江西省上饶市玉山县2024年物理第一次初中学业水平模拟考试试题（含答案）

江西省上饶市玉山县2024年物理第一次初中学业水平模拟考试试题一、填空题（共16分，每空1分）1．我们在初中物理课本中学习了力学的定律、光学的光的反射定律，电学的定律和焦耳定律，能量守恒定律。2．白居易在《早蝉》中写道：“六月初七日，江头蝉始鸣。”我们是根据声音的（选填声音的基本特性）辨别出是蝉发出的声音。蝉发出的声音是通过（选填传声物质）传入人耳的。3．“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”是唐代张志和的词句。如图所示，在平静湖面上方，一只白鹭水平滑翔。若以白鹭为参照物，它在水中的倒影是（选填“运动”或“静止”）的，白鹭向上高飞时，则白鹭在水中倒影的大小（填变小、变大或不变）。4．小亮用相同的酒精灯给质量相等的甲、乙两种物质加热。根据测量数据描绘温度﹣时间图象如图所示，由图可知，甲物质比热容（选填“>”“＜”或“=”）乙物质比热容。用酒精灯给物体加热，物体内能增大、温度升高，这是通过（选填“做功”或“热传递”）方式实现的。5．如图所示是一种温度自动控制报警装置电路图。当温度达到90℃时，就会启动报警装置，发出光信号提醒用户。温度计中的水银属于（选填“导体”或“绝缘体”）；报警时，工作电路中的灯亮。6．学习物理就要学会“见物识理”，在用图所示的活塞式抽水机抽水时，压杆COD是一个杠杆，活塞上提时，阀门A打开，阀门B关闭，抽水机外部的水在的作用下进入抽水机中。7．小诚将分别装有热水和冰水的甲、乙两只玻璃杯，在室内放置一段时间，两杯壁都会出现少量的小水珠，这个物态变化现象是，其中在内壁出现水珠的是杯。（填“甲”或“乙”）8．如图所示，盛有不同液体的甲、乙两相同容器放在水平桌面上，完全相同的a、b两均匀实心物体静止在液体中，此时两液面相平，则甲、乙容器底部受到液体的压强分别为p甲、p乙，甲、乙容器对水平桌面的压力F甲、F乙，则p甲p二、选择题（9-12为单选题，每小题2分，13，14为不定项选择题，正确得3分。错选多选不得分，选择正确但不全得1分，共14分）9．下列数据中，最接近生活实际的是（）A．成年人步行的速度约4km/hC．物理课本的质量约5kg D．挂壁式空调的电功率约100W10．2020年5月5日，长征五号B运载火箭成功首飞，拉开了中国空间站在轨建造任务的序幕.下列关于火箭发射说法正确的是（）A．火箭加速升空，说明运动需要力来维持B．火箭升空时，速度越来越大，惯性也越来越大C．火箭加速升空时，使火箭加速的施力物体是火箭D．火箭加速升空过程中，将内能转化为火箭的机械能11．下列说法中正确的是（）A．把一瓶柴油倒去一半，则剩下的柴油比热容变小B．热传递中，温度总是从内能大的物体传递给内能小的物体C．在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为柴油和空气混合物的内能D．燃料燃烧得很充分，它的热值也不变12．小明用F1和F2以图示甲、乙两种方式将同一重物匀速提升相同高度，甲图和乙图中绳子自由端移动的距离分别为s1和sA．F1＜F2B．sC．甲的总功等于乙的总功D．甲的机械效率大于乙的机械效率13．如图所示，R1为定值电阻，RA．电流表A1变小，AB．电流表A1变小，AC．电压表V的示数与电流表A2D．电流表A2、A14．在图的四个选项中，作图错误的有（）A．生活用电插座、开关与灯的连接电路B．力的力臂C．物体对斜面的压力FD．潜水员观察空中物体时的光路图三、计算题（15、16、17小题分别为6、8、8分，共22分）15．如图，一辆家用轿车总质量1200kg，额定功率30kW，每个轮胎与地面的接触面积是0.02m2，（g=10N/kg）求：（1）该家用轿车静止在水平地面上时，对地面的压强是多大？（2）该家用轿车在额定功率下以72km/h的速度匀速行驶在平直的公路上2min，则该车发动机在这2min内的牵引力是多少？（3）司机驾车以15m/s的速度匀速前行，突然发现前方70m处有障碍物。司机需要紧急停车，在反应过程中，汽车保持原速匀速前行了12m。汽车制动后用时3.2s继续向前滑行48m才能停下。求司机从发现情况到车停下的过程中的平均速度是多少？16．如图所示，用一细线将木块系于容器的底部，木块完全浸没在水中处于静止状态，已知木块的重力为6N，体积为1×10-3m3，求：（1）木块受到的浮力；（2）绳子的拉力；（3）将细绳剪断，木块静止后露出水面体积。17．如图所示是某款电热水壶内部电路简图及其铭牌的部分参数，当电热水壶正常工作时，求：额定电压220V频率50Hz加热功率1000W保温功率44W容量1.2L（1）电热水壶R1（2）保温档时，电路中的电流是多少？（3）开关处于1时，电热水壶正常工作，刚好可将一壶1.2L的水从20℃烧开（气压为标准大气压），水吸收的热量为多少？若此时电加热壶的加热效率为96%，求电热水壶的加热时间。四、实验探究题（每题7分，每空1分，共28分）18．请同学们应用所学物理知识正确使用下列测量工具：（1）如图所示，请选择图中测量精确度更高的刻度尺进行读数，则结果应该记为cm。（2）小明借助停表记录了自己从家骑车到学校的时间，如图所示，此时停表所表示的时间是s。（3）弹簧测力计是根据在弹性限度内，弹簧的伸长量跟弹簧受到的拉力成的性质制成的，使用测力计前要观察量程和，再看指针是否对齐。（4）如图是探究液体压强的影响因素用到的仪器，名称叫，实验中用U形管的液面高度差表示液体压强的大小，采用的研究方法是法。19．在探究“凸透镜成像规律”实验中：（1）将蜡烛和光屏移动到如图甲所示的位置时，光屏上恰好得到一个清晰的像，据此可知此凸透镜的焦距为cm（2）改变蜡烛位置，移动光屏到如图乙所示的位置时，光屏上又得到一个清晰的像，生活中的（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这样的成像原理工作的.保持凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动3cm，为了在光屏上得到清晰的像，应把光屏向（选填“左”或“右”）移动，移动的距离（选填“大于”、“等于”或“小于”）3cm；（3）在图乙的实验中，保持凸透镜和蜡烛的位置不变，换用焦距为20cm的凸透镜继续实验，下列说法正确的是____（填序号）；A．向左移动光屏，可以在光屏上得到烛焰缩小的清晰的实像B．向左移动光屏，可以在光屏上得到烛焰放大的清晰的实像C．向右移动光屏，可以在光屏上得到烛焰放大的清晰的实像D．无论怎样移动光屏，在光屏上都得不到烛焰的清晰的像（4）实验时，若一只昆虫落在了凸透镜上，光屏上（选填“有”或“没有”）昆虫的像；（5）图乙实验时，小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方，若保持光屏的位置不变，应将蜡烛向（选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动，才能使光屏上的像再次清晰。20．某实验小组在实验室发现一个废金属块，想要利用天平和量筒来测定这个金属块的密度。（1）首先把天平放在上，游码移到称量标尺零刻度处，若发现指针偏向分度盘中线的左侧，则应将天平的向调节，使天平横梁平衡；（2）用调好的天平测出金属块的质量如图甲所示，用量筒测得金属块体积如图乙所示，由此算出金属块的密度为kg/（3）如果该金属块被磨损后，它的密度将（填“变大”“变小”或“不变”）；（4）若先测量金属块的体积，再测量金属块的质量，则测量结果将（选填“偏大”“偏小”或“仍然准确”）；（5）整理实验器材时发现，20g的砝码有一个缺角，则测量结果（选填“偏大”“偏小”或“仍然准确”）。21．在“测量小灯泡电功率”的实验中，如图，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，所用滑动变阻器的最大阻值为40Ω。（1）小明连接电路时，还有最后一根导线没有连接好，如图甲，小华同学当时指出连接电路时操作不合理，请你指出操作存在的问题（没有连接的导线除外，不需要改动）：。小明纠正电路连接后，进行实验；（2）实验中，如图甲，小明同学移动滑片P，观察到此时电压表示数为2V，要测量小灯泡的额定功率，需将滑片P向端移动（选填“左”或“右”）直到电压表的示数为2.5V，此时电流表如图乙，则小灯泡的额定功率是W；（3）小明还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（4）实验中，小明将滑片移到A时，小灯泡特别亮，一会儿就熄灭，此时小灯泡烧坏，此时电流表示数马上变为零，灯泡两端电压接近V；（5）小明又取了一个规格完全相同的旧灯泡进行实验，发现在额定电压下工作时，灯泡亮度明显偏暗，小明仔细观察，发现这只灯泡的玻璃内壁变黑。灯泡亮度偏暗的原因是灯丝发光时发生升华而变细，导致实际功率变的缘故（选填“大”或“小”）。

答案解析部分1．【答案】牛顿第一；欧姆【解析】【解答】我们在初中物理课本中学习了力学的牛顿第一运动定律、光学的光的反射定律，电学的欧姆定律和焦耳定律，能量守恒定律。

故答案为：牛顿第一运动、欧姆

【分析】初中物理所学的公式，规律、定律内容较多，在学习中需要重点掌握2．【答案】音色；空气【解析】【解答】我们是根据声音的音色辨别出是蝉发出的声音。蝉发出的声音是通过空气传入人耳的。

故答案为：音色；空气。

【分析】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同；声音的传播需要介质3．【答案】静止；不变【解析】【解答】一只白鹭正平行于水面飞行，白鹭和白鹭所成的像关于水面是对称的，若以白鹭为参照物，像与白鹭间没有位置的变化，故像（即它在水中的倒影）是静止的；

平面镜成像的特点是，像和物体大小相等，白鹭向上高飞时，则白鹭在水中倒影的大小不变。

故答案为：静止；不变。

【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。

（2）平面镜成像的特点是，像和物体大小相等。4．【答案】＜；热传递【解析】【解答】（1）用相同的酒精灯给质量相等的甲、乙两种物质加热时，相同时间内，两种物质吸收的热量相同；由图象可知，在相同时间内甲物质比乙物质的温度升高得快（即Δt甲＞Δt乙），根据吸热公式Q=cmΔt可知，甲物质的比热容小于乙物质的比热容；

（2）用酒精灯给物体加热，物体吸收热量，其内能增大、温度升高，这是通过热传递的方式实现的。

故答案为：＜；热传递。

【分析】（1）用相同的酒精灯给质量相等的甲、乙两种物质加热时，相同时间内，两种物质吸收的热量相同；观察图象可知，在相同时间内甲物质比乙物质的温度升高得快，根据吸热公式Q=cmΔt判断甲、乙两物质的比热容大小关系；

（2）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功过程是能量转化的过程，而热传递过程是能量转移的过程。5．【答案】导体；红【解析】【解答】由图可知，当温度达到90℃时，由于水银温度计内的水银是“导体”，使控制电路接通，电磁铁产生磁性，将衔铁吸下，报警电路接通，电铃响、“红”灯亮，发出报警信号；

综上可知，本题正确答案为：第1空应填：“导体”；第2空应填：“红”。

【分析】（1）容易导电的物体是导体，由于水银是液态金属，所以水银是导体；

（2）电磁继电器中主要部分是电磁铁，电磁继电器的电路分为控制电路和工作电路两部分，当控制电路接通时，电磁铁产生磁性，吸下衔铁，接通工作电路；当控制电路断开时，电磁铁失去磁性，衔铁在弹簧的拉力作用下而断开工作电路。6．【答案】省力；大气压【解析】【解答】在用如图所示的活塞式抽水机抽水时，压杆COD的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；

当活塞提上时，阀门A打开，阀门B关闭，在外界大气压的作用下，外部的水进入抽水机中。

故答案为：省力；大气压。

【分析】（1）先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；

（2）抽水机是利用大气压来工作的。7．【答案】液化；甲【解析】【解答】装有热水的甲杯子，热水蒸发出的水蒸气，遇到温度较低杯壁时，在内表面液化为小水滴，而乙杯盛冰水，温度低，空气中的水蒸气遇到温度低的杯壁，在外表面液化为小水滴。

故答案为：液化；甲

【分析】物质由气态变为液态叫液化，液化的方法有降低温度（任何气体）和压缩体积（部分气体）8．【答案】>；>【解析】【解答】（1）a、b两物体完全相同，即密度相同，由图甲可知，物体漂浮，即ρ甲＞ρ物，由图乙可知，物体悬浮，即ρ物=ρ乙，即ρ甲＞ρ物=ρ乙，故ρ甲＞ρ乙，此时两液面相平，由p=ρgh可知，即p甲＞p乙；

（2）因为a漂浮，b悬浮，将a、b两物体拿出来可知，V甲＞V乙，又因为ρ甲＞ρ乙，由m=ρV可知，m甲＞m乙，即甲液体的重力大于乙液体的重力，容器重力相同，a、b物体质量相同，即重力相同，故甲容器的总重力大于乙容器的总重力，容器对桌面的压力等于容器的总重力，故F甲＞F乙。

故答案为：＞；＞。

【分析】（1）通过物体的浮沉条件判断两种液体的密度大小，由p=ρgh可知，液体对容器底压强的大小；

（2）先判断两液体的体积大小，从而得出液体的重力大小，容器对桌面的压力等于容器的总重力，据此分析。9．【答案】A【解析】【解答】A、成年人步行的速度约1.1m/s≈4km/h，故A正确；

B、人体感觉舒适的气温约23℃，故B错误；

C、物理课本的质量约0.2kg，故C错误；

D、挂壁式空调的电功率约1000W，故D错误。

故选：A

【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量10．【答案】D【解析】【解答】AC．火箭加速升空，是燃气的推力改变了火箭的运动状态，施力物体是燃气，不能说明运动需要力来维持，故AC错误；

B．火箭升空时，质量不变，速度越来越大，惯性不变，故B错误；

D．火箭加速升空过程中，将燃料燃烧获得的内能转化为火箭的机械能，故D正确。

故选：D。

【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因；

（2）惯性与质量有关，与速度无关；

（3）力的作用是相互的；

（4）火箭是热机的一种，工作时将内能转化为机械能11．【答案】D【解析】【解答】A．比热容只和物质的种类和状态有关，与质量和体积无关；所以，柴油用去了一半，质量和体积均减小一半，而比热容不变，A不符合题意；B．热传递中传递的是热量（能量），不能说传递温度，B不符合题意；C．因为柴油机吸入气缸的只有空气，在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为空气的内能，C不符合题意；D．单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫做热值，热值与质量和是否完全燃烧无关，只与燃料种类有关，D符合题意。故答案为：D。

【分析】热值和比热容是物质的特性，和质量无关；温度不同的物体间，可以通过热传递改变内能。12．【答案】D【解析】【解答】A．由于F1和F2分别为FF所以F1﹥F2，故A不符合题意；B．由于同一重物匀速提升相同高度，即s1=3h，s2=4h，所以sC．由W=Fs可知，甲、乙的总功分别为WW所以W1﹤W2，即甲的总功小于乙的总功，故C不符合题意；D．由不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功为克服动滑轮重所做的功，有用功为提升物重所做的功，即有用功相等，乙装置要提升两个动滑轮，额外功大，根据η=W故选D。【分析】（1）根据F=1n(G物+G动)比较拉力的大小关系；利用W有=Gh比较有用功大小关系；

（2）根据s=nh比较绳子自由端移动距离的大小关系；

（3）不计绳重和摩擦时克服动滑轮的重力做的功为额外功，根据W额=G动h比较额外功的大小关系；利用W总13．【答案】C,D【解析】【解答】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；

AB、由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表A1示数变小；由于并联电路互不影响，则通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A2示数变小，故AB错误；

C、电压表示数不变，电流表A2示数变小，其比值变大，故C正确；

D、电流表A2、A1示数之差为通过R1的电流，保持不变，且电压表示数不变，所以它们的乘积不变，故D正确。

故选：CD

【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；

根据电源电压判定电压表示数的变化情况；

闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，根据滑动变阻器阻值变化判定通过其电流的变化；根据并联电路的特点分析通过R1电流的变化和干路电流的变化14．【答案】A,B,C【解析】【解答】A．生活用电插座应该左零右火上接地，开关与灯串联，且开关接在火线相连处，图中开关接在零线一侧，故A错误；

B．力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，图中的不是力臂，不是从支点到力的作用线的垂直线段，故B错误；

C．垂直作用在物体表面的力是压力，图中画在物体的重心，不是斜面的表面，故C错误；

D．光由空气斜射入水中，折射角小于入射角，故D正确。

故选：ABC

【分析】（1）三孔插座应该左零右火上接地，开关与灯串联，且开关接在火线一侧；

（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离；

（3）垂直作用在物体表面的力是压力，作用点在受压表面；

（4）光由空气斜射入水中，折射角小于入射角15．【答案】（1）解：因为轿车静止在水平地面上，所以轿车对地面的压力等于汽车的重力，即F=G=mg=1200kg×10N/kg=1.2×104N汽车车轮与地面接触总面积S=4×0.02m2=0.08m2由压强公式可得轿车对地面压强p=答：该家用轿车静止在水平地面上时，对地面的压强是1.2×105Pa；（2）解：由功率公式P=Fv变形可得汽车牵引力F答：该车发动机在这2min内的牵引力是1500N；（3）解：司机反应的时间t则司机从发现情况到车停下的过程中的平均速度v=答：司机从发现情况到车停下的过程中的平均速度是15m/s。【解析】【分析】（1）该家用轿车静止在水平地面上时，根据F=G=mg得出对地面的压力；根据p=FS得出对地面的压强；

（2）根据P=Fv得出该车发动机的牵引力；

（3）根据16．【答案】（1）解：木木块完全浸没在水中时，有V则受到的浮力为F答：木块受到的浮力为10N；（2）解：木块在绳子拉力的作用下静止在水中，受到竖直向下的重力和拉力、竖直向上的浮力作用；所以G木+F=答：绳子的拉力为4N；（3）解：剪断绳子，因为F浮>G木所以排开水的体积为V木块静止后露出水面的体积为V答：将细绳剪断，木块静止后露出水面的体积为4×10【解析】【分析】（1）根据F浮=ρ水gV排算出木块受到的浮力；

（2）分析木块的受力情况，根据受力平衡时合力为零即可求出绳子的拉力；

（3）木块漂浮时所受的浮力等于它自身的重力，因此，求出重力即可得到浮力的大小，然后根据阿基米德原理求排开水的体积。17．【答案】（1）解：由图得，开关S接1时，电路为R1的简单电路，电路电阻最小，电功率最大，为加热档；开关S接2时，电路为R1、R2串联，电路电阻最大，电功率最小，为加保温热档。由P=U2R得，电热水壶答：电热水壶R1（2）解：由P=UI得，保温档时，电路中的电流是I=答：保温档时，电路中的电流是0.2A；（3）解：由ρ=mV水吸收的热量为Q若此时电加热壶的加热效率为96%，水壶加热水消耗的电能为W=由P=Wt答：开关处于1时，电热水壶正常工作，刚好可将一壶1.2L的水从20℃烧开（气压为标准大气压），水吸收的热量为4.032×105J；电热水壶的加热时间420s。【解析】【分析】（1）当S接1时，只有R1接入电路，当S接2时，R1和R2并联，根据串联电路的特点和P=U2R可知水壶加热状态和保温状态的电路连接；根据P=U2R可求出水壶的加热电阻；

（2）根据P=UI求出当水壶处于保温状态时电路中的电流；18．【答案】（1）2.80（2）276.5（3）正比；分度值；零刻度线（4）U型管液体压强计；转换【解析】【解答】（1）物体上面刻度尺，1cm之间有2个小格，其分度值为0.5cm；物体下面的刻度尺，1cm之间有10个小格，其分度值为0.1cm=1mm，使用下面刻度尺测量更准确，此时物体左侧与1.00cm对齐，右侧与3.80cm对齐，所以物体的长度为L=3.80cm-1.00cm=2.80cm；

（2）停表小盘的分度值是0.5min，指针在4min和5min之间，偏向5min一侧，读数4min；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在36.5s，

因此秒表读数为t=4min+36.5s=276.5s；

（3）弹簧测力计原理是在弹性限度内，弹簧的伸长量跟弹簧受到的拉力成正比，使用前观察量程认清分度值，再看指针是否对齐零刻度线；

（4）如图丙是探究液体压强的影响因素用到的仪器，名称叫微小压强计，实验中用U形管的液面高度差表示液体压强的大小，采用的研究方法是转换法。

故答案为：（1）2.80；（2）276.5；（3）正比；分度值；零刻度线；（4）微小压强计；转换法

【分析】（1）由图示刻度尺确定其分度值，分度值越小的刻度尺测量结果越准确，物体两端点所对应刻度尺的示数之差是物体的长度，由图示求出物体长度；

（2）停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和；

（3）弹簧测力计原理是在弹性限度内，弹簧的伸长量跟弹簧受到的拉力成正比，使用前观察量程认清分度值，再看指针是否对齐零刻度线；

（4）微小压强计是通过U形管的液面高度差表示液体压强的大小，采用转换法。19．【答案】（1）10.0（2）照相机；左；小于（3）C（4）没有（5）靠近【解析】【解答】（1）将蜡烛和光屏移动到如图甲所示的位置时，光屏上恰好得到一个清晰的像，此时u=v=20.0cm，根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，即2f=20.0cm，故该凸透镜的焦距为f=10.0cm；

（2）改变蜡烛位置，移动光屏到如图乙所示的位置时，光屏上又得到一个清晰的像，此时物距u=50cm-12cm=38cm＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；

当凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动3cm，此时物距增大，要想在光屏上再一次成清晰的像，需要将像距减小，即将光屏向左移动；此时的像距小于物距，则光屏移动的距离小于3cm；

（3）在图乙的实验中，保持凸透镜和蜡烛的位置不变，换用焦距为20cm的凸透镜继续实验，此时物距2f＞u=50cm-12cm=38cm＞f，根据2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像，因此向右移动光屏，可以在光屏上得到烛焰放大的清晰的实像，故选：C；

（4）实验时，若一只昆虫落在了凸透镜上，此时u＜f，根据u＜f，成正立、放大的虚像，因此光屏上没有昆虫的像；

（5）图乙实验时，小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方，远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会将光线提前会聚成像；若保持光屏的位置不变，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，故应将蜡烛向靠近透镜的方向移动，才能使光屏上的像再次清晰。

故答案为：（1）10.0；（2）照相机；左；小于；（3）C；（4）没有；（5）靠近。

【分析】（1）根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；

（2）根据u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；

（3）根据2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像；

（4）根据u＜f，成正立、放大的虚像；

（5）远视眼镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用。20．【答案】（1）水平桌面；平衡螺母；右（2）2.68×103（3）不变（4）偏大（5）偏大【解析】【解答】（1）为了测量质量时，减小误差，应把天平放在水平台上，再将天平横梁调至水平平衡。指针偏向分度盘中线的左侧，则天平左侧偏重，所以应将天平的平衡螺母向右调，使天平横梁在水平位置平衡。（2）金属块的质量等于砝码的质量与游码对应刻度之和，图甲中标尺的分度值为0.2g，则游码对应刻度为1.8g，所以金属块的质量为m=20g+5g+1.8g=26.8g如图乙所示量筒的分度值为1mL，放入金属块前量筒示数为20mL，放入金属块后量筒示数为30mL，所以金属块的体积为V=30mL-20mL=10mL=10cm3金属块的密度为ρ=（3）密度是物质的一种特性，与物体的质量无关，所以金属块被磨损后，质量减小，金属块的密度不变。（4）由于先测量金属块的体积，从量筒中拿出时，金属块上沾有水，所以测量的金属块的质量偏大，由ρ=m（5）若20g的砝码有一个缺角，则该砝码的质量小于20g，砝码读数仍为20g，使用此砝码称量物体质量时，测得的质量偏大，故测量密度