错误；

D.强光照射，R4电阻减小，那么，电路总电阻减小，故总电流增大，所以P=EI电源提供的总功率变大；故D错误.4、B【分析】【分析】

【详解】

已知LED灯的额定电压为5.0V，额定功率为3.0W，则LED灯在额定电压下工作时的电流，由电功率公式可得

故选B。5、C【分析】【详解】

设原来半径为的整个均匀带电球体的电荷量为由于均匀带电，可知被挖的球形空腔部分的电荷量为

可知以为直径在球内挖一球形空腔后，两点的电场强度等于整个均匀带电球体在两点的电场强度减去被挖的球形在两点的电场强度，则有

可得

C正确；ABD错误；

故选C。6、D【分析】【分析】

【详解】

AD．由图中数据可得粒子在OP间和PQ间运动位移均为x0；但在OP间运动平均速度大于PQ间平均速度，即

而两个阶段速度变化量均为因此在OP段平均加速度更大；因为前后两段平均加速度不一样大，即电场力不一样大，该电场不是匀强电场，A错误D正确；

B．由动能定理可得：O到P电场力做的功

解得

又因为O点电势为零，电场力做的功等于电势能减少量

B错误；

C．由动能定理可得：O到Q电场力做的功

解得

又因为O点电势为零，电场力做的功等于电势能减少量；即

电势

C错误。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)7、B:C:D【分析】因电场线与等势面相互垂直；且由高电势指向低电势，故电场线如图所示，由粒子运动的轨迹弯曲的方向可知粒子受力沿电场线的方向，故粒子一定带正电；故A错误；

若粒子从P到Q，则电场力做负功，粒子动能减小，故P点动能大于Q点动能；若粒子从Q到P，电场力做正功，动能增大，P点动能大于Q点动能，故粒子在P点动能一定大于Q点的动能，故B正确；因P点电势小于Q点电势，粒子带正电，由E=φq可知P点的电势能小于Q点的电势能，故C正确；因Q点处的等势面密集，故Q点的电场强度大，故电荷在Q点受到的电场力大于P点受到的电场力，粒子在P点的加速度小于在Q点的加速度；故D正确；此题选择错误的选项，故选A．

点睛：本题中解题的关键在于曲线的弯曲方向的判断，应掌握根据弯曲方向判断受力方向的方法；本题中告诉的是等势面，很多同学由于思维定势当成了电场线从而出现错判．8、B:C【分析】【详解】

当变阻器滑动触头向右缓慢滑动时，接入电路中的电阻减小，由“串反并同”可知，由于电压表与变阻器并联，所以电压表示数减小，电流表与变阻器串联，所以电流表示数增大，R2两端电压增大，功率P增大，电容器与变阻器并联，所以电容器两端电压减小，由公式可知；电量减小，故BC正确。

故选BC。9、A:B【分析】【分析】

【详解】

AB．在空气平行板电容器两极板间插入电介质，根据电容的决定式

可知电容C增大，而板间电压U一定，由电容的定义式

可知两极板所带电荷量Q增加；故AB正确；

C．电压不变，两板间的距离不变，由

可知电场强度不变；故C错误；

D．由题知；一平行板电容器始终与电池相连，故两极板间的电势差不变，故D错误。

故选AB。10、A:B【分析】【详解】

A．根据

由

得

则电导率的单位是即为A正确；

B．材料的电导率与材料的形状无关；B正确；

C．材料的电导率越小；电阻率越大，则其导电性能越弱，C错误；

D．导体的电阻率与温度有关；则电导率大小与温度有关，D错误；

故选AB。11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．等量异种电荷的电场线分布对称，则a、c处的电场线密集程度相同，则两处的电场强度大小相等，而且a、c两处的电场强度方向均向右，所以a点与c点的电场强度相同；故A正确；

B．a、c在同一条电场线上，沿着电场线电势下降，则a点电势高于c点；故B错误；

C．由A项分析可知，ab与bc关于b点对称的点电场强度都相同，相同带电粒子从a移到b与从b移到c，电场力做功相等，则a、b间电势差与b、c间电势差相等；故C正确；

D．等量异种电荷连线的中垂线为电势为零的等势线，所以点电荷q沿A、B连线的中垂线移动；电场力不做功，故D正确；

故选ACD．12、A:C【分析】【详解】

AB．电子进入电场后做类平抛运动；不同时刻进入电场的电子竖直方向分速度图像如图所示。

依题意，可知所有电子离开极板所用时间

由图看出，所有电子离开电场时竖直方向分速度所以所有电子离开电场时速度都等于故A正确，B错误；

C．时刻进入电场的电子，在时刻侧位移最大，最大侧位移为

在时刻进入电场的电子侧位移最大为则有

联立可得

故C正确；

D．时刻进入电场的电子，在时刻侧位移最大，最大侧位移为

则有

故D错误。

故选AC。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．根据闭合电路欧姆定律得知：U=E-Ir，当I=0时；

U=E即图线纵轴域表示电源电动势的大小；由图可知两电源的电动势相等，故A错误，B正确；

CD．图线的斜率的绝对值表示电源的内阻大小，图线1的斜率小于图线2的斜率，所以内阻r1＜r2；故C正确，D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【详解】

AC．通电螺线管内部磁场从S极指向N极；外部从N极到S极，A错误，C正确；

BD．磁场方向规定为小磁针时N极（北极）受力方向；或小磁针静止时N极（北极）所指的方向，B正确，D错误。

故选BC。15、B:D【分析】【分析】

【详解】

当接电源正极，接负极时，根据线圈的绕向可知，磁铁棒的极受到的磁场力方向向下，磁铁棒极受力方向向上．由于磁铁棒的极所在处磁感线较稀，故极受力大于极受力，磁铁棒所受磁场力的合力方向向下，弹簧测力计示数增大。同理，当接电源正极，接负极时；弹簧测力计示数减小，所以BD正确；AC错误；

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

将电阻丝等分成四段，则电阻丝的长度减小为原来的四分之一，又将这四段并联起来，相当于横截面积增大为原来的四倍，根据公式可知，电阻变为原来的故【解析】1Ω17、略

【分析】【分析】

了解不同能量之间可以相互转化；但是总的能量是守恒的；

【详解】

电热器是将电能转化为内能；木材燃烧是将化学能转化为内能；能的总量保持不变。

【点睛】

本题考查能量守恒定律，知道不同能量之间可以相互转化，但是总的能量是守恒的。【解析】电内化学内18、略

【分析】【详解】

略【解析】构造原理19、略

【分析】【详解】

[1][2]万有引力定律研究是任意两个物体之间的作用，而库仑定律研究的是真空中两个静止的点电荷之间的作用，两个定律都研究相互作用，可以进行类比。1785年库仑经过实验提出库仑定律，表述为真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，跟它们电荷量的乘积成正比，跟它们距离的二次方成反比，作用力的方向在两点电荷连线上。【解析】类比它们电荷量的乘积20、略

【分析】【分析】

【详解】

电子带负电荷，在C点同时受A、B两点电荷的静电力FA、FB；如图所示：

由库仑定律得

同理可得FB=8.0×10-21N

由矢量的平行四边形定则和几何知识得静止放在C点的电子受到的静电力大小为F=FA=FB=8.0×10-21N，方向平行于AB连线向左【解析】①.8×10-21②.平行于AB连线向左21、略

【分析】【详解】

[1]两个等量的异种电荷之间电场线如图所示。

由对称性可知，M、N两点的电场强度相同。

[2]设无穷远处电势为零，则P、O所在直线上的所有点电势均为零；由沿着电场线方向电势逐渐降低，可知点电势大于零，点电势小于零，所以点电势大于点电势。

[3]由勾股定理可得P点到两个电荷之间的距离为

P点的电场强度为两个带电量为的异种点电荷在P点产生的电场强度的矢量和；如图所示。

+Q、在P点产生的场强

则点电场强度大小【解析】相同大于四、作图题(共2题，共4分)22、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共4题，共40分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]读数为。

（2）[2]其示数为。

（3）[3]电源电动势为6V；电压表量程是0-3V，电路最大电流约为。

电流表应选择A。

[3]为方便实验操作；滑动变阻器应选择E

[5]由题意可知；电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示。

【解析】AE25、略

【分析】【详解】

（1）[1]该做法中因为电流表量程太大；电流值太小，误差太大；

（2）[2]因V2量程为5V，V1量程为2V，则定值电阻的阻值应该与V1的内阻相当，故选R2；

（3）[3]实物连线如图；

（4）[3]由电路可知【解析】电流表量程太