邯郸市大名一中高二上学期第二次月考物理试卷

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2017-2018学年河北省邯郸市大名一中高二（上）第二次月考物理试卷一、选择题（本题共16小题，每小题3分,共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11~16题有多个选项符合题目要求．全部选对的得3分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。）1．下列关于静电场的说法正确的是（）A．在孤立点电荷形成的电场中没有场强相同的两点，但有电势相同的两点B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势向低电势运动C．场强为零处,电势一定为零;电势为零处，场强不一定为零D．初速为零的正电荷在电场力作用下一定沿电场线运动2．半径相同的两个金属小球A和B带有电量相等的电荷，相隔一定距离，两球之间的相互吸引力的大小是F,今让第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开．这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（)A．F B．F C．F D．F3．关于摩擦起电、接触起电、感应起电，下列说法错误的是（）A．这是起电的三种不同方式B．这三种方式都产生了电荷C．这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律4．如图,甲是某电场中的一条电场线，a、b是这条线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线从a运动到b．在这过程中，电荷的速度一时间图线如图乙所示，比较a、b两点的电势φ的高低和电场强度E的大小,正确的是（）A．φA＞φBEA＜EB B．φA＞φBEA=EB C．φA＞φBEA＞EB D．φA＜φBEA=EB5．如图所示，把A、B两个相同的导电小球分别用绝缘细线悬挂于OA和OB两点,然后使A、B两球带同种电荷，电量分别为QA、QB，已知两球静止时在同一水平面上，两细线与竖直方向的夹角分别为θ、α，下列分析正确的是（)A．若θ＞α，则可知两球的电量QA＞QBB．若θ＞α，则可知两球的质量mA＞mBC．若同时剪断两细线，则相同时间内，两球空中下落高度必相同D．若同时剪断两细线,两球在空中运动时，系统机械能守恒6．“探究影响平行板电容器电容大小因素”的实验装置如图所示，忽略漏电产生的影响，下列判断正确的是（）A．平板正对面积减小时,静电计指针偏角减小B．静电计可以用电压表替代C．静电计所带电量与平行板电容器电量不相等D．静电计测量的是平行板电容器所带电量7．带电粒子经加速电场加速后垂直进入两平行金属板间的偏转电场,要使它离开偏转电场时偏转角增大，可采用的方法有（）A．增加带电粒子的电荷量 B．增加带电粒子的质量C．增高加速电压 D．增高偏转电压8．关于电动势E，下列说法中正确的是（）A．电动势E的大小，与非静电力功W的大小成正比，与移送电荷量q的大小成反比B．电动势E是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均有关C．电动势E的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样D．电动势E是表征电源把其他形式的能转化为电能本领的物理量9．关于导体的电阻及电阻率的说法中，正确的是（)A．由R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B．由R=ρ=知，导体的电阻与长度l、电阻率ρ成正比，与横截面积S成反比C．将一根导线一分为二,则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一D．将一根电阻丝均匀拉长为原来2倍，则电阻丝的电阻变为原来的2倍10．在如图所示的电路中，电阻R1=4Ω,R2=6Ω,R3=3Ω，电流表内阻不计，在A、B两点间加上9V的电压时,电流表的读数为（)A．0 B．1A C．1。5A D．2A11．如图所示,平行板电容器的金属板始终与电源两极相连，电源电压为8。0V,两板的间距为2cm,而且极板B接地．极板间有C、D两点，C距A板0。5cm，D距B板0。5cm，则（）A．两板间的场强为400V/m B．C、D两点的电势相等C．C点的电势φC=2。0V D．D点的电势φD=2.0V12．如图所示,虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个α粒子（即氦原子核）以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，α粒子先后通过M点和N点．针对这一过程可判断出(）A．N点的电势高于M点的电势B．α粒子在N点的电势能比在M点的电势能大C．α粒子在M点的速率小于在N点的速率D．α粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大13．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是(）A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．a、b、c三点和无穷远处的等电势D．一个电子在a点无初速释放,则它将在c点两侧往复振动14．如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°，由此得出（）A．通过电阻的电流与两端电压成正比B．电阻R=0。5ΩC．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1。0ΩD．在R两端加上6。0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C15．用伏安法测未知电阻Rx时，若不知Rx的大约数值,为了选择正确的电流表接法以减小误差，可将仪器如图所示接好,只空出一个电压表的一个接头K，然后将K分别与a，b接触一下,观察电压表和电流表示数变化情况,则（)A．若电流表示数有显著变化，K应按aB．若电流表示数有显著变化，K应按bC．若电压表示数有显著变化，K应按aD．若电压表示数有显著变化，K应按b16．在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路,使A灯变暗,B灯变亮，则故障可能是()A．R1短路 B．R2断路 C．R3断路 D．R4短路二、实验题(每空2分,共12分）17．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡的额定电压为2。5V,额定功率为0.5W，此外还有以下器材可供选择：A．直流电源3V（内阻不计）B．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω)C．直流电流表0～3A(内阻约为0。1Ω）D．直流电压表0～3V(内阻约为3kΩ)E．滑动变阻器100Ω，0。5AF．滑动变阻器10Ω，2AG．导线和开关实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．（1)实验中电流表应选用,滑动变阻器应选用;（均填写仪器前的字母）（2）在图1所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图（虚线框中已将所需的滑动变阻器画出，请补齐电路的其他部分，要求滑片P向b端滑动时，灯泡变亮）;（3）根据实验数据,画出的小灯泡I﹣U图线如图2所示．由此可知，当电压为0。5V时,小灯泡的灯丝电阻是Ω；（4）根据实验测量结果可以绘制小灯泡的电功率P随其两端电压U或电压的平方U2变化的图象,在图3中所给出的甲、乙、丙、丁图象中可能正确的是．（选填“甲”、“乙"、“丙"或“丁"）三、计算题（18题9分，19题14分，20题7分，21题10分，共40分）18．把带电荷量2×10﹣8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8×10﹣6J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功2×10﹣6J，取无限远处电势为零．求:(1）A点的电势；（2)A、B两点的电势差；（3）若把2×10﹣5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功．19．轻细线的一端固定于O点，另一端系一质量为m、电荷量为q的小球，空间存在着水平向右的匀强电场，小球平衡时细线与竖直方向成30°角．（重力加速度g）（1）求电场强度E（2）若在平衡位置将细线剪断,求小球运动位移L用的时间．（3）将球拉至右侧与O等高（线水平）位置静止释放，求当球摆到最低点时细线的张力(4）在（3）的情况下，当球摆到竖直线左侧最高点时线与竖直方向间的夹角为多少？20．已知电流表的内阻Rg=120Ω，满偏电流Ig=3mA,（1）要把它改装成量程是6V的电压表，应串联多大的电阻？改装后的电压表内阻是多少？（2）要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻？21．如图所示，是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图．电动机内电阻r=1Ω，电路中另一电阻R=20Ω，直流电压U=200V，电压表示数UV=120V．试求：（g取10m/s2)（1)通过电动机的电流；（2）输入电动机的电功率;（3）若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物,求该重物的质量？

2017-2018学年河北省邯郸市大名一中高二（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(本题共16小题，每小题3分，共48分.在每小题给出的四个选项中,第1～10题只有一项符合题目要求，第11~16题有多个选项符合题目要求．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1．下列关于静电场的说法正确的是（）A．在孤立点电荷形成的电场中没有场强相同的两点，但有电势相同的两点B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势向低电势运动C．场强为零处,电势一定为零；电势为零处，场强不一定为零D．初速为零的正电荷在电场力作用下一定沿电场线运动【考点】A5:电场；AC：电势．【分析】场强和电势都是描述电场的物理量,二者之间无直接联系但相互关联．带电粒子在电场中运动取决于所受合力和初速度，与电场力无直接关系．【解答】解：A、场强是矢量，根据点电荷形成的电场线可知:各点的场强不同；又因为电场线与等势面垂直,且电势为标量，故在点电荷形成的电场中没有场强相等的两点，但有电势相等的很多点．故A正确．B、正电荷只在电场力的作用下，其运动是由电场力和初速度共同决定的，如正电荷在电场中做减速运动，就是由低电势向高电势运动．故B错误．C、电势是标量且具有相对性，与零势面的选取有关,故场强为零处，电势不一定为零；电势为零处,场强不一定为零．故C错误．D、初速度为零的正电荷在电场力作用下其运动取决于电场力,如果电场力方向不变，一定沿直线运动,否侧沿曲线运动，并不一定沿着电场线运动．故D错误．故选:A．2．半径相同的两个金属小球A和B带有电量相等的电荷，相隔一定距离，两球之间的相互吸引力的大小是F,今让第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开．这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（）A．F B．F C．F D．F【考点】A4:库仑定律．【分析】理解库仑定律的内容和公式．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分,异种电荷电量先中和再平分．【解答】解：假设A带电量为Q,BA带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=故选：A．3．关于摩擦起电、接触起电、感应起电,下列说法错误的是(）A．这是起电的三种不同方式B．这三种方式都产生了电荷C．这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律【考点】A1：元电荷、点电荷；A2:电荷守恒定律．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能,但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分．感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电．A、摩擦起电、接触起电、感应起电是起电的三种不同方式，故A正确；B、这三种方式都没有产生电荷，故B错误；C、这三种起电方式的实质是一样的，都是电子的转移,故C正确；D、这三种方式都符合电荷守恒定律,故D正确；本题错误的:B4．如图，甲是某电场中的一条电场线，a、b是这条线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线从a运动到b．在这过程中，电荷的速度一时间图线如图乙所示,比较a、b两点的电势φ的高低和电场强度E的大小,正确的是（）A．φA＞φBEA＜EB B．φA＞φBEA=EB C．φA＞φBEA＞EB D．φA＜φBEA=EB【考点】A7：电场线；AC:电势．【分析】从速度时间图线得到负电荷做减速运动，加速度不变，根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况,电势的高低看电场线的指向,沿着电场线电势一定降低．【解答】解：负电子从A运动到B，由速度时间图线得到负电荷做减速运动,故电场力向左；因为图线的斜率不变,故加速度不变，因此电场力不变,所以电场强度不变，即EA=EB;负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向右,沿场强方向,电势变小，故A点电势较大，即φA＞φB;故ACD错误，B正确．故选：B．5．如图所示，把A、B两个相同的导电小球分别用绝缘细线悬挂于OA和OB两点,然后使A、B两球带同种电荷，电量分别为QA、QB，已知两球静止时在同一水平面上，两细线与竖直方向的夹角分别为θ、α,下列分析正确的是（）A．若θ＞α，则可知两球的电量QA＞QBB．若θ＞α，则可知两球的质量mA＞mBC．若同时剪断两细线，则相同时间内，两球空中下落高度必相同D．若同时剪断两细线，两球在空中运动时,系统机械能守恒【考点】A4:库仑定律;6C:机械能守恒定律．【分析】设两个球间的静电力为F，分别对两个球受力分析,求解重力表达式后比较质量大小；两球运动后之间的库仑力在减小，合力变化，不可能是匀变速运动；竖直方向上做自由落体运动，高度决定时间，高度相同、时间就相同．【解答】解：A、两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等,与两个球带电量是否相等无关，故A错误．B、对小球A受力分析，受重力、静电力、拉力,如图根据平衡条件,有:tanθ=故:mA=同理，有：mB=若θ＞α，故mA＜mB，故B错误．C、若同时剪断两细线，小球受到的库仑力始终在水平方向上,不影响运动时间，运动时间由竖直方向上的运动决定，竖直方向上只受重力，从同一高度做自由落体运动，故在两小球落地前观察，同一时间两小球一定都在同一高度．故C正确．D、假设剪断细线后A、B两球都沿原细线方向，两球之间的距离增大,则库仑力减小,但库仑力做正功，导致系统机械能不守恒，故D错误．故选：C．6．“探究影响平行板电容器电容大小因素"的实验装置如图所示，忽略漏电产生的影响,下列判断正确的是（）A．平板正对面积减小时，静电计指针偏角减小B．静电计可以用电压表替代C．静电计所带电量与平行板电容器电量不相等D．静电计测量的是平行板电容器所带电量【考点】NG：研究平行板电容器．【分析】静电计测量的是平行板电容器极板间的电势差,电势差越大，指针偏角越大．静电计与电压表的原理不同,不能替代．【解答】解：A、平板正对面积减小时，电容C减小，而电容器的电荷量不变，根据C=知极板间电势差增大，所以静电计指针偏角增大，故A错误．B、静电计与电压表的原理不同，电压表的线圈中必须有电流通过时，指针才偏转，所以不能用电压表代替静电计，故B错误．C、静电计与电容器并联,电压相等，但所带电量不等，故C正确．D、静电计测量的是平行板电容器极板间的电势差，不是电量，故D错误．故选:C7．带电粒子经加速电场加速后垂直进入两平行金属板间的偏转电场,要使它离开偏转电场时偏转角增大，可采用的方法有（)A．增加带电粒子的电荷量 B．增加带电粒子的质量C．增高加速电压 D．增高偏转电压【考点】AK:带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】先由动能定理求出粒子进入偏转电场时的速度,利用类平抛规律求出粒子离开偏转电场时的速度偏角的正切值,然后讨论即可．【解答】解:设带电粒子进入偏转电场时的速度为v0，加速电压为U1,偏转电压为U2．带电粒子在加速过程,应有:qU1=mv02①进入偏转电场后,设粒子在偏转电场运动时间为t，加速度为a，偏转角为θ，由类平抛规律：L=v0t②③tanφ=④得：tanφ=可见，偏转角与带电粒子的电量和质量无关;要使偏转角增大，可减小加速电压U1或增大偏转电压U2．故ABC错误，D正确．故选：D．8．关于电动势E，下列说法中正确的是（）A．电动势E的大小，与非静电力功W的大小成正比，与移送电荷量q的大小成反比B．电动势E是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均有关C．电动势E的单位与电势、电势差的单位都是伏特,故三者本质上一样D．电动势E是表征电源把其他形式的能转化为电能本领的物理量【考点】B9:电源的电动势和内阻．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解:A、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量,与非静电力做功W的大小以及移送电荷量q的大小无关．故A错误；B、电动势反映本身的特性,电动势与制作的材料有关，与体积的大小无关，与外电路的结构无关．故B错误;C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱；电势差、电势电势描述电场的能的性质的物理量，三者的本质不同．故C错误；D、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故B正确．故选：D9．关于导体的电阻及电阻率的说法中,正确的是(）A．由R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B．由R=ρ=知,导体的电阻与长度l、电阻率ρ成正比，与横截面积S成反比C．将一根导线一分为二,则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一D．将一根电阻丝均匀拉长为原来2倍，则电阻丝的电阻变为原来的2倍【考点】B7：电阻定律．【分析】根据欧姆定律和电阻定律进行分析，明确电阻的大小取决于电阻率、导体的长度和截面积有关，和电压及电流无关．【解答】解：A、由欧姆定律可求得电阻，但电阻与导体两端的电压及电流无关,故A错误;B、由R=ρ知，导体的电阻与长度l、电阻率ρ成正比，与横截面积S成反比，故B正确；C、电阻率是由导体的材料决定的,导线一分为二时，导体的电阻率不变，故C错误；D、将一根电阻丝均匀拉长为原来2倍，长度增加原来的2倍,同时横截面积变原来,电阻丝的电阻变为原来的4倍，故D错误；故选：B10．在如图所示的电路中，电阻R1=4Ω，R2=6Ω，R3=3Ω，电流表内阻不计，在A、B两点间加上9V的电压时,电流表的读数为（)A．0 B．1A C．1.5A D．2A【考点】BJ：串联电路和并联电路．【分析】由图可知，图中电阻R2与R3并联后与R1串联，电流表测量的是电阻R3的电流；先求解总电阻，根据欧姆定律求解干路电流，根据并联电路的电流关系得到通过电阻R3的电流．【解答】解：图中电阻R2与R3并联后与R1串联，电路的总电阻为：R=4+=6Ω；根据欧姆定律，干路电流为:I=由于并联电路的电流与电阻成反比，故：IR3=×1。5=1A故选:B．11．如图所示，平行板电容器的金属板始终与电源两极相连，电源电压为8。0V,两板的间距为2cm,而且极板B接地．极板间有C、D两点，C距A板0。5cm,D距B板0.5cm,则（）A．两板间的场强为400V/m B．C、D两点的电势相等C．C点的电势φC=2。0V D．D点的电势φD=2.0V【考点】AD:电势差与电场强度的关系；AC：电势．【分析】如图，两平行金属板间始终与电源两极相连，板间电压一定，等于电源的电压8V，板间建立向下的匀强电场．由U=Ed求出板间场强和C、D与B板间的电势差，再求出C、D两点的电势．【解答】解：A、如图,板间电压U=8V,两板间的场强E==V/m=400V/m．故A正确．B、由题板间场强方向向下,则C点的电势高于D点的电势．故B错误．C、C、B间的电势差为UCB=EdCB=400×1。5×10﹣2V=6V，而极板B接地，电势为零，则C点的电势φC=6V．故C错误．D、D、B间的电势差为UDB=EdDB=400×5×10﹣3V=2V，而极板B接地,电势为零,则D点的电势φD=2V．故D正确．故选：AD．12．如图所示,虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个α粒子(即氦原子核）以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动,α粒子先后通过M点和N点．针对这一过程可判断出（）A．N点的电势高于M点的电势B．α粒子在N点的电势能比在M点的电势能大C．α粒子在M点的速率小于在N点的速率D．α粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大【考点】AC：电势;AF：等势面．【分析】电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大,电场线疏的地方电场的强度小,电场力做正功，电势能减小,电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、α粒子为氦核带正电，由运动轨迹可知，电场力的方向指向右下方即电场线的方向指向右下方，根据电场的性质“顺着电场线的方向电势降落”可知N点的电势高于M点的电势，故A正确；B、α粒子带正电,从M到N,电场力做负功，所以电势能增加，所以N点的电势能比在M点的电势能大,故B正确；C、从M到N，电场力做负功，速度减小，所以M点的速率大于在N点的速率,故C错误；D、根据电场线或等势面的疏密程度可知N点的电场强，故α粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力小，故D错误;故选：AB．13．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是（）A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．a、b、c三点和无穷远处的等电势D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动【考点】AC：电势；A6：电场强度．【分析】两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线．电场强度方向与等势面方向垂直,而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．【解答】解：A、C，a、b、c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相等．故A错误，C正确．B、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．由于b处电场线密，电场强度大于a处电场强度．故B正确．D、一个电子在a点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左，无初速释放后,将向左下方运动,不可能到达c点．故D错误．故选：BC14．如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°,由此得出（）A．通过电阻的电流与两端电压成正比B．电阻R=0.5ΩC．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0ΩD．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C【考点】B2：欧姆定律．【分析】电阻R的I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R，由数学知识分析电流与电压的关系．对于电阻R，运用斜率求解，但不能根据直线倾角的正切的倒数求解．由图读出电压为U=6V时的电流,由q=It求解每秒内通过电阻的电荷量．【解答】解:A、根据数学知识可知，通过电阻的电流与两端电压成正比，故A正确BC、根据电阻的定义式R=可知,I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R，则得R=Ω=2Ω,故BC错误．D、由图知，当U=6V时,I=3A，则每秒通过电阻横截面的电荷量是q=It=3×1C=3。0C,故D正确．故选:AD．15．用伏安法测未知电阻Rx时，若不知Rx的大约数值，为了选择正确的电流表接法以减小误差，可将仪器如图所示接好，只空出一个电压表的一个接头K，然后将K分别与a，b接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，则（）A．若电流表示数有显著变化，K应按aB．若电流表示数有显著变化，K应按bC．若电压表示数有显著变化，K应按aD．若电压表示数有显著变化，K应按b【考点】BE:伏安法测电阻．【分析】伏安法测电阻有两种电路，电流表内接法与电流表外接法，可以用试触法确定电流表的接法,如果电流表示数变化大，说明电压表分流较大，应采用内接法；如果电压表示数变化较大，说明电流表分压较大，应采用外接法．【解答】解：A、电流表示数有显著变化，说明电压表分流明显，电流表应采用内接法，K应接在b处,故A错误，B正确；C、如果电压表示数变化明显，电压表示数变化明显，说明电流表的分压明显，电流表应采用外接法，K应接在a处，故C正确,D错误；故选：BC．16．在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗,B灯变亮，则故障可能是（)A．R1短路 B．R2断路 C．R3断路 D．R4短路【考点】BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】A灯变暗，说明外电阻总电阻变大了;B灯变亮，说明其分得的电压变大了；根据传并联电路的特点和闭合电路欧姆定律列式求解．【解答】解:A、R1短路,外电路总电阻减小，电流变大，A灯变亮，故A错误；B、R2断路,B灯泡分得的电流变大，变亮；外电阻总电阻变大，电流减小,A灯变暗,故B正确;C、R3断路，B灯泡分得的电压变大,变亮；外电阻总电阻变大，电流减小,A灯变暗，故C正确;D、R4短路，外电路总电阻减小，电流变大,A灯变亮，故D错误；故选BC．二、实验题(每空2分，共12分)17．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线"实验中，小灯泡的额定电压为2.5V,额定功率为0。5W，此外还有以下器材可供选择：A．直流电源3V(内阻不计）B．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）C．直流电流表0～3A（内阻约为0。1Ω)D．直流电压表0~3V(内阻约为3kΩ)E．滑动变阻器100Ω，0.5AF．滑动变阻器10Ω，2AG．导线和开关实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．(1）实验中电流表应选用B，滑动变阻器应选用F；（均填写仪器前的字母）（2）在图1所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图（虚线框中已将所需的滑动变阻器画出,请补齐电路的其他部分，要求滑片P向b端滑动时，灯泡变亮）;（3）根据实验数据，画出的小灯泡I﹣U图线如图2所示．由此可知，当电压为0。5V时，小灯泡的灯丝电阻是5.0Ω；（4）根据实验测量结果可以绘制小灯泡的电功率P随其两端电压U或电压的平方U2变化的图象，在图3中所给出的甲、乙、丙、丁图象中可能正确的是甲、丙．（选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁"）【考点】N5：描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）由灯泡的额定电流即可选择电流表；根据实验要求明确电路接法，则可选择滑动变阻器；(2）根据实验要求明确接法的选择，则可得出原理图；(3）图中坐标表示灯泡的电流值及电压值；由欧姆定律可求得电阻．(4）根据功率公式可得出正确的图象．【解答】解:(1)灯泡的额定电流I===200mA；故电流表选择B;因本实验只能接用分压接法，故滑动变阻器选择小电阻F;（2）根据实验要求可知，滑动变阻器采用分压接法，并且测量电路应与滑动变阻器的左半部分并联；电流表采用外接法；原理图如下；（3）由画出的伏安特性曲线可知，U=0。5V时，电流I=0.10A，则对应的电阻R===5Ω；（4)由P=可知，P与U为二次函数关系，图象开口向上；故甲正确;P与U2，在R不变时为正比例关系,由于R随电压的增大而减小；故丙图正确；故答案为：（1）B；F(2）如答图所示；（3)5.0；（4）甲、丙三、计算题(18题9分，19题14分，20题7分，21题10分，共40分）18．把带电荷量2×10﹣8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8×10﹣6J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功2×10﹣6J，取无限远处电势为零．求：（1）A点的电势；（2）A、B两点的电势差;（3）若把2×10﹣5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功．【考点】AC：电势；AB：电势差;AE：电势能．【分析】根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA﹣EpB求出电荷在电场中各个点的电势能，再根据电势的定义式φ=得到各个点的电势;最后根据电场力做功与电势差关系公式WAB=qUAB求解电场力做的功．【解答】解:（1)无穷远处某点O的电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA﹣EpB，有WOA=EpO﹣EpA无穷远处电势能为零,即EpO=0故EpA=﹣WOA=8×10﹣6J根据电势的定义式φ=，有φA==即A点的电势为400V．（2)把该电荷从无限远处的O点移到电场中B点，需克服电场力做功2×10﹣6J，取无限远处电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA﹣EpB，有WOB=EpO﹣EpB无穷远处电势能为零，即EpO=0故EpB=﹣WOB=2×10﹣6J根据电势的定义式φ=,有φB==故A、B间的电势差为UAB=φA﹣φB=400V﹣100V=300V即A、B点的电势差为300V．（3）根据电场力做功与电势差关系公式WAB=qUAB，有WAB=qUAB=﹣2×10﹣5C×300V=﹣6×10﹣3J即把2×10﹣5C的负电荷由A点移到B点电场力做﹣6×10﹣3J的功．19．轻细线的一端固定于O点,另一端系一质量为m、电荷量为q的小球，空间存在着水平向右的匀强电场，小球平衡时细线与竖直方向成30°角．（重力加速度g)(1）求电场强度E（2）若在平衡位置将细线剪断,求小球运动位移L用的时间．（3）将球拉至右侧与O等高（线水平）位置静止释放，求当球摆到最低点时细线的张力（4）在（3）的情况下，当球摆到竖直线左侧最高点时线与竖直方向间的夹角为多少？【考点】AK:带电粒子在匀强电