2025届安徽省部分学校高三上学期12月质检考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025届高三上学期12月质检考物理试题一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1.将一个小球从水平地面上同一点A先后两次抛出，两次小球均落在了水平面上同一点B，小球第一次的运动轨迹为1，第二次的运动轨迹为2。不计空气阻力，小球可视为质点，下列说法正确的是（）A.第一次小球抛出的初速度大B.第二次小球抛出的初速度大C.第一次小球在空中运动的时间长D.第二次小球在空中运动的时间长【答案】D【解析】AB．第一次小球抛出时竖直分速度小，水平分速度大，因此两抛出的初速度大小关系不能确定，故AB错误；CD．由于第二次最大高度高，设小球运动时间为，在竖直方向，根据可知，运动时间为因此第二次小球运动的时间长，故C错误，D正确。故选D。2.一物块静止在水平面上，在外力作用下运动。第一次用大小为的水平恒力作用在物块上，运动一段时间后，撤去，物块整个运动过程的图像为OAC；第二次用大小为的水平恒力作用在物块上，运动一段时间后，撤去，物块整个运动过程的图像为OBC。则下列说法正确的是（）A.冲量比冲量大B.冲量比冲量小C.做功比做功多D.做功比做功少【答案】C【解析】AB．整个过程，两次摩擦力冲量相同，根据动量定理可知，两次水平恒力的冲量大小相等，AB错误；CD．由于第一次运动位移大，克服摩擦力做功多，整个过程根据动能定理第一次水平恒力做功多，C正确，D错误。故选C。3.如图所示，光滑水平面上有一光滑的斜面，斜面上有一可视为质点的物块从顶端由静止开始下滑，一直运动到底端。忽略空气阻力的影响，在此过程中，下列说法正确的是（）A.物块受到的支持力对物块不做功B.物块受到的支持力对物块做负功C.物块对斜面的压力对斜面不做功D.物块受到的支持力与斜面不垂直【答案】B【解析】ABC．由于水平面是光滑的，在物块下滑的过程中，物块和斜面组成的系统机械能守恒，随着斜面动能的增加，物块的机械能减小，所以物块受到的支持力对物块做负功，物块对斜面的压力对斜面做正功，AC项错误、B项正确；D．在物块运动过程中，物块受到的支持力方向与斜面始终垂直，D项错误。故选B。4.某天文爱好者长期观察绕地球做匀速圆周运动的不同卫星，测出各卫星运行线速度的三次方和角速度满足的关系如图所示。已知引力常量为G，则地球的质量为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由万有引力提供向心力得又联立可得由题图可知解得地球的质量为故选A。5.如图所示，圆柱形玻璃砖静止放置在水平面上，AB是截面圆的竖直直径，一束单色光从A点以与竖直方向成60°角的方向射入玻璃砖，从C点射出玻璃砖，并射在地面上的D点。已知光线CD与地面垂直，B、D间的距离为d，光在真空中的传播速度为c。则光从A点传播到C点所用时间为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】如图所示根据几何关系可知，光从A点入射、从C点出射，偏向角为60°，光在A点的折射角为30°，AC间的距离为2d，折射率光在玻璃砖中速度则光从A传播到C所用时间故选A。6.2024年11月份，某学校组织高中生进行体能测试。在50米跑测试中，李明从A点由静止开始做匀加速直线运动，通过AB、BC、CD、DE连续四段相等的位移到达E点。已知通过E点时的瞬时速度为，通过AE段的时间为t，李明可视为质点。下列说法正确的是（）A.李明通过AB段的时间等于B.李明通过B处时的速度大小为C.李明通过C处时的瞬时速度小于通过AE段的平均速度D.李明通过BC段和CE段所用时间之比为【答案】D【解析】A．设每段位移为，则对段有对段有解得故A错误；B．因则李明通过处时的速度大小为故B错误；C．由分析可知，B处为的中间时刻，可知李明通过B处时的瞬时速度等于通过段的平均速度，因为李明做匀加速运动，所以通过C处时的瞬时速度大于通过段的平均速度，故C错误；D．根据连续相等位移所用时间的比例关系知，李明通过段时间之比为李明通过段和段所用时间之比为，故D正确。故选D。7.图甲为一列简谐波在时刻的波形图，P、Q为平衡位置分别在处的两个质点，图乙为质点P的振动图像，下列说法正确的是（）A.该波沿x轴正方向传播B.该波的传播速度大小为25m/sC.在时刻，质点Q的位移为D.在0.5s时间内，质点Q运动的路程为2.1m【答案】C【解析】A．由图乙可知，时刻，质点正沿轴正向运动，则波沿轴负方向传播，A错误；B．波的传播速度大小为B错误；C．根据数学知识可知，时Q的位移为由波的平移法可知，0.1s内波传播的距离为2m，由于波向x轴负方向传播，则平衡位置为3.5m处质点的振动形式传播到Q点，因此在时刻质点的位移为正确；D．因为质点的振动周期为0.2s，故在0.5s时间内，质点运动的路程为D错误。故选C。8.如图所示，纸面内abc区域内有垂直于纸面向外匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B，∠b=30°一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子在纸面内从A点垂直于bc边以速度v0射入磁场，粒子在磁场中的运动轨迹刚好与ab边相切于C点（图中未标出）。若仅将磁场反向，带电粒子仍从A点垂直于bc边以速度v0射入磁场，并从ab边上D点（图中未标出）射出磁场。不计粒子的重力，则下列说法错误的是（）A.b点到A点的距离等于B.粒子从A运动到C所用的时间为C.粒子从A运动到C的时间与从A运动到D的时间相等D.粒子从D射出时速度的偏向角为30°【答案】C【解析】A．粒子在磁场中做圆周运动有得半径为设b点到A点的距离为s，根据几何关系有解得A正确；BC．粒子在磁场中做圆周运动有结合可得粒子从A运动到C的时间为粒子从A运动到D的时间为B正确，C错误；D．由几何关系可知，磁场反向后，粒子从A射入从D射出时速度偏向角为30°，D正确。本题选说法错误的，故选C。二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9.一个半径为R的金属圆环悬挂在弹簧测力计下端，圆环中通有大小恒定的电流，圆环下半部分处在垂直于圆环平面向里的匀强磁场中，圆环静止时弹簧测力计示数为F，如图甲所示；现将圆环缓慢向下移动0.6R，圆环静止时弹簧测力计的示数为1.2F，如图乙所示。下列判断正确的是（）A.圆环中电流沿顺时针方向B.圆环中电流沿逆时针方向C.圆环的重力大小为1.6FD.圆环的重力大小为2F【答案】BD【解析】AB．由题可知，安培力减小时，示数变大，说明安培力方向向上，根据左手定则可知，电流沿逆时针方向，A项错误，B项正确；CD．设圆环的重为，则解得C项错误，D项正确故选BD。10.空间存在一静电场，静电场中有一x轴，x轴上的电势φ随x的变化关系如图所示。将一质量为m、电荷量为q的负点电荷在x=x0处由静止释放。下列说法正确的有（）A.若仅受电场力作用，释放的一瞬间，点电荷的加速度大小为B.若仅受电场力作用，释放后点电荷一定先沿x轴正方向运动C.若将点电荷从x=x0处移到x=x1处，电场力对点电荷做功为D.若将点电荷从x=x0处移到x=x2处，点电荷的电势能增加了【答案】CD【解析】AB．由于电场的方向不一定平行于x轴，因此电场强度不能确定，释放的一瞬间加速度大小不能确定，释放的一瞬间点电荷也不一定沿x轴正方向运动，故AB错误；C．若将点电荷从x=x0处移到x=x1处，电场力做正功，做功大小为故C正确；D．负电荷在电势高处电势能小，因此将点电荷从x=x0处移到x=x2处，点电荷的电势能增加了，故D正确。故选CD。三、非选择题：本题共5小题，共58分。11.某同学用如图甲所示装置做“探究加速度与力关系”的实验。已知滑轮的质量为。（1）该实验______（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力；（2）按正确的操作进行实验，打出的一条纸带如图乙所示，其中O、A、B、C、D为纸带上连续的五个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，已知打点计时器使用交流电源的频率为50Hz，则小车运动的加速度大小是______（计算结果保留3位有效数字）；（3）改变砂桶中砂的质量进行多次实验，记录每次力传感器的示数F，并根据打出的纸带求出小车运动的加速度a，根据测得的多组a、F，作出图像，下列图像正确的是______；若图像直线的斜率为k，则小车的质量为______。A．B.C.【答案】（1）需要（2）2.40（3）A【解析】【小问1详析】由于实验通过传感器测小车受到拉力与小车加速度的关系，所以该实验需要平衡摩擦力。【小问2详析】依题意，相邻计数点间时间间隔为由逐差法可得小车加速度大小【小问3详析】[1]由于加速度与合外力成正比，因此解得即加速度与外力成正比，图像应是通过原点的一条倾斜直线。故选A。[2]根据上述分析可得则小车的质量12.某实验小组要测量一段粗细均匀的金属丝的电阻率，要求测量结果尽量准确，使待测金属丝两端的电压能从零开始变化，实验室提供下列器材：电池组（3V，内阻不计）、电流表（0~0.3A，内阻约为0.3Ω）、电压表（0~3V，内阻约为2kΩ）、滑动变阻器（0~10Ω）、开关、导线。（1）先用螺旋测微器测金属丝的直径，示数如图甲所示，则金属丝直径d=______mm；再用多用电表的电阻“×1”挡，按正确的操作步骤粗测金属丝的电阻，表盘的示数如图乙所示，则该金属丝的阻值约为______Ω；（2）为了能尽可能减小电阻测量的误差，实验小组成员根据实验室提供的器材设计了电路，并根据设计的电路连接了部分实验器材。请在丙图方框中画出实验电路图______，并将图丁中的电路连接完整______；（3）闭合开关前，将图丁中滑动变阻器移到最左端，闭合开关后，调节滑动变阻器滑片，测出多组电压表的示数U和电流表的示数I，作I−U图像，得到图像的斜率为k，若金属丝的长为L，则金属丝的电阻率ρ=______（用k、d、L表示），不考虑偶然误差，由于电表内阻引起的系统误差，使测得的电阻率比实际值______（填“大”或“小”）。【答案】（1）1.85019.0##19（2）（3）小【解析】【小问1详析】[1]根据螺旋测微器的读数规律可知，金属丝的直径[2]由多用表的示数可知，金属丝的电阻约为【小问2详析】[1][2]根据题意，其电路原理图及实物连接情况分别如下【小问3详析】[1]闭合开关前，将图丁中滑动变阻器移到最左端，使输出电压为零，I−U图像的斜率为k，则电阻根据电阻定律解得[2]由于电流表外接使测得的电阻偏小，则测得的电阻率偏小。13.质量为2kg的物块在水平力F的作用下由静止开始在光滑水平地面上做直线运动，规定水平向右为正方向，力F与时间t的关系图像如图所示。求：（1）3s时物块的位移大小；（2）0~4s时间内F对物块所做的功。【答案】（1）3m（2）4J【解析】【小问1详析】由图可知，0~2s时间内，物块受到向右的力F1=2N，向右加速，根据牛顿第二定律有2s末物体受到向左的力F2=4N，根据牛顿第二定律有2s时物块的速度大小为0~2s物块运动的位移大小2s后物块以加速度a2开始减速，减速到0所用的时间为解得即3s时物块速度恰好减为零，2~3s物块运动的位移大小3s时物块的位移大小为【小问2详析】4s时物块的速度由动能定理，0~4s时间内F对物块所做的功14.如图所示，质量为3m、半径为R的四分之一光滑圆弧体b静止在光滑的水平面上，圆弧面的最低点与水平面上的A点对齐，且与水平面相切，轻质弹簧的右端与静止的质量为3m的物块c相连，左端与水平面上的B点对齐，AB部分长为R，弹簧处于原长，水平面仅A、B部分粗糙。现将质量为m、可视为质点的物块a从圆弧面的最高点由静止释放，物块a与弹簧作用，第二次滑过AB段后，恰好不再能滑上圆弧面。已知弹簧的形变在弹性限度内，重力加速度大小为g，不计空气阻力，求：（1）物块a从释放运动到圆弧面最低点时，圆弧体运动的距离为多少；（2）物块a第一次运动到A点时速度多大；（3）物块a与水平面AB部分间的动摩擦因数。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详析】物块a在圆弧面上运动时，物块a和b组成的系统水平方向动量守恒，则即又因为解得【小问2详析】设物块a第一次运动到A点时速度为v1，圆弧体的速度为v2，根据水平方向动量守恒有根据机械能守恒有解得，【小问3详析】设物块a与弹簧作用前的速度为v3，根据动能定理设a与弹簧作用后一瞬间速度为v4，物块c的速度为v5，a与弹簧作用过程，根据动量守恒定律根据机械能守恒解得，由于物块a刚好不再能滑上圆弧面，故物块a第二次滑过AB段后的速度大小等于v2，根据动能定理解得15.如图所示，间距为d、足够长的光滑平行金属导轨倾斜放置，导轨与水平面之间的夹角θ=30°。a、b两根长均为d的金属棒垂直于导轨放置，a、b之间用一长为d的绝缘轻质细线相连，整个装置处于垂直导轨平面向上的匀强磁场中。开始时金属棒a固定，细线被拉直。已知a的质量为m，电阻为R，b的质量为2m，电阻为2R，重力加速度为g，金属棒与导轨接触良好，不计导轨的电阻以及空气阻力。（1）若磁感应强度B=kt（k>0），求从t=0开始经过多长时间，细线中开始没有拉力；（2）若已知磁感应强度大小为B0且不变，剪断细线，当b棒沿导轨下滑距离s时，速度达到最大值，求该过程a棒中产生的热量；（3）在（2）问条件下，当b棒速度刚达到最大时，释放a棒，求a棒加速度为b棒2倍时，整个回路的电功率。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详析】根据法拉第电磁感应定律，正方形闭合回路中的感应电动势为根据闭合回路电磁感应定律，回路中的感应电流为棒b受到的安培力为由题意，有解得【小问2详析】剪断细线后，b棒合力为零时，速度最大，感应电动势为根据闭合回路电磁感应定律，感应电流大小为则有解得对回路而言，根据能量守恒，有其中解得【小问3详析】释放金属棒a后，当a棒加速度为b棒2倍时，设此时电路中的电流为I，则：对b棒，根据牛顿第二定律，有对a棒，同理，有当a2=2a1时，解得则回路中的电功率为解得2025届高三上学期12月质检考物理试题一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1.将一个小球从水平地面上同一点A先后两次抛出，两次小球均落在了水平面上同一点B，小球第一次的运动轨迹为1，第二次的运动轨迹为2。不计空气阻力，小球可视为质点，下列说法正确的是（）A.第一次小球抛出的初速度大B.第二次小球抛出的初速度大C.第一次小球在空中运动的时间长D.第二次小球在空中运动的时间长【答案】D【解析】AB．第一次小球抛出时竖直分速度小，水平分速度大，因此两抛出的初速度大小关系不能确定，故AB错误；CD．由于第二次最大高度高，设小球运动时间为，在竖直方向，根据可知，运动时间为因此第二次小球运动的时间长，故C错误，D正确。故选D。2.一物块静止在水平面上，在外力作用下运动。第一次用大小为的水平恒力作用在物块上，运动一段时间后，撤去，物块整个运动过程的图像为OAC；第二次用大小为的水平恒力作用在物块上，运动一段时间后，撤去，物块整个运动过程的图像为OBC。则下列说法正确的是（）A.冲量比冲量大B.冲量比冲量小C.做功比做功多D.做功比做功少【答案】C【解析】AB．整个过程，两次摩擦力冲量相同，根据动量定理可知，两次水平恒力的冲量大小相等，AB错误；CD．由于第一次运动位移大，克服摩擦力做功多，整个过程根据动能定理第一次水平恒力做功多，C正确，D错误。故选C。3.如图所示，光滑水平面上有一光滑的斜面，斜面上有一可视为质点的物块从顶端由静止开始下滑，一直运动到底端。忽略空气阻力的影响，在此过程中，下列说法正确的是（）A.物块受到的支持力对物块不做功B.物块受到的支持力对物块做负功C.物块对斜面的压力对斜面不做功D.物块受到的支持力与斜面不垂直【答案】B【解析】ABC．由于水平面是光滑的，在物块下滑的过程中，物块和斜面组成的系统机械能守恒，随着斜面动能的增加，物块的机械能减小，所以物块受到的支持力对物块做负功，物块对斜面的压力对斜面做正功，AC项错误、B项正确；D．在物块运动过程中，物块受到的支持力方向与斜面始终垂直，D项错误。故选B。4.某天文爱好者长期观察绕地球做匀速圆周运动的不同卫星，测出各卫星运行线速度的三次方和角速度满足的关系如图所示。已知引力常量为G，则地球的质量为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由万有引力提供向心力得又联立可得由题图可知解得地球的质量为故选A。5.如图所示，圆柱形玻璃砖静止放置在水平面上，AB是截面圆的竖直直径，一束单色光从A点以与竖直方向成60°角的方向射入玻璃砖，从C点射出玻璃砖，并射在地面上的D点。已知光线CD与地面垂直，B、D间的距离为d，光在真空中的传播速度为c。则光从A点传播到C点所用时间为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】如图所示根据几何关系可知，光从A点入射、从C点出射，偏向角为60°，光在A点的折射角为30°，AC间的距离为2d，折射率光在玻璃砖中速度则光从A传播到C所用时间故选A。6.2024年11月份，某学校组织高中生进行体能测试。在50米跑测试中，李明从A点由静止开始做匀加速直线运动，通过AB、BC、CD、DE连续四段相等的位移到达E点。已知通过E点时的瞬时速度为，通过AE段的时间为t，李明可视为质点。下列说法正确的是（）A.李明通过AB段的时间等于B.李明通过B处时的速度大小为C.李明通过C处时的瞬时速度小于通过AE段的平均速度D.李明通过BC段和CE段所用时间之比为【答案】D【解析】A．设每段位移为，则对段有对段有解得故A错误；B．因则李明通过处时的速度大小为故B错误；C．由分析可知，B处为的中间时刻，可知李明通过B处时的瞬时速度等于通过段的平均速度，因为李明做匀加速运动，所以通过C处时的瞬时速度大于通过段的平均速度，故C错误；D．根据连续相等位移所用时间的比例关系知，李明通过段时间之比为李明通过段和段所用时间之比为，故D正确。故选D。7.图甲为一列简谐波在时刻的波形图，P、Q为平衡位置分别在处的两个质点，图乙为质点P的振动图像，下列说法正确的是（）A.该波沿x轴正方向传播B.该波的传播速度大小为25m/sC.在时刻，质点Q的位移为D.在0.5s时间内，质点Q运动的路程为2.1m【答案】C【解析】A．由图乙可知，时刻，质点正沿轴正向运动，则波沿轴负方向传播，A错误；B．波的传播速度大小为B错误；C．根据数学知识可知，时Q的位移为由波的平移法可知，0.1s内波传播的距离为2m，由于波向x轴负方向传播，则平衡位置为3.5m处质点的振动形式传播到Q点，因此在时刻质点的位移为正确；D．因为质点的振动周期为0.2s，故在0.5s时间内，质点运动的路程为D错误。故选C。8.如图所示，纸面内abc区域内有垂直于纸面向外匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B，∠b=30°一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子在纸面内从A点垂直于bc边以速度v0射入磁场，粒子在磁场中的运动轨迹刚好与ab边相切于C点（图中未标出）。若仅将磁场反向，带电粒子仍从A点垂直于bc边以速度v0射入磁场，并从ab边上D点（图中未标出）射出磁场。不计粒子的重力，则下列说法错误的是（）A.b点到A点的距离等于B.粒子从A运动到C所用的时间为C.粒子从A运动到C的时间与从A运动到D的时间相等D.粒子从D射出时速度的偏向角为30°【答案】C【解析】A．粒子在磁场中做圆周运动有得半径为设b点到A点的距离为s，根据几何关系有解得A正确；BC．粒子在磁场中做圆周运动有结合可得粒子从A运动到C的时间为粒子从A运动到D的时间为B正确，C错误；D．由几何关系可知，磁场反向后，粒子从A射入从D射出时速度偏向角为30°，D正确。本题选说法错误的，故选C。二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9.一个半径为R的金属圆环悬挂在弹簧测力计下端，圆环中通有大小恒定的电流，圆环下半部分处在垂直于圆环平面向里的匀强磁场中，圆环静止时弹簧测力计示数为F，如图甲所示；现将圆环缓慢向下移动0.6R，圆环静止时弹簧测力计的示数为1.2F，如图乙所示。下列判断正确的是（）A.圆环中电流沿顺时针方向B.圆环中电流沿逆时针方向C.圆环的重力大小为1.6FD.圆环的重力大小为2F【答案】BD【解析】AB．由题可知，安培力减小时，示数变大，说明安培力方向向上，根据左手定则可知，电流沿逆时针方向，A项错误，B项正确；CD．设圆环的重为，则解得C项错误，D项正确故选BD。10.空间存在一静电场，静电场中有一x轴，x轴上的电势φ随x的变化关系如图所示。将一质量为m、电荷量为q的负点电荷在x=x0处由静止释放。下列说法正确的有（）A.若仅受电场力作用，释放的一瞬间，点电荷的加速度大小为B.若仅受电场力作用，释放后点电荷一定先沿x轴正方向运动C.若将点电荷从x=x0处移到x=x1处，电场力对点电荷做功为D.若将点电荷从x=x0处移到x=x2处，点电荷的电势能增加了【答案】CD【解析】AB．由于电场的方向不一定平行于x轴，因此电场强度不能确定，释放的一瞬间加速度大小不能确定，释放的一瞬间点电荷也不一定沿x轴正方向运动，故AB错误；C．若将点电荷从x=x0处移到x=x1处，电场力做正功，做功大小为故C正确；D．负电荷在电势高处电势能小，因此将点电荷从x=x0处移到x=x2处，点电荷的电势能增加了，故D正确。故选CD。三、非选择题：本题共5小题，共58分。11.某同学用如图甲所示装置做“探究加速度与力关系”的实验。已知滑轮的质量为。（1）该实验______（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力；（2）按正确的操作进行实验，打出的一条纸带如图乙所示，其中O、A、B、C、D为纸带上连续的五个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，已知打点计时器使用交流电源的频率为50Hz，则小车运动的加速度大小是______（计算结果保留3位有效数字）；（3）改变砂桶中砂的质量进行多次实验，记录每次力传感器的示数F，并根据打出的纸带求出小车运动的加速度a，根据测得的多组a、F，作出图像，下列图像正确的是______；若图像直线的斜率为k，则小车的质量为______。A．B.C.【答案】（1）需要（2）2.40（3）A【解析】【小问1详析】由于实验通过传感器测小车受到拉力与小车加速度的关系，所以该实验需要平衡摩擦力。【小问2详析】依题意，相邻计数点间时间间隔为由逐差法可得小车加速度大小【小问3详析】[1]由于加速度与合外力成正比，因此解得即加速度与外力成正比，图像应是通过原点的一条倾斜直线。故选A。[2]根据上述分析可得则小车的质量12.某实验小组要测量一段粗细均匀的金属丝的电阻率，要求测量结果尽量准确，使待测金属丝两端的电压能从零开始变化，实验室提供下列器材：电池组（3V，内阻不计）、电流表（0~0.3A，内阻约为0.3Ω）、电压表（0~3V，内阻约为2kΩ）、滑动变阻器（0~10Ω）、开关、导线。（1）先用螺旋测微器测金属丝的直径，示数如图甲所示，则金属丝直径d=______mm；再用多用电表的电阻“×1”挡，按正确的操作步骤粗测金属丝的电阻，表盘的示数如图乙所示，则该金属丝的阻值约为______Ω；（2）为了能尽可能减小电阻测量的误差，实验小组成员根据实验室提供的器材设计了电路，并根据设计的电路连接了部分实验器材。请在丙图方框中画出实验电路图______，并将图丁中的电路连接完整______；（3）闭合开关前，将图丁中滑动变阻器移到最左端，闭合开关后，调节滑动变阻器滑片，测出多组电压表的示数U和电流表的示数I，作I−U图像，得到图像的斜率为k，若金属丝的长为L，则金属丝的电阻率ρ=______（用k、d、L表示），不考虑偶然误差，由于电表内阻引起的系统误差，使测得的电阻率比实际值______（填“大”或“小”）。【答案】（1）1.85019.0##19（2）（3）小【解析】【小问1详析】[1]根据螺旋测微器的读数规律可知，金属丝的直径[2]由多用表的示数可知，金属丝的电阻约为【小问2详析】[1][2]根据题意，其电路原理图及实物连接情况分别如下【小问3详析】[1]闭合开关前，将图丁中滑动变阻器移到最左端，使输出电压为零，I−U图像的斜率为k，则电阻根据电阻定律解得[2]由于电流表外接使测得的电阻偏小，则测得的电阻率偏小。13.质量为2kg的物块在水平力F的作用下由静止开始在光滑水平地面上做直线运动，规定水平向右为正方向，力F与时间t的关系图像如图所示。求：（1）3s时物块的位移大小；（2）0~4s时间内F对物块所做的功。【答案】（1）3m（2）4J【解析】【小问1详析】由图可知，0~2s时间内，物块受到向右的力F1=2N，向右加速，根据牛顿第二定律有2s末物体受到向左的力F2=4N，根据牛顿第二定律有2s时物块的速度大小为0~2s物块运动的位移大小2s后物块以加速度a2开始减速，减速到0所用的时间为解得即3s时物块速度恰好减为零，2~3s物块运动的位移大小3s时物块的位移大小为【小问