2024-2025学年下学期高一生物第一章B卷

第85页（共85页）第一章B卷一．选择题（共20小题）1．锥实螺壳的右旋和左旋是一对相对性状，由一对等位基因（T/t）控制，右旋为显性。已知t基因没有表达产物。下列实验结果中能直接支持“子代螺壳的转向不受自身的基因型控制，而是卵的细胞质中母本T基因的表达产物决定右旋”的是（）A．取tt螺卵的细胞核植入去核的TT螺卵细胞，与TT螺精子受精，发育成右旋螺 B．取TT螺卵的细胞核植入去核的tt螺卵细胞，与TT螺精子受精，发育成左旋螺 C．将tt螺卵的细胞质注入TT螺卵细胞，与tt螺精子受精，发育成右旋螺 D．将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞，与tt螺精子受精，发育成右旋螺2．某鸟类羽毛颜色有黑色和白色两种，由位于常染色体上的基因A、a和B、b共同控制。某科研人员选用白色雌雄个体相互交配，F1全为白色个体，F1雌雄个体相互交配，F2中白色：黑色＝15：1，下列有关叙述错误的是（）A．亲本基因型为AAbb和aaBB B．F2中黑色个体全部为纯合子 C．F2白色个体中纯合子占 D．F2白色个体测交后代中可能出现黑色个体3．某课题研究小组以豌豆为实验材料，重复了孟德尔的一对相对性状的遗传实验。他们用一株纯合高茎豌豆作父本，与另一株纯合矮茎豌豆作母本进行杂交实验，实验过程无任何错误操作，但F2出现了高茎：矮茎＝2：1的非正常分离比，下列原因分析中相关度最小的是（）A．F1产生两种基因型配子的比例不同 B．后代的样本数量不够多 C．显性基因纯合致死 D．后代的杂合子存活率低4．某种植物的4号染色体上的A基因可以指导植酸合成，不能合成植酸的该种植物会死亡。现有A3﹣和A25﹣两种分别由A基因缺失3个和25个碱基对产生的基因，已知前者不影响植酸合成，后者不具有合成植酸的功能。将一个A基因导入基因型为A3﹣A25﹣的植株的6号染色体，构成基因型为AA3﹣A25﹣A的植株。不考虑子代植株细胞中DNA的复制，该植株自交子代中含有A25﹣A25﹣的个体所占比例是（）A． B． C． D．5．栽培小豆的种皮多为红色，此外还有白色、绿色、褐色等各种类型。种皮的颜色受到R/r、G/g、B/b等多对独立遗传的等位基因控制，其代谢途径如图所示。已知隐性基因均不能编码酶调控代谢过程，下列分析正确的是（）A．纯合红豆植株与纯合绿豆植株杂交，F1全为白豆或绿豆 B．纯合红豆植株与纯合白豆植株杂交，F1为红豆、绿豆或褐豆 C．纯合白豆植株与纯合绿豆植株杂交，F1全为绿豆或红豆 D．等位基因均杂合的褐豆植株自交，F1不能出现四种颜色6．可从染色体的一个位点转移到另一位点的核酸序列称为转座子，果蝇的P转座子可引起子代败育。已知细胞质中的p+基因编码的转座抑制蛋白可抑制P转座子进行转座，果蝇的P品系含P转座子，M品系不含P转座子。用M品系和P品系进行杂交，其子代表现如表。下列分析错误的是（）♀♂MPM子代正常子代正常P子代败育子代正常A．♀Mx♂M的子代正常与转座抑制蛋白无关 B．p基因与P转座子相互作用，使P品系具有繁殖能力 C．♀M×♂P的子代败育，原因是精子不含p+基因 D．♀P×♂M的子代含有P转座子和p+基因7．某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色（红色和黄色）受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性。两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是（）A．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有3种，基因型4种 B．若基因型为AaRr的亲本自交，则了代共有9种基因型，6种表现型 C．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为，而所有植株中的纯合子约占 D．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占8．“母性效应”是指子代性状的表现型由母体的核基因型决定，而不受自身基因型的控制。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物，一般通过异体受精繁殖。若单独饲养，也可以进行自体受精。其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分，旋转方向遵循“母性效应”。某杂交实验过程如图所示，下列分析错误的是（）A．与螺壳旋转方向有关基因的遗传遵循基因的分离定律 B．让图示F2个体进行自交，其后代全为右螺旋 C．若图中为亲本正交的结果，则亲本反交得到的F2结果与正交结果一致 D．将某右旋椎实螺自交，所得后代全为左旋螺，则该右旋椎实螺基因型为dd9．某植物有红花和白花两种花色，当同时存在A、B基因时，该植物开红花，任何一对为隐性时开白花。过度甲基化的A纯合会导致A基因表达产物异常，红花个体会出现银边红花，白花的个体中则会出现粉色条纹。某白花品系种植多年后，偶然发现了一开银边红花的植株，推测发生了单突变。该植株自交得到的36株子代中，银边红花27株，粉色条纹花9株。下列叙述错误的是（）A．A、B基因位于2对同源染色体上 B．最可能的情况是b突变成了B C．DNA甲基化属于可遗传变异，但本质上并没有改变遗传信息 D．该突变体后代的银边红花27株随机受粉得到F2，F2中银边红花占10．基因和染色体的行为存在平行关系，下列相关叙述错误的是（）A．一条染色体上有多个基因，基因在染色体上呈线性排列 B．非同源染色体自由组合，使所有非等位基因也自由组合 C．非同源染色体数量越多，非等位基因组合的种类也越多 D．同源染色体分离的同时，同源染色体上的等位基因也随之分离11．某种鱼的鳞片有4种表型，分别是单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，由两对独立遗传的等位基因（用A、a，B、b表示）决定，且BB对生物个体有致死作用。将无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，F1有两种表型，野生型鳞鱼占50%，单列鳞鱼占50%；选取F1中的单列鳞鱼进行相互交配，其后代中有上述4种表型，这4种表型的数量比为6：3：2：1，则F1的亲本基因型组合是（）A．Aabb×Aabb B．aaBb×aabb C．aaBb×AAbb D．AaBb×AAbb12．下列关于遗传学的说法，错误的是（）A．小麦的高秆和矮秆、家鸡的羽腿和光腿都是相对性状 B．生物体遗传的不是性状本身，而是控制性状的遗传因子 C．两纯合子杂交产生的子一代所表现出来的性状是显性性状 D．杂种后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象叫性状分离13．已知果蝇的红眼和白眼这对相对性状受一对等位基因控制，现选用多对果蝇进行如下两组杂交：红眼雌蝇×白眼雄蝇、白眼雌蝇×红眼雄蝇。不考虑基因位于X、Y染色体的同源区段，下列推测错误的是（）A．若两组杂交的子一代中都是红眼个体多于白眼个体，则红眼为显性 B．若两组杂交的子一代眼色的遗传都与性别无关，则基因位于常染色体上 C．若其中一组杂交的子一代雄性全为红眼，雌性全为白眼，则红眼为显性 D．若其中一组杂交的子一代雄性全为白眼，雌性全为红眼，则基因位于X染色体上14．养鸡业中，母鸡的经济效益比公鸡好，但鉴别小鸡的雌雄存在一定困难。家鸡染色体上的基因B使鸡爪呈棕色，不含基因B的个体鸡爪呈粉色。遗传学家利用X射线处理母鸡甲，最终获得突变体丁，流程如图所示（染色体未按实际大小比例画出），由此实现多养母鸡。下列有关叙述错误的是（）A．X射线处理，既可以引起基因突变也可以引起染色体结构变异 B．使用光学显微镜观察细胞中染色体形态，可区分乙、丙个体 C．③过程中，丙与bbZZ的公鸡杂交，子代中有为bbZWB D．将突变体丁与bbZZ的公鸡杂交，可通过观察鸡爪颜色对子代进行性别鉴定15．某两性花二倍体植物的花色由两对等位基因控制。这两对基因独立遗传，其中基因A控制紫色色素合成。基因a无控制紫色素合成的功能，也不会影响其他基因的功能。基因B控制红色色素合成，b控制蓝色色素合成。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A_B_和A_bb的植株花色为紫红色和靛蓝色。现有该植物的3个不同纯种品系甲（紫红色花）、乙（蓝色花）、丙（红色花），杂交结果如下表所示，不考虑突变。下列叙述正确的是（）杂交组合组合方式F1表现型F2表现型及比例Ⅰ甲×乙紫红色紫红色：靛蓝色：红色：蓝色＝9：3：3：1Ⅱ乙×丙红色红色：蓝色＝3：1A．乙植株的基因型是aabb，自然情况下紫红花植株的基因型有2种 B．让只含隐性基因的植株与杂交组合Ⅱ中F2测交，能确定F2中各植株的基因型 C．杂交组合I的F2中靛蓝色花植株的基因型有2种，杂合子占 D．若甲与丙杂交所得F1自交，则理论上F2为紫红色花：红色花＝2：116．孟德尔享有“遗传学之父”的美誉，他的成功与豌豆杂交实验密不可分。下列有关叙述中，错误的是（）A．孟德尔选用豌豆的原因之一是豌豆具有易于区分的相对性状 B．由于豌豆严格自花传粉，孟德尔须将F1在开花前进行去雄处理 C．孟德尔进行“测交实验”是对推理过程及结果进行检测 D．F1产生雌雄配子数目比并非1：117．科学家在解决一些问题时会采用一些独特的方法，下列相关叙述错误的是（）A．孟德尔将F1与矮茎豌豆进行杂交，结果出现高茎：矮茎＝1：1，属于假说内容 B．生物的性状由遗传因子决定属于孟德尔一对相对性状杂交实验中对分离现象的解释 C．花粉鉴定法是通过植物形成的花粉粒形状、与特定试剂的颜色反应等特性，来验证基因分离定律和自由组合定律的 D．研究“分泌蛋白的合成和运输”与“卡尔文循环”均使用了同位素标记法18．水稻雌雄同株，自然状态下花粉成熟后可以进行自交或者杂交。研究发现水稻的雄蕊是否可育由细胞核基因与细胞质基因共同决定。核基因R控制雄性可育，r控制雄性不育，细胞质基因N控制雄性可育，M基因控制雄性不育，这四种基因中R抑制M的表达，其中只有基因型为M（rr）基因型的水稻表现为雄性不育。下列叙述错误的是（）A．水稻雄性可育的基因型有5种 B．N和M基因的遗传不遵循孟德尔定律 C．雄性不育系与具有优良性状的母本杂交可获得杂种优势稻 D．基因型M（rr）个体与N（rr）个体杂交可以持续获得雄性不育系19．某昆虫原始种群均为红眼野生型，若干年后，种群中出现了能够稳定遗传的白眼品系，用野生型与该白眼品系杂交得F1，F1雌雄个体随机交配后，红眼与白眼比例大约为15：1，据此推测，下列叙述正确的是（）A．白眼品系的出现，推测该昆虫种群发生了进化 B．白眼品系的出现增加了物种多样性，提高了物种丰富度 C．该昆虫的眼色一定受两对基因控制，有两种表型 D．若控制眼色的若干种基因发生了基因突变，说明基因突变具有多方向性20．黑腹果蝇的复眼缩小（小眼睛）和眼睛正常是一对相对性状，分别由显性基因A和隐性基因a控制，但是显性基因A的外显率为75%，即具有基因A的个体只有75%是小眼睛，其余25%的个体眼睛正常。现将一对果蝇杂交，F1中小眼睛：正常眼睛＝9：7。下列分析正确的是（）A．亲本果蝇的表现型都为小眼睛 B．只考虑控制眼睛大小的基因，F1正常眼睛个体不可能是杂合子 C．F1中比例说明果蝇眼睛大小的遗传遵循基因自由组合定律 D．F1自由交配，获得的F2中小眼睛和正常眼睛的比例仍然是9：7二．解答题（共5小题）21．某品种鹦鹉大多数的胸羽是红色或黄色，偶尔也出现胸羽上既没有红色也没有黄色（无红黄羽）的个体，对其进行遗传分析。（1）红、黄羽鹦鹉杂交结果如表。组合①②③亲本红羽×红羽黄羽×红羽黄羽×黄羽子代红羽黄羽黄羽和红羽若上述杂交组合的性状受一对等位基因（A/a）控制，则黄羽为（填“显性”或“隐性”）性状，判断的理由是，纯种红羽鹦鹉与纯种黄羽鹦鹉杂交，子代间相互交配，预期子二代中红羽：黄羽的比例是。（2）研究发现上述A基因的表达产物是催化红色素转变为黄色素的酶，而a基因无相应功能。鹦鹉红、黄羽色的形成还受D/d基因的控制。为研究D/d在色素形成中的功能，通过基因工程构建了3个酵母品系。检测其中的红、黄色素，结果如表。酵母品系A基因D基因色素①有有红和黄②无有红③有无无则D基因的功能是。鹦鹉的基因能在酵母中表达，表明在翻译过程中共用。酵母品系①中同时检测到红色素和黄色素，用同样的方法检测鹦鹉的黄色胸羽（各种基因型），均可检测到黄色素和少量的红色素，原因是。（3）另一个杂交组合的亲本为红羽鹦鹉和黄羽鹦鹉，子代有红羽、黄羽、无红黄羽三种类型，如果A/a和D/d这两对基因位于常染色体上且独立遗传，子代中无红黄羽个体的基因型是，预期此组合的子代中红羽：黄羽：无红黄羽的比例为。22．黄瓜（2n＝14）的果实长度与产量密切相关。为探究从野生种向栽培种驯化过程中黄瓜果实长度增加的原因，研究者进行了以下工作。（1）栽培品种甲果实长度约为22cm，野生品种乙果实长度约为6cm。甲乙杂交，F1果实长度约为9cm，F1自交，F2果实长度9cm、6cm和22cm的植株数量比为9：3：4，说明决定果实长度的基因在遗传中遵循定律。（2）F2自交，单株收获F2中果长9cm植株的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系。所有株系中，有占比为的株系各植株所结果实均为9cm左右，将这些植株命名为丙。（3）单核苷酸多态性（SNP）是不同DNA分子上稳定的遗传标记。研究者对F2中部分6cm果个体和丙中部分个体进行SNP检测，发现2号染色体上SNP情况如图1。推测使果长由6cm增加为9cm的突变位点位于之间的区域，进一步研究发现该突变基因为SF1基因。（4）丙植株在果实早期发育阶段乙烯产量和乙烯合成关键酶ACS2的量均显著低于乙，乙烯有抑制细胞分裂的作用。SF1基因编码一种促进其他蛋白降解的酶。为研究SF1蛋白能否与ACS2互作，研究者制备GST蛋白、GST﹣野生型SF1蛋白、GST﹣突变型SF1蛋白，分别与磁珠偶联，再分别与表达MYC﹣ACS2融合蛋白的细胞裂解液混合温育，随后对混合液总蛋白和磁珠沉降后的蛋白沉淀进行电泳和抗体检测，结果如图2，表明野生型和突变型SF1蛋白都能与ACS2发生结合。请在图2中补充画出蛋白沉淀检测结果中其他泳道的条带。（5）进一步检测发现，与野生型相比，突变型SF1蛋白活性，导致丙比乙果实长。导致栽培品种甲果实长度增加的另一个突变是ACS2基因突变。推测驯化过程中这两个突变哪个先发生，并说明理由。23．某植物性别受A/a控制，植株高度（高秆和矮秆）受B/b控制。研究人员选取纯合高秆雌株与纯合矮秆两性植株杂交得F1，F1自交，所得F2的表型及比例为高秆两性株：矮秆两性株：高秆雌株：矮秆雌株＝9：3：3：1。回答下列问题：（1）F1的表型为。（2）亲本的基因型分别为（雌株）、（两性植株）。（3）让F2的矮秆两性株随机交配，子代出现雌株的概率为。（4）研究人员在连续自交的矮秆两性株群体中发现一矮秆雄株，该植株最可能是由于性别相关基因发生显性突变造成的性状改变。利用该雄株与纯合的高秆雌株杂交，若后代表型及比例为，则可证明上述猜测。该种雄株具有更高的经济价值，欲培育纯合雄株，请提供一种可行的育种方法。24．兔子控制毛色的基因在染色体上，灰色由显性基因（B）控制，青色（b1）、白色（b2）、黑色（b3）、褐色（b4）均为B基因的等位基因，且b1、b2、b3、b4之间具有一定次序的完全显隐性关系。将不同毛色的兔子进行杂交，实验结果如表所示：杂交实验双亲性状性状甲纯种青毛×纯种白毛青毛乙纯种黑毛×纯种褐毛黑毛兔丙F1青毛×F1黑毛青毛：黑毛：白毛＝2：1：1（1）据表分析，表型为青色的兔子对应基因型有种可能。（2）让一只灰色雄兔与群体中多只不同毛色的纯种雌兔交配，若子代中灰色兔、青色兔、白色兔、黑色兔和褐色兔都有，且灰色兔占%，那么该灰色雄兔的基因型是。25．小豆起源于中国。栽培小豆种皮多为红色，此外还有白色、绿色、褐色等各种类型。（1）为探究种皮颜色的遗传规律，用4个不同种皮颜色的小豆品种进行如图杂交实验。①根据杂交实验Ⅰ结果推测，小豆种皮的颜色（红色、绿色和褐色）是由对等位基因控制。杂交实验Ⅱ的F2白色种皮个体中杂合子的比例为。②有人根据以上杂交实验结果推测小豆种皮相关色素的代谢途径，如图1。为探究R/r基因与B/b基因之间的位置关系，利用上述4个品种中的白色和绿色品种进行杂交实验，F1自交获得F2。在上述推测成立的情况下，若F2小豆的种皮颜色及比例为，则说明R/r基因与B/b基因位于同源染色体上，且减数分裂时不发生交换。（2）小豆种皮颜色与花青素等物质的种类有关，蛋白M1和M2调控花青素合成相关基因的表达。①分别用带有M1和M2基因的质粒转化植株，得到M1和M2过表达植株，检测其花青素的含量，结果如图2。根据实验结果推测，M1基因。②研究发现，M2基因过表达植株的一些组织中M1的表达量升高。为研究M2与M1基因的关系，将M2蛋白与用M1基因的启动子部分片段制作的探针混合并电泳，结果如图3（生物素越多则条带颜色越深）。图3结果表明。③综合以上研究，请补充完善M1、M2、花青素合成的关系图（括号内填写“促进”或“抑制”），并从物质和能量的角度解释这种关系的意义。

第一章B卷参考答案与试题解析题号1234567891011答案DCCBBCBBABC题号121314151617181920答案CCCBBACAD一．选择题（共20小题）1．锥实螺壳的右旋和左旋是一对相对性状，由一对等位基因（T/t）控制，右旋为显性。已知t基因没有表达产物。下列实验结果中能直接支持“子代螺壳的转向不受自身的基因型控制，而是卵的细胞质中母本T基因的表达产物决定右旋”的是（）A．取tt螺卵的细胞核植入去核的TT螺卵细胞，与TT螺精子受精，发育成右旋螺 B．取TT螺卵的细胞核植入去核的tt螺卵细胞，与TT螺精子受精，发育成左旋螺 C．将tt螺卵的细胞质注入TT螺卵细胞，与tt螺精子受精，发育成右旋螺 D．将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞，与tt螺精子受精，发育成右旋螺【考点】基因的分离定律的实质及应用．【专题】正推法；基因分离定律和自由组合定律；理解能力．【答案】D【分析】基因分离定律的实质：杂合体内，等位基因在减数分裂生成配子时随同源染色体的分开而分离，进入两个不同的配子，独立的随配子遗传给后代。【解答】解：子代螺壳的转向不受自身的基因型控制，而是卵的细胞质中母本T基因的表达产物决定右旋，故实验自变量是细胞质中是否有母本T基因的表达产物，因此将TT螺卵的细胞质注入tt螺卵细胞，与tt螺精子受精，由于细胞质中含有母本T基因的表达产物，所以将发育成右旋螺，D正确，ABC错误。故选：D。【点评】本题考查分离定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，学生具备运用所学知识综合分析问题的能力是解答本题的关键。2．某鸟类羽毛颜色有黑色和白色两种，由位于常染色体上的基因A、a和B、b共同控制。某科研人员选用白色雌雄个体相互交配，F1全为白色个体，F1雌雄个体相互交配，F2中白色：黑色＝15：1，下列有关叙述错误的是（）A．亲本基因型为AAbb和aaBB B．F2中黑色个体全部为纯合子 C．F2白色个体中纯合子占 D．F2白色个体测交后代中可能出现黑色个体【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】正推法；基因分离定律和自由组合定律；理解能力．【答案】C【分析】自由组合定律：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【解答】解：AB、F2中白色：黑色＝15：1，是9：3：3：1的变式，因此控制体色的两对等位基因遵循基因的自由组合定律，白色基因型为A_B_、A_bb、aaB_，黑色基因型为aabb。亲本和F1均为白色，所以F1的基因型为AaBb，亲本基因型为AAbb和aaBB，A、B正确；C、F2白色个体基因型为9A_B_、3aaB_、3A_bb，白色纯合子基因型为1AABB、1aaBB、1AAbb，则F2白色个体中纯合子占，C错误；D、F2白色个体（A_B_、A_bb、aaB_）测交后代可能出现黑色（aabb），D正确。故选：C。【点评】本题考查基因自由组合定律的相关内容，要求学生能运用所学的知识正确作答。3．某课题研究小组以豌豆为实验材料，重复了孟德尔的一对相对性状的遗传实验。他们用一株纯合高茎豌豆作父本，与另一株纯合矮茎豌豆作母本进行杂交实验，实验过程无任何错误操作，但F2出现了高茎：矮茎＝2：1的非正常分离比，下列原因分析中相关度最小的是（）A．F1产生两种基因型配子的比例不同 B．后代的样本数量不够多 C．显性基因纯合致死 D．后代的杂合子存活率低【考点】孟德尔遗传实验．【专题】正推法；孟德尔遗传实验；理解能力．【答案】C【分析】孟德尔一对相对性状杂交实验：纯合高茎豌豆作父本，与另一株纯合矮茎豌豆作母本进行杂交实验，子一代均为高茎，子一代自交，F2中高茎：矮茎＝3：1。【解答】解：A、F1产生两种基因型配子的比例不同可能会导致F2出现了高茎：矮茎＝2：1的非正常分离比，与题意不符，A错误；B、后代的样本数量不够多可能会导致F2出现了高茎：矮茎＝2：1的非正常分离比，与题意不符，B错误；C、显性基因纯合致死与题干中纯合高茎豌豆作父本存在矛盾，与题意相符，C正确；D、后代的杂合子存活率低，如果是的存活率，可以出现高茎：矮茎＝2：1的结果，与题意不符，D错误。故选：C。【点评】本题考查孟德尔遗传实验，要求考生识记孟德尔遗传实验的过程，能运用所学的知识合理解释2：1的原因，属于考纲理解层次的考查。4．某种植物的4号染色体上的A基因可以指导植酸合成，不能合成植酸的该种植物会死亡。现有A3﹣和A25﹣两种分别由A基因缺失3个和25个碱基对产生的基因，已知前者不影响植酸合成，后者不具有合成植酸的功能。将一个A基因导入基因型为A3﹣A25﹣的植株的6号染色体，构成基因型为AA3﹣A25﹣A的植株。不考虑子代植株细胞中DNA的复制，该植株自交子代中含有A25﹣A25﹣的个体所占比例是（）A． B． C． D．【考点】基因的分离定律的实质及应用．【专题】正推法；基因分离定律和自由组合定律；解决问题能力．【答案】B【分析】已知基因A3﹣和A25﹣都在4号染色体，再导入一个A基因至6号染色体，由于它们位于非同源染色体上，因此该植株在减数分裂产生配子时，遵循基因自由组合定律。【解答】解：由分析可知，A3﹣A25﹣A植物在减数分裂产生配子时，遵循基因自由组合定律，产生的配子的基因型为A3﹣A、A25﹣A、A3﹣、A25﹣，比例各占。该植株自交后代中基因型为A25﹣A25﹣的个体死亡，其比例为，存活个体占，含有A25﹣A25﹣的后代个体基因型有2种，分别是AAA25﹣A25﹣＝，AA25﹣A25﹣＝，二者共占，因此该植株自交子代中含有A25﹣A25﹣的个体所占的比例是，ACD错误，B正确。故选：B。【点评】本题考查分离定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，学生具备运用所学知识综合分析问题的能力是解答本题的关键。5．栽培小豆的种皮多为红色，此外还有白色、绿色、褐色等各种类型。种皮的颜色受到R/r、G/g、B/b等多对独立遗传的等位基因控制，其代谢途径如图所示。已知隐性基因均不能编码酶调控代谢过程，下列分析正确的是（）A．纯合红豆植株与纯合绿豆植株杂交，F1全为白豆或绿豆 B．纯合红豆植株与纯合白豆植株杂交，F1为红豆、绿豆或褐豆 C．纯合白豆植株与纯合绿豆植株杂交，F1全为绿豆或红豆 D．等位基因均杂合的褐豆植株自交，F1不能出现四种颜色【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】模式图；基因分离定律和自由组合定律．【答案】B【分析】据图可知，种皮的颜色受到R/r、G/g、B/b等多对独立遗传的等位基因控制，褐色基因型为R_G_B_，绿色基因型为R_G_bb，红色基因型为R_gg__，其余为白色。【解答】解：A、纯合红豆植株（RRggBB或者RRggbb）与纯合绿豆植株（RRGGbb）杂交，F1基因型为RRGgBb或者RRGgbb，全为褐豆或者绿豆，A错误，B、纯合红豆植株（RRggBB或者RRggbb）与纯合白豆植株（rrGGBB、rrGGbb、rrggBB、rrggbb）杂交，F1基因型为RrGgBB、RrGgBb、RrggBB、RrggBb、RrGgbb、Rrggbb，F1为红豆、绿豆或褐豆，B正确；C、纯合白豆植株（rrGGBB、rrGGbb、rrggBB、rrggbb）与纯合绿豆植株（RRGGbb）杂交，F1基因型及表现型为RrGGBb（褐色）、RrGGbb（绿色）、RrGgBb（褐色）、RrGgbb（绿色），即F1全为绿豆或褐豆，C错误；D、等位基因均杂合的植株自交，即RrGgBb自交，种皮是由珠被发育而来的，F1小豆种皮的颜色应该是褐色，D错误。故选：B。【点评】本题考查基因自由组合定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力是解答本题的关键。6．可从染色体的一个位点转移到另一位点的核酸序列称为转座子，果蝇的P转座子可引起子代败育。已知细胞质中的p+基因编码的转座抑制蛋白可抑制P转座子进行转座，果蝇的P品系含P转座子，M品系不含P转座子。用M品系和P品系进行杂交，其子代表现如表。下列分析错误的是（）♀♂MPM子代正常子代正常P子代败育子代正常A．♀Mx♂M的子代正常与转座抑制蛋白无关 B．p基因与P转座子相互作用，使P品系具有繁殖能力 C．♀M×♂P的子代败育，原因是精子不含p+基因 D．♀P×♂M的子代含有P转座子和p+基因【考点】基因的分离定律的实质及应用．【专题】数据表格；基因分离定律和自由组合定律；解决问题能力．【答案】C【分析】P因子转座引起染色体断裂和重排，从可遗传变异的类型分析，属于染色体变异中的染色体结构变异。【解答】解：A、♀M×♂M的子代正常，因为M品系不含P转座子，所以与转座抑制蛋白无关，A正确；B、P品系含P转座子，细胞质中的p+基因编码的转座抑制蛋白可抑制P转座子进行转座，从而使P品系具有繁殖能力，B正确；C、♀M×♂P的子代败育，原因是卵细胞不含p+基因，而不是精子不含p+基因，C错误；D、♀P×♂M子代含有来自母本P品系的P转座子和细胞质中的p+基因，D正确。故选：C。【点评】本题考查基因分离定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力是解答本题的关键。7．某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色（红色和黄色）受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性。两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是（）A．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有3种，基因型4种 B．若基因型为AaRr的亲本自交，则了代共有9种基因型，6种表现型 C．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为，而所有植株中的纯合子约占 D．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】遗传基本规律计算；基因分离定律和自由组合定律．【答案】B【分析】根据题意可知，植物花瓣的大小为不完全显性，AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣，而花瓣颜色为完全显性。但是无花瓣时即无颜色。在解答时，首先逐对基因分析，然后用乘法法则即可。【解答】解：A、若基因型为AaRr的个体测交，则子代基因型有AaRr、Aarr、aaRr、aarr，基因型4种，表现型有3种，分别为：小花瓣红色、小花瓣黄色、无花瓣，A正确；B、由题意可知，Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于aa表现无花瓣，故aaR_与aarr的表现型相同，表现型共5种，B错误；C、若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株（A_）中，AA：Aa＝1：2，故AaRr所占比例约为，而所有植株中的纯合子约占，C正确；D、若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣（A_R_）的植株占，D正确。故选：B。【点评】本题难度适中，属于考纲中理解、应用层次的要求，考查了基因自由组合定律的应用，在解题时需熟练运用基因的分离定律及乘法法则解题，解题时关键要注意无花瓣时就不存在颜色的分离。8．“母性效应”是指子代性状的表现型由母体的核基因型决定，而不受自身基因型的控制。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物，一般通过异体受精繁殖。若单独饲养，也可以进行自体受精。其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分，旋转方向遵循“母性效应”。某杂交实验过程如图所示，下列分析错误的是（）A．与螺壳旋转方向有关基因的遗传遵循基因的分离定律 B．让图示F2个体进行自交，其后代全为右螺旋 C．若图中为亲本正交的结果，则亲本反交得到的F2结果与正交结果一致 D．将某右旋椎实螺自交，所得后代全为左旋螺，则该右旋椎实螺基因型为dd【考点】基因的分离定律的实质及应用．【专题】信息转化法；基因分离定律和自由组合定律．【答案】B【分析】据图分析，左螺旋dd作为母本，与右螺旋DD作为父本杂交，后代基因型为Dd，表现型为左螺旋（与母本相同），子一代为Dd，Dd自交，子二代全部为右螺旋，且后代DD：DD：dd＝1：2：1，说明Dd的遗传遵循基因的分离定律，即“母性效应”现象是符合孟德尔分离定律的。【解答】解：A、Dd在产生配子时，等位基因分离，说明与螺壳旋转方向有关的基因的遗传遵循基因的分离定律，A正确；B、让图示中F2个体进行自交，DD和Dd自交的后代都是右螺旋，dd自交的后代是左螺旋，因此后代螺壳右旋：左旋＝3：1，B错误；C、若图中为亲本正交的结果，则亲本反交得到的F1的基因型为Dd，表现型为右旋螺，子代的性状由母体的核基因决定，所以F1自交得到的F2结果和正交结果一致，C正确；D、由于子代的性状由母体的核基因决定，所以当将某右旋椎实螺自交，所得后代全为左旋螺时，说明该右旋椎实螺为纯合子，且基因型为dd，D正确。故选：B。【点评】本题较为新颖，考查基因分离定律的应用，意在考查学生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。9．某植物有红花和白花两种花色，当同时存在A、B基因时，该植物开红花，任何一对为隐性时开白花。过度甲基化的A纯合会导致A基因表达产物异常，红花个体会出现银边红花，白花的个体中则会出现粉色条纹。某白花品系种植多年后，偶然发现了一开银边红花的植株，推测发生了单突变。该植株自交得到的36株子代中，银边红花27株，粉色条纹花9株。下列叙述错误的是（）A．A、B基因位于2对同源染色体上 B．最可能的情况是b突变成了B C．DNA甲基化属于可遗传变异，但本质上并没有改变遗传信息 D．该突变体后代的银边红花27株随机受粉得到F2，F2中银边红花占【考点】基因的自由组合定律的实质及应用；表观遗传；基因突变的概念、原因、特点及意义．【专题】信息转化法；基因分离定律和自由组合定律；基因与性状关系；解决问题能力．【答案】A【分析】1、基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。2、生物体基因的碱基序列保持不变，但基因表达和表型发生可遗传变化的现象，叫作表观遗传。【解答】解：A、依题意，当同时存在A、B基因时，该植物开红花，任何一对为隐性时开白花。又知过度甲基化的A纯合会导致A基因表达产物异常，红花个体会出现银边红花，白花的个体中则会出现粉色条纹。因此，当突变体体现银边时，A基因纯合，则无法通过突变体自交子代性状分离比为3：1确定A、B基因在染色体上的位置，A错误；B、依题意，当同时存在A、B基因时，该植物开红花，任何一对为隐性时开白花。又知过度甲基化的A纯合会导致A基因表达产物异常，红花个体会出现银边红花，白花的个体中则会出现粉色条纹。突变体为银边红花的植株，则其基因型为AAB﹣，该植株自交子代性状分离比为3：1，则其基因型为AABb。又突变体是由白花品系突变而来，白花品系基因型可以是：A﹣bb、aaB﹣、aabb。又知该突变是发生了单突变，因此，最可能的情况是b突变成了B，白花个体基因型由AAbb变成AABb，表型为银边红花，B正确；C、基因A甲基化是表观遗传现象，表观遗传是指生物体基因的碱基序列保持不变，但基因表达和表型发生可遗传变化的现象，本质上并没有改变遗传信息，C正确；D、该突变体基因型为AABb，则自交后代中27株银边红花基因型及比例为为1AABB：2AABb。这27株银边红花随机受粉时，产生的雌雄配子基因型及比例为：2AB：1Ab，则F2中，AAbb所占比例为，AAB﹣（银边红花）所占比例为1﹣＝，D正确。故选：A。【点评】本题考查基因自由组合定律及运用、表观遗传的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。10．基因和染色体的行为存在平行关系，下列相关叙述错误的是（）A．一条染色体上有多个基因，基因在染色体上呈线性排列 B．非同源染色体自由组合，使所有非等位基因也自由组合 C．非同源染色体数量越多，非等位基因组合的种类也越多 D．同源染色体分离的同时，同源染色体上的等位基因也随之分离【考点】基因的自由组合定律的实质及应用；基因与DNA的关系；基因的分离定律的实质及应用．【专题】正推法；基因分离定律和自由组合定律；理解能力．【答案】B【分析】减数第一次分裂后期，同源染色体分离，非同源染色体自由组合，同时等位基因随着同源染色体的分开而分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合。减数第二次分裂后期，染色单体分开时，复制而来的两个基因也随之分开。【解答】解：A、染色体是基因的主要载体，一条染色体上有多个基因，基因在染色体上呈线性排列，A正确；B、减数分裂过程中非同源染色体自由组合，所以非同源染色体上的非等位基因之间也随之自由组合，而位于同源染色体上的非等位基因之间不会发生自由组合，B错误；C、非等位基因可以位于非同源染色体上，非同源染色体数量越多，通过自由组合形成的非等位基因组合种类也越多，C正确；D、等位基因位于同源染色体上，因此同源染色体分离的同时，同源染色体上的等位基因也随之分离，D正确。故选：B。【点评】本题考查基因分离定律和自由组合定律的实质，要求考生识记基因分离定律和基因自由组合定律的实质，掌握基因与染色体平行关系的实例，能结合所学的知识准确答题。11．某种鱼的鳞片有4种表型，分别是单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，由两对独立遗传的等位基因（用A、a，B、b表示）决定，且BB对生物个体有致死作用。将无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，F1有两种表型，野生型鳞鱼占50%，单列鳞鱼占50%；选取F1中的单列鳞鱼进行相互交配，其后代中有上述4种表型，这4种表型的数量比为6：3：2：1，则F1的亲本基因型组合是（）A．Aabb×Aabb B．aaBb×aabb C．aaBb×AAbb D．AaBb×AAbb【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】正推反推并用法；基因分离定律和自由组合定律；理解能力．【答案】C【分析】根据题意分析可知：鱼的鳞片有4种表现型：单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，由位于两对同源染色体上的两对等位基因决定，符合基因自由组合规律。该鱼的鳞片有4种表型，由两对独立遗传的等位基因控制，并且BB有致死作用，可推知该鱼种群4种表型由A_Bb、A_bb、aaBb和aabb这4种基因型控制。F1中的单列鳞鱼相互交配能产生4种表型的个体，可推导F1中的单列鳞鱼的基因型为AaBb。【解答】解：由于F1中的单列鳞鱼相互交配能产生4种表型且比例为6：3：2：1，可推知单列鳞鱼的基因型为AaBb，4种表型的基因型分别是6A_Bb、3A_bb、2aaBb、laabb，BB对生物个体有致死作用，故野生型鳞和无鳞为单显，其基因型分别为A_bb、aaBb，散鳞为双隐性，其基因型为aabb。由无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，即aaBb×AAbb→AaBb（单列鳞）、Aabb（野生型鳞），故亲本基因型为AAbb×aaBb，C正确，ABD错误。故选：C。【点评】本题考查基因的分离定律与自由组合定律有关知识，要求学生理解两个定律的实质，在准确分析题干信息的基础上运用所学知识和方法解决问题。12．下列关于遗传学的说法，错误的是（）A．小麦的高秆和矮秆、家鸡的羽腿和光腿都是相对性状 B．生物体遗传的不是性状本身，而是控制性状的遗传因子 C．两纯合子杂交产生的子一代所表现出来的性状是显性性状 D．杂种后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象叫性状分离【考点】等位基因、基因型与表型的概念．【专题】正推法；基因；理解能力．【答案】C【分析】显性性状与隐性性状，①显性性状：具有相对性状的两个亲本杂交，F1表现出来的性状；②隐性性状：具有相对性状的两个亲本杂交，F1未表现出来的性状；③性状分离：在杂种后代中出现不同于亲本性状的现象。【解答】解：A、控制同一性状的不同表现类型叫作相对性状，小麦的高秆和矮秆、家鸡的羽腿和光腿都是相对性状，A正确；B、生物性状是由遗传因子决定的，所以生物体遗传的不是性状本身，而是控制性状的遗传因子，B正确；C、两个相对性状的纯合子杂交产生的子一代所表现出来的性状是显性性状，如果都是隐性纯合子杂交，这样后代都是隐性纯合子，C错误；D、性状分离是指杂种后代中显性性状和隐性性状同时出现的现象，D正确。故选：C。【点评】本题考查遗传学概念的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，学生具备运用所学知识综合分析问题的能力是解答本题的关键。13．已知果蝇的红眼和白眼这对相对性状受一对等位基因控制，现选用多对果蝇进行如下两组杂交：红眼雌蝇×白眼雄蝇、白眼雌蝇×红眼雄蝇。不考虑基因位于X、Y染色体的同源区段，下列推测错误的是（）A．若两组杂交的子一代中都是红眼个体多于白眼个体，则红眼为显性 B．若两组杂交的子一代眼色的遗传都与性别无关，则基因位于常染色体上 C．若其中一组杂交的子一代雄性全为红眼，雌性全为白眼，则红眼为显性 D．若其中一组杂交的子一代雄性全为白眼，雌性全为红眼，则基因位于X染色体上【考点】基因的分离定律的实质及应用；伴性遗传．【专题】正推法；基因分离定律和自由组合定律；理解能力．【答案】C【分析】基因分离定律的实质：在杂合的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体的分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给子代。【解答】解：A、一对等位基因控制的表型，其杂合子表现为显性，故显性表型中包含2种基因型，而隐性表型仅1种基因型，因此显性表型的数量往往多于隐性表型，故若题中两个杂交组合的子一代中都是红眼个体多于白眼个体，则红眼为显性，A正确；B、若两个杂交组合的子一代眼色的遗传都与性别无关，即无论正交还是反交，后代表型及比例一致，则基因位于常染色体上，B正确；C、若其中一个组合中子一代雄性全为红眼，雌性全为白眼，则白眼为显性，C错误；D、若其中一个组合中子一代雄性全为白眼，雌性全为红眼，则与性别相关，基因位于X染色体上，D正确。故选：C。【点评】本题考查基因分离定律的实质及应用的相关知识，要求考生掌握基因分离定律的实质，能结合题干信息答题。14．养鸡业中，母鸡的经济效益比公鸡好，但鉴别小鸡的雌雄存在一定困难。家鸡染色体上的基因B使鸡爪呈棕色，不含基因B的个体鸡爪呈粉色。遗传学家利用X射线处理母鸡甲，最终获得突变体丁，流程如图所示（染色体未按实际大小比例画出），由此实现多养母鸡。下列有关叙述错误的是（）A．X射线处理，既可以引起基因突变也可以引起染色体结构变异 B．使用光学显微镜观察细胞中染色体形态，可区分乙、丙个体 C．③过程中，丙与bbZZ的公鸡杂交，子代中有为bbZWB D．将突变体丁与bbZZ的公鸡杂交，可通过观察鸡爪颜色对子代进行性别鉴定【考点】基因的自由组合定律的实质及应用；伴性遗传；染色体结构的变异．【专题】模式图；基因分离定律和自由组合定律．【答案】C【分析】分析图形，X射线处理雌蚕甲，其B基因突变成b基因，再用X射线处理乙，常染色体上的B基因所在片段转移到W染色体上获得了丙，再经过杂交鉴定和筛选得到丁。【解答】解：A、由图可知，X射线处理，甲到乙属于基因突变，乙到丙属于染色体结构变异，A正确；B、乙和丙中染色体的形态明显不同，可以使用光学显微镜观察细胞中染色体的形态来区分，B正确；C、③过程中，丙（bZWB）与bbZZ的公鸡杂交，子代的基因型为bbZZ（）、bZZ（）、bbZWB（）、bZWB（），C错误；D、将突变体丁（bbZWB）与bbZZ的公鸡杂交，子代的基因型为bbZZ（粉色雄性）、bbZWB（棕色雌性），根据鸡爪颜色即可进行性别鉴定，D正确。故选：C。【点评】本题考查基因自由组合定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力是解答本题的关键。15．某两性花二倍体植物的花色由两对等位基因控制。这两对基因独立遗传，其中基因A控制紫色色素合成。基因a无控制紫色素合成的功能，也不会影响其他基因的功能。基因B控制红色色素合成，b控制蓝色色素合成。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A_B_和A_bb的植株花色为紫红色和靛蓝色。现有该植物的3个不同纯种品系甲（紫红色花）、乙（蓝色花）、丙（红色花），杂交结果如下表所示，不考虑突变。下列叙述正确的是（）杂交组合组合方式F1表现型F2表现型及比例Ⅰ甲×乙紫红色紫红色：靛蓝色：红色：蓝色＝9：3：3：1Ⅱ乙×丙红色红色：蓝色＝3：1A．乙植株的基因型是aabb，自然情况下紫红花植株的基因型有2种 B．让只含隐性基因的植株与杂交组合Ⅱ中F2测交，能确定F2中各植株的基因型 C．杂交组合I的F2中靛蓝色花植株的基因型有2种，杂合子占 D．若甲与丙杂交所得F1自交，则理论上F2为紫红色花：红色花＝2：1【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】数据表格；基因分离定律和自由组合定律．【答案】B【分析】根据题干信息可知，A_B_和A_bb的植株花色为紫红色和靛蓝色，aaB_和aabb分别是红色和蓝色。【解答】解：A、由杂交组合Ⅰ中F2表型及比例紫红色：靛蓝色：红色：蓝色＝9：3：3：1可知，F1紫红色基因型是AaBb，子代中紫红色（A_B_）：靛蓝色（A_bb）：红色（aaB_）：蓝色（aabb）＝9：3：3：1，植株甲的基因型为AABB，乙为aabb；自然情况下紫红花植株的基因型有AABB、AABb、AaBB和AaBb，共4种，A错误；B、杂交组合ⅡF2中红色（aaB_）：蓝色（aabb）＝3：1，说明F1基因型为aaBb，已知F1全为红色，植株乙基因型是aabb，则丙基因型是aaBB，F2红色基因型有aaBB、aaBb，蓝色为aabb，让只含隐性基因的植株aabb与F2测交，可以确定各植株控制花色性状的基因型，B正确；C、杂交组合Ⅰ的F2中靛蓝色花（A_bb）植株的基因型有AAbb和Aabb，共2种；其中杂合子占，C错误；D、植株甲基因型是AABB，植株丙基因型是aaBB，两者杂交，F1基因型是AaBB，则理论上F2基因型是AABB：AaBB：aaBB＝1：2：1，表型为紫红色花：红色花＝3：1，D错误。故选：B。【点评】本题考查基因的分离定律与自由组合定律的分析应用，首先结合题中具体情境分析基因型与表现的对应关系，再运用有关的规律、方法进行推理、计算。16．孟德尔享有“遗传学之父”的美誉，他的成功与豌豆杂交实验密不可分。下列有关叙述中，错误的是（）A．孟德尔选用豌豆的原因之一是豌豆具有易于区分的相对性状 B．由于豌豆严格自花传粉，孟德尔须将F1在开花前进行去雄处理 C．孟德尔进行“测交实验”是对推理过程及结果进行检测 D．F1产生雌雄配子数目比并非1：1【考点】孟德尔遗传实验．【专题】正推法；孟德尔遗传实验；理解能力．【答案】B【分析】孟德尔发现两大遗传规律采用了“假说—演绎法”，即提出问题（在实验基础上提出问题）→做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）→演绎推理→检验推理（测交）→得出结论。【解答】解：A、孟德尔选用豌豆的原因之一是豌豆具有易于区分的相对性状，便于观察，A正确；B、豌豆是两性花，具有自花传粉、闭花受粉的特点，因此研究F1的自交实验时，不需要让F1在花蕾期进行去雄处理，B错误；C、孟德尔设计的“测交实验”是对其推理过程及结果所进行的检验，判断杂种子一代在形成配子时，是否发生了成对的遗传因子彼此分离，C正确；D、F1产生雌雄配子数目比并非1：1，往往雌配子数更少，D正确。故选：B。【点评】本题考查孟德尔遗传实验，要求考生识记豌豆作为遗传学实验材料的优点；识记孟德尔杂交实验的过程、提出假说的内容及验证方法，能结合所学的知识准确判断各选项。17．科学家在解决一些问题时会采用一些独特的方法，下列相关叙述错误的是（）A．孟德尔将F1与矮茎豌豆进行杂交，结果出现高茎：矮茎＝1：1，属于假说内容 B．生物的性状由遗传因子决定属于孟德尔一对相对性状杂交实验中对分离现象的解释 C．花粉鉴定法是通过植物形成的花粉粒形状、与特定试剂的颜色反应等特性，来验证基因分离定律和自由组合定律的 D．研究“分泌蛋白的合成和运输”与“卡尔文循环”均使用了同位素标记法【考点】一对相对性状杂交实验及“假说—演绎”分析；细胞器之间的协调配合；光合作用的发现史；孟德尔遗传实验．【专题】实验原理；细胞器；光合作用与细胞呼吸；孟德尔遗传实验；实验探究能力．【答案】A【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说—演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；②作出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；⑤得出结论（就是分离定律）。【解答】解：A、孟德尔设计了测交实验，将F1与矮茎豌豆进行杂交，结果出现高茎：矮茎＝1：1，属于假说—演绎法中实验验证，A错误；B、生物的性状由遗传因子决定属于孟德尔一对相对性状杂交实验中对分离现象的解释，B正确；C、花粉即是配子，通过物形成的花粉粒形状、与特定试剂的颜色反应等特性，可以分析出配子的比例关系，进而验证分离定律和自由组合定律，C正确；D、研究“卡尔文循环”时，利用14C标记了CO2，研究“分泌蛋白的合成和运输”运用了3H标记的亮氨酸，都使用了同位素标记法，D正确。故选：A。【点评】本题考查孟德尔遗传实验、光合作用的发现史等实验，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的方法等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。18．水稻雌雄同株，自然状态下花粉成熟后可以进行自交或者杂交。研究发现水稻的雄蕊是否可育由细胞核基因与细胞质基因共同决定。核基因R控制雄性可育，r控制雄性不育，细胞质基因N控制雄性可育，M基因控制雄性不育，这四种基因中R抑制M的表达，其中只有基因型为M（rr）基因型的水稻表现为雄性不育。下列叙述错误的是（）A．水稻雄性可育的基因型有5种 B．N和M基因的遗传不遵循孟德尔定律 C．雄性不育系与具有优良性状的母本杂交可获得杂种优势稻 D．基因型M（rr）个体与N（rr）个体杂交可以持续获得雄性不育系【考点】基因的分离定律的实质及应用．【专题】正推法；植物激素调节；理解能力．【答案】C【分析】水稻雄性是否可育是由细胞核基因（R、r）（可育基因R对不育基因r为显性）和细胞质基因（可育基因为N，不育基因为M）共同控制的，R是细胞核可育基因，N是细胞质可育基因。细胞质基因的遗传会出现母系遗传的特点。【解答】解：A、雄性不育的基因型有M（rr）1种，雄性可育植株的基因型有M（RR）、M（Rr）、N（RR）、N（Rr）和N（rr）5种，A正确；B、自由组合定律适用于真核生物有性生殖的细胞核遗传，N和M基因位于细胞质中，不符合自由组合定律，B正确；C、雄性不育系只能作为母本，C错误；D、基因型M（rr）为雄性不育，作为母本，N（rr）作为父本，杂交后代基因型为M（rr），可以持续获得雄性不育系，D正确。故选：C。【点评】本题考查基因分离定律及应用，意在考查考生能理解所学知识要点的能力，要求考生掌握基因分离定律的实质，正确分析题干信息，结合所学知识解答本题。19．某昆虫原始种群均为红眼野生型，若干年后，种群中出现了能够稳定遗传的白眼品系，用野生型与该白眼品系杂交得F1，F1雌雄个体随机交配后，红眼与白眼比例大约为15：1，据此推测，下列叙述正确的是（）A．白眼品系的出现，推测该昆虫种群发生了进化 B．白眼品系的出现增加了物种多样性，提高了物种丰富度 C．该昆虫的眼色一定受两对基因控制，有两种表型 D．若控制眼色的若干种基因发生了基因突变，说明基因突变具有多方向性【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】正推法；基因分离定律和自由组合定律；理解能力．【答案】A【分析】野生型与该白眼品系杂交得F1，F1雌雄个体随机交配后，红眼与白眼比例大约为15：1，说明该昆虫的眼色受两对等位基因控制。【解答】解：A、某昆虫原始种群均为红眼野生型，白眼品系的出现，说明基因频率发生了改变，推测该昆虫种群发生了进化，A正确；B、白眼品系的出现增加了基因多样性，B错误；C、该昆虫的眼色受两对基因控制，有4种表型，即雄性红眼、雄性白眼、雌性红眼、雌性白眼，C错误；D、若控制眼色的基因突变为若干等位基因，说明基因突变具有多方向性，D错误。故选：A。【点评】本题考查基因自由组合定律及运用的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。20．黑腹果蝇的复眼缩小（小眼睛）和眼睛正常是一对相对性状，分别由显性基因A和隐性基因a控制，但是显性基因A的外显率为75%，即具有基因A的个体只有75%是小眼睛，其余25%的个体眼睛正常。现将一对果蝇杂交，F1中小眼睛：正常眼睛＝9：7。下列分析正确的是（）A．亲本果蝇的表现型都为小眼睛 B．只考虑控制眼睛大小的基因，F1正常眼睛个体不可能是杂合子 C．F1中比例说明果蝇眼睛大小的遗传遵循基因自由组合定律 D．F1自由交配，获得的F2中小眼睛和正常眼睛的比例仍然是9：7【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】正推法；基因分离定律和自由组合定律．【答案】D【分析】自由组合定律适用于非同源染色体上的非等位基因的遗传，至少为两对等位基因。【解答】解：A、具有A基因的个体只有75%是小眼睛，其余25%的个体眼睛正常，故不能判定亲本的表现型，A错误；B、由于含有A基因的小眼睛个体也可表现为正常眼，故不能确定F1正常眼睛个体是否都是纯合子，B错误；C、果蝇眼睛大小受一对等位基因控制，不遵循基因的自由组合定律，C错误；D、由于F1自由交配获得F2的过程中，基因频率不变，故F2中的性状分离比仍为9：7，D正确。故选：D。【点评】本题考查基因分离定律和基因频率计算的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。二．解答题（共5小题）21．某品种鹦鹉大多数的胸羽是红色或黄色，偶尔也出现胸羽上既没有红色也没有黄色（无红黄羽）的个体，对其进行遗传分析。（1）红、黄羽鹦鹉杂交结果如表。组合①②③亲本红羽×红羽黄羽×红羽黄羽×黄羽子代红羽黄羽黄羽和红羽若上述杂交组合的性状受一对等位基因（A/a）控制，则黄羽为显性（填“显性”或“隐性”）性状，判断的理由是由组合②或③可知，黄羽×红羽子代全为黄羽，黄羽×黄羽子代同时出现黄羽和红羽，纯种红羽鹦鹉与纯种黄羽鹦鹉杂交，子代间相互交配，预期子二代中红羽：黄羽的比例是1：3。（2）研究发现上述A基因的表达产物是催化红色素转变为黄色素的酶，而a基因无相应功能。鹦鹉红、黄羽色的形成还受D/d基因的控制。为研究D/d在色素形成中的功能，通过基因工程构建了3个酵母品系。检测其中的红、黄色素，结果如表。酵母品系A基因D基因色素①有有红和黄②无有红③有无无则D基因的功能是调控红色素的合成。鹦鹉的基因能在酵母中表达，表明在翻译过程中共用一套密码子。酵母品系①中同时检测到红色素和黄色素，用同样的方法检测鹦鹉的黄色胸羽（各种基因型），均可检测到黄色素和少量的红色素，原因是D基因的表达产物可催化红色素转变为黄色素，但该过程需要一定的时间，A基因调控形成的红色素在短时间内还没有完全转化为黄色素。（3）另一个杂交组合的亲本为红羽鹦鹉和黄羽鹦鹉，子代有红羽、黄羽、无红黄羽三种类型，如果A/a和D/d这两对基因位于常染色体上且独立遗传，子代中无红黄羽个体的基因型是aa__，预期此组合的子代中红羽：黄羽：无红黄羽的比例为3：3：2。【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】正推法；基因分离定律和自由组合定律；理解能力．【答案】（1）显性由组合②或③可知，黄羽×红羽子代全为黄羽，黄羽×黄羽子代同时出现黄羽和红羽1：3（2）调控红色素的合成一套密码子D基因的表达产物可催化红色素转变为黄色素，但该过程需要一定的时间，A基因调控形成的红色素在短时间内还没有完全转化为黄色素（3）aa__3：3：2【分析】由上表组合②或③可知，黄羽×红羽子代全为黄羽，黄羽×黄羽子代同时出现黄羽和红羽，说明黄羽为显性性状。由下表可知，有D基因在时，可形成色素，有A在时，红色素可转变为黄色素，无D基因是，无色素形成，说明D基因的功能是调控红色素的合成。【解答】解：（1）由组合②或③可知，黄羽×红羽子代全为黄羽，黄羽×黄羽子代同时出现黄羽和红羽，若上述杂交组合的性状受一对等位基因（A/a）控制，则黄羽为显性性状。纯种红羽鹦鹉aa与纯种黄羽鹦鹉AA杂交，子代Aa间相互交配，预期子二代中红羽aa：黄羽A_的比例是1：3。（2）由表可知，有D基因在时，可形成色素，有A在时，红色素可转变为黄色素，无D基因是，无色素形成，说明D基因的功能是调控红色素的合成。鹦鹉的基因能在酵母中表达，表明在翻译过程中共用一套密码子。酵母品系①中同时检测到红色素和黄色素，用同样的方法检测鹦鹉的黄色胸羽（各种基因型），均可检测到黄色素和少量的红色素，说明D基因的表达产物可催化红色素转变为黄色素，但该过程需要一定的时间，A基因调控形成的红色素在短时间内还没有完全转化为黄色素。（3）红羽鹦鹉A_dd和黄羽鹦鹉A_D_，子代有红羽A_dd、黄羽A_D_、无红黄羽aa__三种类型，由于子代有aa，说明亲本均为Aa，由于子代有dd，说明亲本为dd和Dd，即亲本为Aadd和AaDd，预期此组合的子代中红羽A_dd：黄羽A_D_：无红黄羽aa__的比例为×：×：×1＝3：3：2。故答案为：（1）显性由组合②或③可知，黄羽×红羽子代全为黄羽，黄羽×黄羽子代同时出现黄羽和红羽1：3（2）调控红色素的合成一套密码子D基因的表达产物可催化红色素转变为黄色素，但该过程需要一定的时间，A基因调控形成的红色素在短时间内还没有完全转化为黄色素（3）aa__3：3：2【点评】本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生识记基因自由组合定律的实质，掌握自由组合定律的应用，属于考纲理解和应用层次的考查。22．黄瓜（2n＝14）的果实长度与产量密切相关。为探究从野生种向栽培种驯化过程中黄瓜果实长度增加的原因，研究者进行了以下工作。（1）栽培品种甲果实长度约为22cm，野生品种乙果实长度约为6cm。甲乙杂交，F1果实长度约为9cm，F1自交，F2果实长度9cm、6cm和22cm的植株数量比为9：3：4，说明决定果实长度的基因在遗传中遵循自由组合定律。（2）F2自交，单株收获F2中果长9cm植株的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系。所有株系中，有占比为的株系各植株所结果实均为9cm左右，将这些植株命名为丙。（3）单核苷酸多态性（SNP）是不同DNA分子上稳定的遗传标记。研究者对F2中部分6cm果个体和丙中部分个体进行SNP检测，发现2号染色体上SNP情况如图1。推测使果长由6cm增加为9cm的突变位点位于SNP2与SNP4之间的区域，进一步研究发现该突变基因为SF1基因。（4）丙植株在果实早期发育阶段乙烯产量和乙烯合成关键酶ACS2的量均显著低于乙，乙烯有抑制细胞分裂的作用。SF1基因编码一种促进其他蛋白降解的酶。为研究SF1蛋白能否与ACS2互作，研究者制备GST蛋白、GST﹣野生型SF1蛋白、GST﹣突变型SF1蛋白，分别与磁珠偶联，再分别与表达MYC﹣ACS2融合蛋白的细胞裂解液混合温育，随后对混合液总蛋白和磁珠沉降后的蛋白沉淀进行电泳和抗体检测，结果如图2，表明野生型和突变型SF1蛋白都能与ACS2发生结合。请在图2中补充画出蛋白沉淀检测结果中其他泳道的条带。（5）进一步检测发现，与野生型相比，突变型SF1蛋白活性较高，导致丙比乙果实长。导致栽培品种甲果实长度增加的另一个突变是ACS2基因突变。推测驯化过程中这两个突变哪个先发生，并说明理由。SF1突变先发生。如果ACS2突变先发生，SF1突变不会引起性状改变，不能被人工选择【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】图文信息类简答题；基因分离定律和自由组合定律；基因与性状关系；基因重组、基因突变和染色体变异；解决问题能力．【答案】（1）自由组合（2）（3）SNP2与SNP4（4）（5）较高；SF1突变先发生。如果ACS2突变先发生，SF1突变不会引起性状改变，不能被人工选择【分析】基因自由组合定律：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的，在减数分裂过程中，同源染色体上等位基因分离的同时，位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。【解答】解：（1）根据题意可知，甲果实长度约为22cm，野生品种乙果实长度约为6cm。甲乙杂交，F1果实长度约为9cm，F1自交，F2果实长度9cm、6cm和22cm的植株数量比为9：3：4，是9：3：3：1的变式，因此可知决定果实长度的基因为两对独立遗传的基因，遵循自由组合定律。（2）设控制果实长度的基因为A/a、B/b，A﹣bb为6cm，aaB﹣和aabb的长度为22cm，则A﹣B﹣的长度为9cm，A﹣B﹣中包括4AaBb、2AABb、2AaBB和1AABB，只有AABB自交后代不会发生性状分离，子代均为9cm，因此F2自交，单株收获F2中果长9cm植株的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系。所有株系中，有占比为的株系各植株所结果实均为9cm左右。（3）F2中部分6cm果个体的基因型为A﹣bb，而丙的基因型为AABB，根据图1中F2的6cm长的个体不包含SNP2、SNP3、SNP4，而丙9cm长的个体均包含SNP2、SNP3、SNP4，因此可推测使果长由6cm增加为9cm的突变位点位于SNP2与SNP4之间的区域，进一步研究发现该突变基因为SF1基因。（4）根据题意可知，野生型和突变型SF1蛋白都能与ACS2发生结合，因此野生型和突变型SF1蛋白分别与表达MYC﹣ACS2融合蛋白的细胞裂解液混合温育后，由于它们能够结合，因此在蛋白沉淀中应该能检测到MYC﹣ACS2融合蛋白以及与之结合的GST﹣野生型SF1蛋白或GST﹣突变型SF1蛋白，而GST蛋白不能与MYC﹣ACS2融合蛋白结合，所以当只有GST蛋白与表达MYC﹣ACS2融合蛋白的细胞裂解液混合温育后，蛋白沉降中不会出现MYC﹣ACS2融合蛋白，根据抗MYC抗体与MYC蛋白特异性结合，抗GST抗体与GST蛋白特异性结合可知，蛋白沉淀检测结果中其他泳道的条带为。（5）根据题意，丙植株在果实早期发育阶段乙烯产量和乙烯合成关键酶ACS2的量均显著低于乙，而SF1基因编码一种促进其他蛋白降解的酶。说明与野生型相比，突变型SF1蛋白活性较高，进而促进了乙烯合成关键酶ACS2的分解，使乙烯合成减少，如果ACS2突变先发生，SF1突变不会引起性状改变，不能被人工选择，因此推测在驯化过程中导致栽培品种甲果实长度增加的SF1突变先发生。故答案为：（1）自由组合（2）（3）SNP2与SNP4（4）（5）较高；SF1突变先发生。如果ACS2突变先发生，SF1突变不会引起性状改变，不能被人工选择【点评】本题考查基因与性状关系、基因突变和基因自由组合定律及运用的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。23．某植物性别受A/a控制，植株高度（高秆和矮秆）受B/b控制。研究人员选取纯合高秆雌株与纯合矮秆两性植株杂交得F1，F1自交，所得F2的表型及比例为高秆两性株：矮秆两性株：高秆雌株：矮秆雌株＝9：3：3：1。回答下列问题：（1）F1的表型为高秆两性株。（2）亲本的基因型分别为aaBB（雌株）、AAbb（两性植株）。（3）让F2的矮秆两性株随机交配，子代出现雌株的概率为。（4）研究人员在连续自交的矮秆两性株群体中发现一矮秆雄株，该植株最可能是由于性别相关基因发生显性突变造成的性状改变。利用该雄株与纯合的高秆雌株杂交，若后代表型及比例为高秆雄株：高秆两性株＝1：1，则可证明上述猜测。该种雄株具有更高的经济价值，欲培育纯合雄株，请提供一种可行的育种方法单倍体育种。【考点】基因的自由组合定律的实质及应用．【专题】实验性简答题；基因分离定律和自由组合定律；实验探究能力．【答案】（1）高秆两性株（2）aaBBAAbb（3）（4）高秆雄株：高秆两性株＝1：1单倍体育种【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【解答】解：（1）某植物性别受A/a控制，植株高度（高秆和矮秆）受B/b控制，纯合高秆雌株与纯合矮秆两性植株杂交得F1，F1自交，所得F2的表型及比例为高秆两性株：矮秆两性株：高秆雌株：矮秆雌株＝9：3：3：1，即高秆：矮秆＝3：1，两性株：雌株＝3：1，判断高秆、两性为显性性状，且F1两对等位基因均为杂合子，因此F1基因型为AaBb，表型为高秆两性株。（2）A/a与B/b的遗传遵循基因的自由组合定律，F1基因型为AaBb，亲本均为纯合子，且高秆、两性为显性性状，即纯合高秆雌株为aaBB，纯合矮秆两性植株为AAbb。（3）F2的矮秆两性株的基因型及比例为AAbb：Aabb＝1：2，产生的配子及比例为Ab、ab，F2的矮秆两性株随机交配子代出现雌株（aabb）的概率为×＝。（4）该植株最可能是由于性别相关基因发生显性突变造成的性状改变，利用该雄株A'Abb与纯合的高秆雌株aaBB杂交，若后代表型及比例为高秆雄株：高秆两性株＝1：1，可证明上述猜测。该种雄株具有更高的经济价值，双亲不可能均含有A'，因此欲培育纯合雄株，可以通过单倍体育种的方法来培育纯合雄株。故答案为：（1）高秆两性株（2）aaBBAAbb（3）（4）高秆雄株：高秆两性株＝1：1单倍体育种【点评】本题考查学生从题中获取相关信息，并结合所学基因的自由组合定律作出正确判断，属于识记和理解层次的内容，难度适中。24．兔子控制毛色的基因在染色体上，灰色由显性基因（B）控制，青色（b1）、白色（b2）、黑色（b3）、褐色（b4）均为B基因的等位基因，且b1、b2、b3、b4之间具有一定次序的完全显隐性关系。将不同毛色的兔子进行杂交，实验结果如表所示：杂交实验双亲性状性状甲纯种青毛×纯种白毛青毛乙纯种黑毛×纯种褐