计算机专业（基础综合）模拟试卷230

计算机专业（基础综合）模拟试卷230

一、单选题（本题共40题，每题1.0分，共40分。）

1、下列关于二叉树的叙述中正确的是（）。I.对于任何一棵二叉树，叶子结点数

都是度为2的结点数加।口.二叉树的左右子树不可以任意地交换m.二叉树只适

合使用链式结构存储，不可能用顺序结构存储W.结点按层序编号的二叉树，第i

个结点的左孩子（假设存在）的编号为2i

A仅

、I、n

B仅

、n

c仅

、u、IV

D仅

、u、m

标准答案：B

知识点解析：i：i的描述只有在非空二叉树的情况下才成立，所以考生在做这种

概念题目时一定要先想到这种特殊情况，所以I错误.n：二叉树的左右子树是

有顺序的，不能随意交浜，所以n正确。n：一般的二叉树确实不能使用顺序结

构存储，但是完全二叉树和满二叉树一般都使用顺序结构存储，所以in错误。

iv：该结论只对完全二叉树才成立，所以w错误。综上所述，只有n正确。

2、设无向图C=（V,E）和G，=（V1E）如果G，是G的生成树，则下面说法中错误

的是（）。

A、G，是G的子图

B、G，是G的连通分量

C、G，是G的极小连通子图且V=V，

D、G，是G的一个无环子图

标准答案：B

知识点解析：选项B错误，因为连通分量是无向图的极大连通子图，其中极大的

含义是将依附于连通分量中顶点的所有边都加上，所以，连通分量中可能存在回

路。

3、通过一趟排序，将待排序记录分割成独立的两部分，其中一部分记录的关键字

均比另一部分记录的关健字小，再分别对这两部分记录进行下一趟排序，以达到整

个序列有序，这种排序算法称作（）。

A、直接插入排序

B、基数排序

C、快速排序

D、归并排序

标准答案：C

知识点解析：题干中描述的是快速排序的过程。

4、按IEEE754标准规定的32位浮点数(单精度浮点数)41A4C000H对应的十进制

数是()。

A、4.59375

B、一20.59375

C、-4.59375

D、20.59375

标准答案：D

知识点解析：本题考查比七匕/54标准的浮点数。在单精度浮点数中，最高位为数

符位；其后是8位阶码，以2为底，用移码表示，阶码的偏置值为127；其后23

位是尾数数值位。对于规格化的二进制浮点数，数值的最高位总是“1”，为了能使

尾数多表示一位有效值，将这个“1”隐含，因此尾数数值实际上是24位。隐含的

“1”是一位整数。在浮点格式中表示出来的23位尾数是纯小数，用原码表示。

41A4co00H写成二进制为01000001101001001100000000000000,第一位为符

号位0,表示是正数。之后的8位10000011表示阶码，真值为(100)B，即4。剩下

的是隐含了最高1的尾数,故而为1.010010011CK)000000000000,数值左移四

位后整数部分10100表示为20。注意：在IEEE754中，单精度浮点数(float)与双

精度浮点数(double)都采用隐含尾数坡高数位的方法，故可多表示一位尾数。临时

浮点数又称为扩展精度浮点数，无隐含位。

5、设有一个含200个表项的散列表，用线性探查法解决冲突，按关键码查询时找

到一个表项的平均探查次数不超过1.5,则散列表项应能够至少容纳的表项的数

目是()。

A、400

B、526

C、624

D,676

标准答案：A

知识点解析：设线性探测法查找成功的平均查找长度为Sn尸｛"1/(1-a))/2,其中

a为装填因子。因此算得a=0.5,最小表项数为200/0.5=400。

6、表示浮点数时，若要求机器零在计算机中的表示为全“0”，则阶码应采用的编码

是()。

A、原码

B、反码

C、补码

D、移码

标准答案：D

知识点解析：移码全为0时，它所对应的真值最小(绝对值最大的负数)。所以当阶

码为全0,尾数也为全0时，表示机器零。

7、一个进程被唤醒意味着（）。

A、该进程可以重新竞争CPU

B、优先级变大

C、PCB移到就绪队列之首

D、进程变为运行态

标准答案：A

知识点解析：本题考查进程的状态以及状态之间的变换。当一个进程被唤醒时，这

个进程就进入了就绪态：等待进程调度而占有CPU运行。进程被唤醒在某种情形

下优先级可以增大，但是一般不会变为最大，而有固定的算法来计算。也不会唤醒

以后位于就绪队列的起首，就绪队列是按照一定的规则来赋予其位置的，例如先来

先服务，或高优先级优先，或短进程优先等。更不能直接占有处理机运行。

8、若二进制定点小数真值是-0.1101,机器中表示为1.0010,则该数采用的编

码方法是（）。

A、原码

B、补码

C、反码

D、移码

标准答案：C

知识点解析:真值1101,对应的原码表示为。1101,补码表示为1.0011,

反码表示为1.0010o移码通常用于表示阶码，不用来表示定点小数。

9、汉字“啊”的十进制区位码为“16-01”，它的十六进制机内码是（）。

A、I601H

B、9081H

C、BOA1H

D、B08IH

标准答案：C

知识点解析:区位码16~01（十进制）=1001H,国标码=1001H+2020H=3021H,机

内码=3021H+8080H=BOAIH。汉字的区位码长4位，前两位表示区号，后两位表

示位号，区号和位号用十进制数表示。汉字国标码和汉字机内码都是两字节长的代

码，汉字机内码是在相应国标码的每个字节最高位上加“1”。3种汉字编码的关

系：汉字国标码一汉字区位码（十六进制）+2020H汉字机内码一汉字国标码+8080H

汉字机内码一汉字区位码（十六进制）+AOAOH通常，汉字的国标码和机内码都用

十六进制数表示，而汉字区位码用十进制数表示，所以在3种汉字编码的转换时，

千万不要忘记先将十进制的区位码变成十六进制之后，再利用上述关系式进行转

换。

10、某数码相机内置128MB的存储空间，拍摄分辨率设定为1600x1200像索，颜

色深度为24位，若不采用压缩存储技术，使用内部存储器最多可以存储的照片数

是（）。

A、12

C、510

D、128

标准答案：D

知识点解析：本题考查IPv4字网划分，首先明确B类网络的掩码是

255.255.0.0,而192的二进制是11111100,由此可知可划分26=64个子网，

每个子网的主机数为22—2=2,因此该B类网络的主机数目是64x2=128,因此

答案是D。

14、某计算机有8个主设备竞争总线使用权，使用捱式请求方式进行总线判优控

制，则该机为实现总线判优控制需要的控制线数为（）。

A、3

B、5

C、16

D、无法确定

标准答案：A

知识点解析：链式请求方式下，为实现总线判优控制，需要1根总线请求线、1根

总线忙线、1根总线同意线，共3根控制线。

15、物理文件的组织方式的确定是（）。

A、应用程序

B、索引文件

C、外存容量

D、操作系统

标准答案：D

知识点解析：文件的逻辑结构和物理结构是从两个：不同观点组织文件的结构而形

成的概念。用户根据自己的需要确定文件的逻辑结构，而文件物理结构则是系统设

计者根据文件存储器的特性和用户对文件的使用情况来确定的，一旦确定，就由操

作系统管理。故正确答案为D。

16、对n个不同的元素利用冒泡法从小到大排序，（）的情况下元素交换的次数最

多。

A、从大到小排列好

B、8小到大排列好

C、元素无序

D、元素基本有序

标准答案：A

知识点解析：通常情况下，冒泡排序最少进行1次冒泡，最多进行n-l次冒泡。

若初始序列为逆序时，则需进行n-l次冒泡，并且交换的次数最多。若初始序列

为正序时，则进行1次冒泡（无交换）就可以终止算法。

17、考虑页面替换算法，系统有m个页帧(frame)供调度，初始时全空引用串

(referencestring)长度为p,包含了n个不同的页号，无论用什么缺贞算法，缺贞次

数不会少于()。

A^m

B、p

C、n

D、min(m,n)

标准答案：C

知识点解析：缺页次数不会少于页数，因为要调入内存。

18、将中缀表达式转换为等价的后缀表达式的过程中要利用堆栈保存运算符。对于

中缀表达式ATB+C/D)XE,当扫描读到操作数E时，堆栈中保存的运算符依次

是()。

A、一x

B、—(x

C、一+

D、一(十

标准答案：A

知识点解析：考查栈的应用。设中间订算结果S1=C/D,S2=(B+C/D),则扫描

过程如下：

扫描字符运算数栈(扫描后)运算符栈(扫描后)说明

AA‘A'入栈

.A-」入栈

(A-(入栈

BAB-('B'入栈

♦AB一(+入栈

CABC_(+入栈

/ABC-(+/7入栈

DABCD何入栈

ABS1-(+计算S1

)ABSI•(十)*)'入栈

AS2-计算S2

XAS2•X*入栈

EAS2E•X'E'入栈

扫描到E时，运算符栈中的内容依次是“一x”，因此选A。

19、页面置换算法()可能会产生Bclady异常现象。

A、先进先出算法FIFO

B、最近最少使用算法LRU

C、利用referencehit的近似的LRU

D、最优算法optimal

标准答案：A

知识点解析：在众多的页面置换算法中，只有先进先出算法FIFO会产生Belady异

常现象。

20、设图G=（V,E）,其中：V={V（）,Vi，V2,V3}E={（V（）,Vi）,（V（）,V2）,

（Vo,V3）,（V],V3）}则从顶点Vo开始对图G的深度优先遍历序列总共有（）种。

A、3

B、4

C、5

D、2

标准答案：B

V）

知识点解析：此题的图为：V?深度优先编历的序列有4个：

V0V1V3V2VoV2VMVoV2V3HVOV3V,V2

v2v:v2v2

21、如果二叉树T2是由有序树T1转换而来的二叉树，那么T1中结点的先序就是

T2中结点的（）。

A、先序

B、中序

C、后序

D、层次序

标准答案：A

知识点解析：一般树中一个结点的孩子是无序的，所谓有序树是指树中任一结点的

孩子是有序的。山树转弧成一叉树的过程可知本题答案为A。

22、TCP协议中，发送双方发送报文的初始序号分别为X和Y,在第一次握手时

发送方发送给接收方报文中，正确的字段是（）。

A、SYN=1,序号=X

B、SYN=1,序号=X+1,ACKX=I

C、SYN=1,序号=Y

D、SYN=1,序号=Y,ACKY+I=1

标准答案：A

知识点解析：本题考查TCP连接建立的三次握手。TCP连接的建立采用三次提

手、第一次握手发送方发给接收方的报文中应设定SYN=1,序号=X,表明传输数

据的第一个数据字节的序号是X。注意：ACK不同于ack,ack是由接收者反馈的

确认号。

23、若视频图像每帧的数据量为6.4MB,帧速率为30帧/秒，则显示10秒的视

频信息，其原始数据量是（）。

A、64MB

B、192MB

C、640MB

D、1920MB

标准答案：D

知识点解析：视频图像每帧的数据量为6.4MB,10秒的视频信息将显示300帧，

数据的存储量=6.4MBx30xl0=1920.MB。

24、我们知道，有些CPU指令只能授权给操作系统内核运行，不允许普通用户程

序使用，但是，以下操年中，（）可以不必具有此种特权。

A、设置定时器初值

B、触发trap指令

C、内存单元复位

D、关闭中断允许位

标准答案：B

知识点露析：trap命令的一种常见用途是在脚本程序被中断时完成清理工作。

25、在IEEE802.3以太网中，碎片帧指的是小于（）字节的帧。

A、64

B、128

C、256

D、512

标准答案：A

知识点解析：小于64字节的帧称为碎片帧。这主要是冲突造成的不完全帧。

26、在多对一的线程模型中，当一个多线程进程中的某一个线程执行一个需阻塞的

系统调用时，（）。

A、该进程的其他线程仍将继续运行

B、整个进程都将阻塞

C、该阻塞线程将被撤销

D、该进程将被撤销

标准答案：B

知识点解析：考查进程与线程的关系。对于多对一的线程模型，由于只有一个内核

级线程，所以操作系统内核只能感知到一个调度单位的存在。当这个内核级线程阻

塞时，整个进程都将无法得到调度，也就是整个进程都将阻塞。注意：作为对比

的是，在一对一模型中将每个用户级线程都映射到一个内核级线程，所以当某个线

程阻塞时，不会引起整个进程的阻塞。

27、操作系统中，某进程从一个临界区离开，有可能发生进程状态改变的是（）。

A、该进程本身

B、输入输出进程

C、等待使用该临界区的进程

D、调度器进程

标准答案：c

知识点篇析：本题考查进程状态的转换和临界区的概念。进程有三个基本状态，处

于阻塞状态的进程是由于某个事件不满足需求而等待。这样的事件一般是I/0操

作，例如键盘，磁盘等。或者是因互斥或同步数据引起的等待，例如等待信号或等

待进入互斥临界区等。仔细分析进程访问临界区的操作，例如P、V操作，在进程

离开临界区时，例如V操作时，若有其他进程等待进入该临界区，则离开临界区

的进程必须将等待进入临界区的进程唤醒，唤醒的过程也是改变等待进入临界区进

程的状态的过程，这个进程由原来的阻塞状态变为就绪，等待调度而可以进入临界

区。离开临界区的进程若没有阻塞或用时完毕，可以继续处于运行状态，同样地，

调度器也不必激活，输入输出进程更与其无关。

28、TCP为了实现可靠的服务，采用超时重传、确认捎带技术。其中，在确认信

息中捎带（）的序号以减少通信量。

A、上一个已接收的报文

B、下一个希望接收的报文

C、正在发送的报文

D、下一个将要发送的报文

标准答案：B

知识点解析：TCP字段中规定接收方在收到正确的TCP段后给发送方发送确认的

信息，确认信息的TCP段的确认号字段中填写希望收到发送方发送的下一个报文

段的数据的第一个字节序号，同时也标志着这个报文段之前的所有报文段都正确接

收到了。

29、在微程序控制器设计中，假设微命令采用最短编码法，需产生N种微操作。

则微命令捽制字段要设置的位数是（）“

A.riog,<N4-D]B.N

G.rlog：N1D.「1。做Nl+1

A、

B、

C、

D、

标准答案：C

知识点解析：由于微命令控制字段必须是一个整数，所以在最短编码法中为巴

位。

30、在下列文件中，不便于文件增、删操作的是（），

A、索引文件

B、连续文件

C、Hash文件

D、串联文件

标准答案：B

知识点解析：因为连续文件是线性存储，每次增、删都要移动元素，代价较大。

31、用直接插入排序对下面4个序列进行递增排序，元素比较次数最少的是（）。

A、94,32,40,90,80,46,21,69

B、32,40,21,46,69,94,90,80

C、21,32,46,40,80,69,90,94

D、90,69,80,46,21,32,94,40

标准答案：c

知识点。析：对于直接通入排序，原始序列越接近有序，则比较次数越少，观察序

列，C选项最接近有序。说明：本题目测即可，如果要严格来比较，则可用线性

代数中求逆序数的方法，序列逆序数越小则越接近有序。对于序列中某个元素a,

其逆序数为序列中a之后比a小的元素的个数，整个序列的逆序数为所有元素逆序

数之和。对于A,各元素逆序数为94：7；32：1；40：1；90：4；80：3；46：

1；21：0；69：0o因此，序列A的逆序数为7+1+1+4+3+1+0+0=17。对于B,各

元素逆序数为32：1；40：I：21：0；46：0；69：0；94：2：90：1；80：0。因

此，序列A的逆序数为1十1十0十0十。十2十1十0=5。对于C,各元素逆序数为21：0；

32：0；46：1；40：0；80：1；69：0；90：0；94：0。因此，序列A的逆序数为

0+0+1+0+1+0+0+0=2o对于D,各元素逆序数为90：6；69：4：80：4；46：3；

21：0；32：0；94：0；40：0。因此，序列A的逆序数为

6+4+4+3+0+0+0+0=17。可以看出C选项序列的逆序数最小，即C选项最接近有

序，所需比较次数最少。

32、有效容量为128KB的Cache,每块16B,8路组相联。字节地址为1234567H

的单元调入该Cache,其Tag应为（）。

A、1234H

B、2468H

C、048DH

D、12345H

标准答案：C

知识点解析：因为块的大小为16B,所以块内地址字段为4位；又因为Cache容量

为128KB,8路组相联,所以可以分为1024组（128KB/（8xl6B）=1024）,对应的组

号字段10位；剩下为标记字段。1234567H=0001001000110100010101100111,标

记字段为高14位，00010010001101=048DH,故选C选项。

33、在OSI参考模型中，第N层和其上的第N+1层的关系是（）。

A、第N层为第N+1层提供服务

B、第N+1层将从第N层接收的信息增加了一个头

C、第N层利用第N+1层提供的服务

D、第N层对N+1层没有任何作用

标准答案：A

知识点解析：本题考查OSI模型的层次关系，在协议的控制下，两个对等实体间

的通信使得本层能够向上一层提供服务，同时要实现木层协议，还需要使用下层所

提供的服务。本层的服务用户只能看见服务而无法看见下面的协议。下层的协议对

上层的服务用户是透明的。也就是下一层要为上一层提供服务，并为上一层数据进

行封装，因此答案为A,这里选项B和C的说法正好相反，应该是第N层将从第

N+1层接收的信息增加了一个头，第N+1层利用第N层提供的服务。

34、A和B建立TCP连接，MSS为1KB。某时，慢开始门限值为2KB,A的拥塞

窗口为4KB,在接下来的一个KIT内，A向B发送了4KB的数据（TCP的数据部

分），并且得到了B的确认，确认报文中的窗口字段的值为2KB,那么，请问在

下一个RTT中，A最多能向B发送（）数据。

A、2KB

B、4KB

C、SKB

D、8KB

标准答案：A

知识点解析：首先，发送窗口应该在拥塞窗口和接收窗口中取最小值，所以本题关

键点在于求本RTT内拥塞窗口和接收窗口的大小。在接下来的一个RTT内，A向

B发送了4KB的数据，且此时拥塞窗口为4KB,按照拥塞避免算法（因为此时拥

塞窗口大于慢开始门限值，所以采用拥塞避免算法），收到B的确认报文后，拥

塞窗口增加到SKB。另外，B发给A的确认报文中的窗口字段的值为2KB,故此

时接收窗口的大小为2KB,所以在下一个RTT中，A最多能向B发送2KB数据。

35、用直接插入排序方法对下列4个表进行（由小到大）的排序，比较次数最少的是

()。

A、94,32,40,90,80,46,21,69

R、21,32.46,40.8D,69.90,94

C、32,40,21,46,69,94,90,80

D、90,69,80,46,21,32,94,40

标准答案：C

知识点解析：暂无解析

36、如果对经典的分页式存储管理策略的页表做细微改造，允许不同页表的页表项

指向同一物理页帧，可能的结果有（）。I.实现对可重入代码的共享H.只需要

修改页表项，就能实现内存"复制操作in.容易发生越界访问w.实现进程间通

信

A仅

、I、n、w

B仅

、口、皿

c仅

、、口、皿

仅I

D

、I

标准答案：A

知识点解析：地址在页式分配系统上是一个逻辑页号和一个偏移量。在逻辑页号的

基础上产生一个物理页号，物理页通过搜索表被找到。因为操作系统控制这张表的

内容，只有在这些物理更被分配到进程中时，它可以限制一个进程的进入。一个进

程想要分配一个它所不加有的页是不可能的，因为这一页在页表中不存在。为了允

许这样的进入，操作系统只简单地需要准许入口给无进程内存被加到进程页表中。

I正确，让同一页表的两个页表项指向同一物理页帧，用户可以利用此特点共享该

页帧的代码或数据。如果代码是可重入的，如编辑软件、编译软件、数据库管理系

统等，这种方法可节省大量的内存空间。II正确，实现内存"复制”操作时，不需

要将页面的内存逐字节复制，而只要在页表里，将指向该页面的指针复制到代表目

的地址的页表项中。in错误，是干扰项。w正确，当两个或多个进程需要交换数

据时，这是十分有用的。它们只是读和写相同的物理地址（可能在多样的物理地址

中）。在进程间通信时，这是十分高效的。

37、域名系统DNS的组成包括（）。I.域名空间H.分布式数据库HI.域名服

务器W.从内部IP地址到外部IP地址的翻译程序

A、仅I、n

B、仅I、u、m

c、仅u、m

D、i、n、m、w

标准答案：B

知识点露析：因特网采用了层次树状结构的命名方法，任何一个连接在因特网上的

主机或路由器，都有一个唯一的层次结构的名字，即域名（domainname）,故需要

有一个域名空间。这里，域（domain）是名字空间中一个可被管理的划分。域还可以

继续划分为子域，如二级域、三级域等。因特网的域名系统DNS被设计成为一个

联机分布式数据库系统，并采用客户机/服务器方式。DNS让大多数名字都在本地

解析，仅少量解析需要在因特网上通信，因此系统效率很高。由于DNS是分布式

系统，即使单个计算机出了故障，也不会妨碍整个系统的正常运行。域名的解析是

由若干个域名服务器程序完成的，人们也常把运行该程序的机器称为域名服务器。

域名系统DNS的组成不包括从内部IP地址到外部IP地址的翻译程序（这个是具

有NAT协议的路由器来实现的，和DNS没有关系）。

38、直接映射Cache的主要优点是实现简单。这种方式的主要缺点是（）。

A、它比其他几利Cache组织类型更贵

B、如果使用中的2个或多个block映射到Cache的同一行，命中率将下降

C、它的存取时间大于其他类型

D、Cache中的Block数随着主存的容量线性增加

标准答案：B

知识点解析：直接映射Cache规则：主存储器中一块只能映象到Cache的一个特定

的块中。（1）主存与缓存分成相同大小的数据块。（2）主存容量应是缓存容量的整数

倍，将主存空间按缓存的容量分成区，主存中每一区的块数与缓存的总块数相等。

（3）主存中某区的一块存入缓存时只能存入缓存中块号相同的位置。优点：地珏映

象方式简单，数据访问时，只需检查区号是否相等即可，因而可以得到比较快的访

问速度，硬件设备简单。缺点：替换操作频繁，命中率比较低。

39、设浮点数的阶为8位（其中1位阶符），用移码表示，尾数为24位（其中1

位数符）；用原码表示，则它所能表示的最大规格化正数是（）。

A.（27-1）X（1-2-23）B.27TX（1-2-”）

C.227x（l-2-n）D.227W1X（1-2-22）

A、

B、

C、

D、

标准答案：B

知识点解析•：最大正数：要使得数最大且为正，显然需要阶码最大、尾数最大，而

m位的定点整数可以表示的最大数为2m—1,n位的定点小数可以表示的最大正数

为0.111111…（n个1）=1—2一%由于该尾数已经是规格化，故该浮点数表示的

最大正数为2（2m（l-2-n）然后将本题题干数据代入即可。

40、下述有关存储器的描述中，正确的是（）。

A、双端口存储器具有分离的读端口和写端口，因而CPU可以同时对其进行读、

写操作。

B、存储保护的目的是：在多用户环境中，既要防止一个用户程序出错而破坏系统

软件或其他用户程序，又要防止一个用户访问不是分配给他的主存区，以达到数据

安全与保密的要求。

C、在虚拟3储器中，外存和主存以相同的方式工作，因此允许程序员用比主存空

间大得多的外存空间编程。

D、CPU中通常都设置有若干个寄存器，这些寄存器与Cache统一编址，但访问速

度更高。

标准答案：B

知识点解析•：双端口存储器是指同•个存储器具有两组相互独立的读写控制线路。

当两个端口的地址不相同时，在两个端口上进行读写操作，一定不会发生冲突。当

两个端口同时存取存储器同一存储单元时，便发生读写冲突。为解决此问题，特设

置了BUSY标志。由片上的判断逻辑决定对哪个端口优先进行读写操作，而暂时

关闭另一个被延迟的端口。

二、综合应用题（本题共9题，每题7.0分，共9分。）

下图所示为双总线结构机器的数据通路，IR为指令寄存器，PC为程序计数器（具有

自增功能），M为主存（受R/W信号控制），AR为地址寄存器，DR为数据缓冲寄

存器，ALU由加、减控制信号决定完成何种操作，控制信号G控制的是一个门电

路。另外，线上标注有小圈表示有控制信号，例中yi表示y寄存器的输入控制信

号，R1。为寄存器R1的输出控制信号，未标字符的线为直通线，不受控制。

Aq线

B总找

41、“ADDR2,R0”指令完成(R0)+(R2)TR0的功能操作，画出其指令周期流程图,

知识点解析：暂无解析

42、若将“取指周期”缩短为一个CPU周期，请先面出修改数据通路，后画出指令

周期流程图。

标准答案：[*]/

知识点解析：暂无解析

43、在(2)的基础上，将•，执行周期”也缩短为一个CPu周期，先修改运算器数据通

路，后画出指令周期流程图。此时加法指令速度比⑴提高几倍？

知识点解析：暂无解析

完成以下各小题。

44、什么是Belady现象?为什么会产生这种现象？

标准答案：如果某种换页算法，在增加页框数之后反向可能导致更多缺页，这种反

常情形称为Belady现象。

知识点解析：