安徽省2025届高三物理模拟（二）【含解析】

第=page11页，共=sectionpages11页安徽省2025届高三物理模拟（二）一、单选题：本大题共8小题，共32分。1.2024年6月25日，嫦娥六号返回器实现世界首次月球背面采样返回。返回器在返回过程中运用独特的“打水漂”技术，在大气层上下做类似打水漂的曲线运动。返回过程中高度随时间变化如图所示，P点对应第一次进入大气层的最低点，Q点对应第一次离开大气层后的最高点，则(

)

A.该图像表示返回器的运动轨迹 B.该图像的斜率表示返回器的速度

C.在Q点时，返回器的加速度为零 D.在P点时，返回器的竖直方向分速度为零【答案】D

【解析】A.该图像表示返回器返回过程的高度随时间变化关系，不是运动轨迹，故A错误；B.该图像不是位移时间图，所以图像的斜率不表示返回器的速度，故B错误；C.在Q点时，返回器受到地球引力，所以加速度不为0，故C错误；D.因为P点对应第一次进入大气层的最低点，所以在P点时，返回器的竖直方向分速度为零，故D正确。故选D。2.如图甲所示，用瓦片做屋顶是我国建筑的特色之一。铺设瓦片时，屋顶结构可简化为图乙所示，建筑工人将瓦片轻放在两根相互平行的檩条正中间，若瓦片能静止在檩条上。已知檩条间距离为d，以下说法正确的是(

)

A.瓦片共受到4个力的作用

B.减小檩条的倾斜角度θ时，瓦片与檩条间的弹力变小

C.减小檩条的倾斜角度θ时，瓦片与檩条间的摩擦力变大

D.减小檩条间的距离d时，瓦片可能会下滑【答案】D

【解析】【分析】

本题考查了共点力作用下物体的平衡问题，可将此情况视为斜面模型，解题的关键是将重力沿斜面和垂直于斜面分解，垂直斜面的分力和两个弹力的合力等大反向，通过沿斜面向下的分力与摩擦力比较判断瓦片的运动情况。

瓦片在重力两侧的支持力和摩擦力作用下处于平衡，减小檩条间的距离时，瓦片与檩条间的弹力变小，最大静摩擦力变小；增大檩条间的距离时，瓦片与檩条间的弹力变大，最大静摩擦力变大。

【解答】A.瓦片受重力，两侧的支持力和两侧摩擦力，共5个力，故A错误；B.减小檩条的倾斜角度

θ

时，两弹力的合力等于

mgcosθ

C.瓦片与檩条间的摩擦力等于

mgsinθ

，减小檩条的倾斜角度

θ

D.根据题图可知，两檩条对瓦片的弹力与垂直于檩条方向的夹角为

α

，有2减小檩条间的距离d时，夹角

α

变小，则瓦片与檩条间的弹力变小，最大静摩擦力变小，则瓦片可能会下滑，故D正确。3.如图所示，“嫦娥三号”探测器发射到月球上要经过多次变轨，最终降落到月球表面上，其中轨道Ⅱ为圆形轨道，轨道Ⅲ为椭圆轨道．下列说法正确的是(

)

A.探测器在轨道Ⅱ上运动时需要火箭提供动力

B.探测器在轨道Ⅱ运行时的加速度大于月球表面的重力加速度

C.探测器在轨道Ⅱ经过P点时的加速度小于在轨道Ⅲ经过P点时的加速度

D.探测器在P点由轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ必须减速【答案】D

【解析】A.探测器在轨道Ⅱ上运动时，机械能守恒，不需要火箭提供动力，故A错误；

B.探测器在轨道Ⅱ运行时的万有引力小于在月球表面时的万有引力，根据牛顿第二定律，探测器在轨道Ⅱ运行时的加速度小于月球表面的重力加速度，故B错误；

C.根据牛顿第二定律有GMmr2=ma，距地心距离相同，则加速度相同，故探测器在轨道Ⅱ经过P点时的加速度等于在轨道Ⅲ经过P点时的加速度，故C错误；

D.根据变轨的原理可知，探测器在P4.一定质量的理想气体从状态a开始，经a→b、b→c、c→a三个过程后回到初始状态a，其p− V图像如图所示.已知三个状态的坐标分别为a(A.气体在a→b过程中对外界做的功小于在b→c过程中对外界做的功

B.气体在a→b过程中从外界吸收热量大于在b→c过程中从外界吸收热量

C.在c【答案】C

【解析】【分析】根据图象的面积表示气体做功，应用气态方程判断气体体积如何变化，然后应用热力学第一定律答题。

本题考查气体的状态方程中对应的图象，分析清楚图示图象、知道理想气体内能由气体的温度决定即可解题，解题时要抓住p−【解答】

A、根据p−V图象的面积表示气体做功，得气体在a→b过程中对外界做的功为：Wab=p0+2p02⋅(2V0−V0)=32p0V0，b→c过

程中气体对外界做的功为：Wbc=p0+2p02⋅(3V0−2V0)=32p0V0，所以气体在a→b过程中对外界做的功等于在b→c过程中对外

界做的功，故A错误;

B、气体在a→b过程中，因为a、b两个状态的pV相等，所以Ta=Tb，即5.钍基熔盐核反应堆不仅发电效率高，而且核废料污染小，具有广阔的应用前景。 90232Th本身不能直接使用，需经过一系列核反应后先生成 91233Pa， 91233Pa再衰变生成 92A. 92233U裂变反应的方程为 92233U→56142Ba+3689Ke+20【答案】D

【解析】A.

 92233U

B.利用中子轰击

 92233U

发生裂变后释放核能，其产物是

 56142Ba

和

 3689Ke

，生成物更稳定，比结合能更大，但 92C.已知

 91233Pa

的半衰期为27天，则大量的

 91233D.

 91233Pa

衰变生成

 92233U

的反应方程为故选D。6.如图所示，电表均为理想电表，两灯泡的电阻均为2r(不考虑温度变化对灯泡的影响)，r为电源内阻的大小，闭合开关S，此时两灯泡正常发光．将滑动变阻器滑片向下滑动，电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，电流表AA.两灯泡逐渐变暗

B.V1示数变小、V2的示数增大

C.电源的输出功率减小，效率增大

D.ΔU2与ΔI【答案】D

【解析】【分析】

本题考查动态电路分析，解题关键掌握闭合电路欧姆定律，注意电源效率的计算公式。根据I=ER总可知电路总电流变化，从而判断灯泡亮度，结合U=E−Ir可知两电压表的变化情况，根据η=U外【解答】

A.将滑片向下滑动，电路中的总电阻增大，根据I=ER总B.电压表V2测量的是路端电压，电压表V1测量的是灯泡L1两端的电压，因总电流减小，所以V1的示数减小、根据U=E−Ir可知V2的示数增大，故B正确，不合题意；

C.外电阻大于内电阻，将滑片向下滑动，电路中的外电阻增大，与内电阻差值变大，电源的输出功率减小，根据η=U外IEI×100%=U外E×100%可知外电压增大，效率增大，故C正确，不合题意；

D.电压表V7.某篮球爱好者进行二分球投篮训练时，某一次篮球的运动轨迹如图所示，A是篮球的抛出点，B是篮球运动轨迹的最高点，C是篮球的入框点。已知篮球在A点的速度vA与水平方向的夹角为60∘，在C点速度大小为v，与水平方向的夹角为45∘，重力加速度大小为g，不计空气阻力。下列说法正确的是(

)

A.篮球经过B点时的速度为0

B.B、C两点的高度差为v22g

C.篮球从A点抛出时的速度为2v

D.从【答案】C

【解析】A.篮球做斜抛运动，到达最高点时竖直分速度为零，但水平分速度不为零，所以最高点的速度不为零，故A错误；CD.由C点速度可知篮球在水平方向的速度为vx=vcos45∘=22v，在竖直方向速度vCy=vsin45B.B、C两点的高度差为h=vsin故选C。8.如图甲所示，在竖直平面内有一半径为R=0.5m的固定光滑绝缘圆桶，在空间中有平行圆桶轴线的水平匀强磁场B=2T，一质量为m=0.5kg、带电量为q=+2C的带电小球沿圆桶外壁做圆周运动，如图乙所示为带电小球所在处的截面图，AC为竖直直径，初始时带电小球位于圆环最高点AA.3m/s B.6m/s【答案】A

【解析】若v向左，恰好不脱离A点，FN=0。mg+qvB=mv2R，得v=5m/s，所以v≤5二、多选题：本大题共2小题，共10分。9.如图所示，一个边长为L的正方形导线框，其电阻为R，线框以恒定速度v沿x轴运动，并穿过图中所示由虚线围成的匀强磁场区域，磁感应强度为B。如果以x轴的正方向作为安培力的正方向，线框在图示位置的时刻开始计时，则b、c两点间的电势差和线框所受的安培力随时间的变化图像为(

)

A.

B.

C.

D.【答案】BC

【解析】线框cb边进入磁场前所经历的时间t1=Lv，即0～Lv内，线框未进入磁场，回路不产生感应电动势，回路没有电流，b、c两点间的电势差为0，所受的安培力为0；

线框cb边进入磁场到ad边进入磁场所经历的时间t2=Lv，即Lv～2Lv内，线框cb边切割磁感线，产生的感应电动势恒为E2=BLv，感应电流恒为I2=E2R=BLvR，由右手定则知，电流的方向为逆时针，由左手定则知，安培力方向水平向左，此时安培力F2=−BI2L=−B2L2vR，b、c两点间的电势差U2bc=34E2=3BLv4R；

线框ad边进入到线框c10.如图所示的直线加速器由沿轴线分布的金属圆筒(又称漂移管)A，B，C，D，E组成，相邻金属圆筒分别接在电源的两端。质子以初速度v0从O点沿轴线进入加速器，质子在金属圆筒内做匀速直线运动且时间均为T，在金属圆筒之间的狭缝被电场加速，加速时电压U大小相同。质子电量为e，质量为m，不计质子经过狭缝的时间，则(

)

A.MN所接电源的极性应周期性变化

B.金属圆筒的长度应与质子进入圆筒时的速度成正比

C.质子从圆筒E射出时的速度大小为8eUm+【答案】AB

【解析】A.因由直线加速器加速质子，其运动方向不变，由题图可知，A的右边缘为正极时，则在下一个加速时需B右边缘为正极，所以MN所接电源的极性应周期性变化，故AB.因质子在金属圆筒内做匀速运动且时间均为T，由T可知金属圆筒的长度应与质子进入圆筒时的速度成正比，故B正确；C.质子以初速度

v0

从O点沿轴线进入加速器，质子经4次加速，由动能定理可得解得质子从圆筒E射出时的速度大小为v故C错误；D.质子在圆筒内做匀速运动，所以圆筒E的长度为L故D错误。故选AB。三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮条，细绳套和一把弹簧测力计。

(1)为完成实验，一组同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，将实验数据在F−x坐标中描点，如图甲所示，请你作出图像_______；由图像求得该弹簧的劲度系数k=(2)某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图乙所示，其读数为___________(3)该组同学通过实验初步得出两个互成角度的力的合成遵从平行四边形定则，另一组同学用两根完全相同的轻弹簧和重物来验证，他们进行了如下操作(弹簧始终处于弹性限度内①用刻度尺测出弹簧的自由长度L0②如图丙所示，把重物通过细绳连接在一根弹簧下端，稳定后测出弹簧的长度L1；他们又把两弹簧调整到相互垂直，稳定后测出两弹簧的长度分别为L2、L3，则L1、L2、【答案】

(1)

；12；(2)2.10【解析】

【分析】

本题主要考查“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，明确实验原理是解决问题的关键。

(1)根据坐标系中描出的点作图即可；

(2)明确弹簧测力计的最小分度值，根据弹簧测力计的指针位置，即可知弹簧测力计的读数；

(3)根据胡克定律和平行四边形定则即可得L1、L(1，根据胡克定律F=kx(2)弹簧测力计的最小分度值为0.1N，指针指在刻度2.1(3)②根据胡克定律可得F=k(L−L12.某同学打算制作一简易的双倍率欧姆表，找到的器材如下。A.满偏电流为10mB.最大阻值为999.9Ω的电阻箱R1和最大阻值为100C.开关一个，红、黑表笔各一只，导线若干

(1)该同学找到一节干电池(标称值为1.5V，内阻不计)第一步，按照图甲所示电路完成实物连接;第二步，闭合开关S，调节电阻箱R1的阻值，当R1的阻值为87.5Ω时，电流表示数为8.0mA，当R1的阻值为150(2)a.按照图乙所示完成实物连接，b.断开开关S，将红、黑表笔短接，调节滑动变阻器R2的阻值，使电流表满偏，此时R2的阻值为

Ω，对应欧姆表的“×10”倍率，则电流表“c.闭合开关S，将红、黑表笔短接进行欧姆调零，调节电阻箱R1和滑动变阻器R2使电流表示数达到满偏，d.步骤c完成后，将红黑表笔与一个未知电阻相连，电流表的示数为4.0mA，则未知电阻的阻值为

【答案】(1)1.5；(2)b【解析】【分析】

本题考查计算电池的电动势与电表的电阻，以及欧姆表的改装与使用。熟练掌握欧姆定律、欧姆表的原理和使用规则，即可解答此类试题。

【详解】

(1)由I=ERA+R1，可知，当电阻箱阻值为87.5Ω和150Ω时，

有8.0mA=ERA+87.5Ω，

6.0mA=ERA+150Ω，

解得：E=1.5四、计算题：本大题共3小题，共42分。13.将两块半径均为R、完全相同的透明半圆柱体A、B正对位置，圆心上下错开一定距离，如图所示。用一束单色光沿半径照射半圆柱体A，设圆心处入射角为θ。当θ=60°时，A右侧恰好无光线射出；当θ=30°时，有光线沿B的半径射出，射出位置与A的圆心相比下移h。不考虑多次反射。求：

(ⅰ)半圆柱体对该单色光的折射率；

(ⅱ)

【答案】解：

(ⅰ)

当θ=60°时，A右侧恰好无光线射出，即光线发生全反射，根据全反射条件可知：n=1sin60∘

半圆柱体对该单色光的折射率：n=233

(ⅱ)做出光路图如图所示：

入射光在半圆柱体A上发生折射时，由折射定律可知：n=sinαsinθ，其中θ=30∘，解得：sinα=33

【解析】本题考查光的全反射定律，主要是根据全反射定律求出折射率，然后根据折射定律求出入射角和折射角，由几何关系求出距离。

(ⅰ)由全反射定律求折射率；

(ⅱ)根据折射定律求出入射光在两个半圆柱体中的折射角和入射角，根据几何关系求出两个半圆柱体之间的距离d。14.如图所示，足够长“L”型平板B静置在地面上，上表面光滑，物块A处于平板B上的O′点，用长为0.8m的轻绳将质量为3kg的小球悬挂在O′点正上方的O点。轻绳处于水平拉直状态，小球可视为质点，将小球由静止释放，下摆至最低点与小物块A发生弹性碰撞。物块A沿平板滑动直至与B右侧挡板发生碰撞，假设小物块A与平板B的碰撞均为弹性碰撞，测得小物块A与平板B右端从发生第一次碰撞后到第二次碰撞前相隔的最大距离是9m，整个过程中A始终在B上，所有碰撞时间忽略不计，不计空气阻力，已知A的质量为1kg，B的质量0.5(1)小球摆至最低点与小物块A(2)小物块A第一次与平板B碰撞