2025届安徽省名校联盟高三下学期高考模拟物理试卷（二）（原卷版+解析版）

2025年安徽省名校联盟高考物理模拟试卷（二）一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.氢原子部分能级示意图如题所示，不同色光的光子能量如下表所示。色光赤橙黄绿蓝—靛紫光子能量范围（eV）1.61~2.002.00~2.072.07~2.142.14~2.532.53~2.762.76~3.10处于某激发态的氢原子，发射的光的谱线在可见光范围内仅有2条，其颜色分别为（）A.红、蓝靛B.黄、绿C红、紫D.蓝靛、紫2.随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。小到手表、手机，大到电脑、电动汽车的充电，都已经实现了从理论研发到实际应用的转化。下图给出了某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式无线充电的原理图。关于无线充电，下列说法正确的是()A.无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”B.只有将充电底座接到直流电源上才能对手机进行充电C.接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同D.只要有无线充电底座，所有手机都可以进行无线充电3.截面为等腰直角三角形的三棱镜如图所示，一束含有单色光a和单色光b的复色光，垂直BC面射入三棱镜，单色光b恰好发生全反射，单色光a射出，下列说法正确的是（）A.单色光b在该三棱镜中的折射率B.单色光a的折射率大于单色光b的折射率C.单色光a的波长比单色光b的波长长D.单色光a在该三棱镜中的速度小于单色光b4.如图所示，电梯质量为M，它的水平地板上放置一质量为m的物体，电梯在钢索的拉力作用下由静止开始竖直向上加速运动。当上升高度为H时，电梯的速度达到v，则在这段过程中，下列说法中正确的是（）A.电梯对物体的支持力所做的功等于B.电梯对物体支持力所做的功大于C.钢索的拉力所做的功等于D.钢索的拉力所做的功小于5.小型发电站为某村寨110户家庭供电，输电原理如图所示，图中的变压器均为理想变压器，其中降压变压器的匝数比为n3∶n4＝50∶1，输电线的总电阻R＝10Ω．某时段全村平均每户用电的功率为200W，该时段降压变压器的输出电压为220V．则此时段()A.降压变压器的输入电压为11kV B.发电机的输出功率为22kWC.输电线的电流为1100A D.输电线上损失的功率约为8.26W6.如图甲所示为一简谐波在时刻的图象，图乙所示为处质点P的振动图像。下列说法正确的是（）A.P点的振动方程为 B.这列波的传播方向沿x正方向C.这列波的波速是 D.时P点的位移为7.如图所示，在荧光屏MN上方分布着水平方向的匀强磁场，方向垂直纸面向里。距离荧光屏d处有一粒子源S，能够在纸面内不断地向各个方向同时发射电荷量为q，质量为m，速率为v的带正电粒子，不计粒子的重力及粒子间的相互作用，已知粒子做圆周运动的半径为d，则（）A.粒子能打到屏上的区域长度为B.能打到屏上最左侧的粒子所用的时间为C.粒子从发射到打到屏上的最长时间为D.同一时刻发射的粒子打到屏上的最大时间差二、多选题：本大题共3小题，共12分。8.我国首次火星探测任务“天问一号”探测器于2020年7月23日成功发射，并于2021年5月15日实施降轨，软着陆在火星表面。如图所示为“天问一号”探测器发射过程的简化示意图，当地球位于A点、火星位于C点时发射探测器，探测器仅在太阳引力作用下经椭圆轨道（霍曼转移轨道）在远日点B被火星捕获。地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，已知地球和火星的公转数据如下表所示，下列说法正确的是（）（）行星与日距离（百万千米）赤道半径（km）公转周期质量（kg）公转速度km/s地球6378365天298火星3395687天24.1A.由地球发射火星探测器的发射速度应大于11.2km/s小于16.7km/sB.探测器沿霍曼转移轨道到达B点时的速度大于火星的运行速度C.探测器从A点沿霍曼转移轨道到达B点所用的时间约为263天D.从地球上发射探测器时，地球、火星分别与太阳的连线之间的夹角约为44°9.如图所示，质量为小球置于正方体的光滑盒子中，盒子的边长略大于球的直径．某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为的匀速圆周运动，已知重力加速度为，空气阻力不计，要使在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，则（）A.该盒子做圆周运动的向心力一定恒定不变B.该盒子做匀速圆周运动的周期一定等于C.盒子在最低点时，小球对盒子的作用力大小等于D.盒子在与点等高的右侧位置时，小球对盒子的作用力大小等于10.如图所示，固定的光滑竖直杆上套着一个滑块，用轻绳系着滑块绕过光滑的定滑轮，以大小恒定的拉力F拉绳，使滑块从A点起由静止开始上升．若A点上升至B点和从B点上升至C点的过程中拉力F做的功分别为W1、W2，滑块经B、C两点时的动能分别为EKB、EKC，图中AB=BC，则一定有()A.W1>W2 B.W1<W2 C.EKB>EKC D.EKB<EKC三、实验题：本大题共2小题，共20分。11.在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。已知待测金属丝的阻值约为。待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm。在测电阻时，可供选择的器材有：电源（电动势为3V，内阻约为）；电流表（量程为，内阻约为）；电流表（量程，内阻约为）；电压表（量程为，内阻约为）；电压表（量程为，内阻约为）；滑动变阻器（最大阻值为，允许通过的最大电流为）；滑动变阻器（最大阻值为，允许通过的最大电流为）；开关一个，导线若干。（1）在上述器材中，应该选用的电流表是______，应该选用的电压表是______。若想尽量多测几组数据，应该选用的滑动变阻器是______。（均填写仪器的字母代号）（2）用螺旋测微器测量待测金属丝的直径，其中某一次的测量结果如图甲所示，其示数应为______mm（该值接近多次测量的平均值）。（3）根据测量的实验数据，实验小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图乙所示，图中已标出了与测量数据对应的坐标点。请在图乙中描绘出图线_____。由图线得到该金属丝的阻值______。（结果保留两位有效数字）（4）根据以上数据可以估算出该金属丝的电阻率约为______（填选项前的符号）。A.B.C.D.12.如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量________（填选项前的符号），间接地解决这个问题。A.小球开始释放高度hB.小球抛出点距地面的高度HC.小球做平抛运动的射程(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP。然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是________。（填选项前的符号）A.用天平测量两个小球的质量m1、m2B.测量小球m1开始释放高度hC.测量抛出点距地面的高度HD.分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE.测量平抛射程OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_______（用(2)中测量的量表示）。(4)经测定，m1＝45.0g，m2＝7.5g，小球落地点的平均位置距O点的距离如图所示。碰撞前、后m1的动量分别为与，则＝_____∶11；若碰撞结束时m2的动量为，则＝11∶________。实验结果说明，碰撞前、后总动量的比值为________。四、计算题：本大题共3小题，共30分。13.如图是小魔术“浮沉子”的模型。将小玻璃瓶封闭一部分气体倒扣于盛有水的塑料瓶中，使之漂浮于水面，将瓶盖拧紧之后，若用力挤压塑料瓶的侧壁，小玻璃瓶将会下沉，松手之后玻璃瓶又会自动上浮。若挤压前塑料瓶中气体A的体积VA=11cm3，玻璃瓶中封闭的空气柱B的长度为L=1.1cm，玻璃瓶露出水面部分长度为h=0.1cm，玻璃瓶质量m=1g。大气压强为p0=1.0×105Pa，环境温度恒定不变。已知水的密度=1.0×103kg/m3，重力加速度g=10m/s2。求：（1）玻璃瓶底部面积S；（2）要使小玻璃瓶下沉水中，则至少要用力挤压使得塑料瓶的容积缩小多少？（处理气体实验定律时，A、B两部分气体压强差别极小，可认为气压相等）14.如图所示，相距为L的两条足够长的平行金属导轨，与水平面的夹角为θ，金属导轨电阻不计．导轨上有质量为m、电阻为R的两根相同的导体棒，导体棒MN上方轨道粗糙、导体棒MN所在位置及下方轨道光滑，整个空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B.将两根导体棒同时释放后，观察到导体棒MN下滑而EF保持静止，当MN下滑x距离后恰好达到最大速度时，EF与轨道间的摩擦力也刚好达到最大静摩擦力．求：（1）导体棒MN的最大速度及EF所受最大静摩擦力各是多少；（2）如果导体棒MN从静止释放沿导轨下滑x距离后恰好达到最大速度，这一过程回路中通过导体棒MN横截面的电荷量及导体棒MN产生的电热是多少．15.如图所示，在倾角为的斜面上放置一内壁光滑的凹槽A，凹槽A与斜面间的动摩擦因数，槽内紧靠右挡板处有一小物块B，它与凹槽左挡板的距离为。A、B的质量均为m，斜面足够长。现同时由静止释放A、B，此后B与A挡板每次发生碰撞均交换速度，碰撞时间都极短。已知重力加速度为。求：（1）物块B从开始释放到与凹槽A发生第一次碰撞所经过的时间；（2）B与A发生第一次碰撞后，A下滑时的加速度大小和发生第二次碰撞前瞬间物块B的速度大小；（3）凹槽A沿斜面下滑的总位移大小。

2025年安徽省名校联盟高考物理模拟试卷（二）一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.氢原子部分能级示意图如题所示，不同色光的光子能量如下表所示。色光赤橙黄绿蓝—靛紫光子能量范围（eV）1.61~2.00200~2.072.07~2.142.14~2.532.53~2.762.76~3.10处于某激发态的氢原子，发射的光的谱线在可见光范围内仅有2条，其颜色分别为（）A.红、蓝靛B.黄、绿C.红、紫D.蓝靛、紫【答案】A【解析】【详解】如果激发态的氢原子处于第二能级，能够发出10.2eV的光子，不属于可见光；如果激发态的氢原子处于第三能级，能够发出12.09eV、10.2eV、1.89eV的三种光子，只有1.89eV属于可见光；如果激发态的氢原子处于第四能级，能够发出12.75eV、12.09eV、10.2eV、2.55eV、1.89eV、0.66eV的六种光子，1.89eV和2.55eV属于可见光，1.89eV的光子为红光，2.55eV的光子为蓝-靛。故选A。2.随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。小到手表、手机，大到电脑、电动汽车的充电，都已经实现了从理论研发到实际应用的转化。下图给出了某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式无线充电的原理图。关于无线充电，下列说法正确的是()A.无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”B.只有将充电底座接到直流电源上才能对手机进行充电C.接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同D.只要有无线充电底座，所有手机都可以进行无线充电【答案】C【解析】【详解】A．无线充电的原理，其实就是电磁感应现象，而不是电流的磁效应，故A错误；B．发生电磁感应的条件是磁通量要发生变化，直流电无法产生变化的磁场，故不能接到直流电源上，故B错误；C．发生电磁感应时，两个线圈中的交变电流的频率是相同的，故C正确；D．只有无线充电底座，手机内部没有能实现无线充电的接收线圈等装置，也不能进行无线充电，D错误。故C正确。3.截面为等腰直角三角形的三棱镜如图所示，一束含有单色光a和单色光b的复色光，垂直BC面射入三棱镜，单色光b恰好发生全反射，单色光a射出，下列说法正确的是（）A.单色光b在该三棱镜中的折射率B.单色光a的折射率大于单色光b的折射率C.单色光a的波长比单色光b的波长长D.单色光a在该三棱镜中的速度小于单色光b【答案】C【解析】【详解】A．单色光b恰好发生全反射，由图根据几何关系可知，临界角为，根据公式可知，单色光b在该三棱镜中的折射率故A错误；B．根据题意可知，光临界角小于光的临界角，根据可知，单色光a的折射率小于单色光b的折射率，故B错误；C．单色光a的折射率小于单色光b的折射率，则单色光a的波长比单色光b的波长长，故C正确；D．根据可知，折射率越大，传播速度越小，则单色光a在该三棱镜中的速度大于单色光b，故D错误。故选C。4.如图所示，电梯质量为M，它的水平地板上放置一质量为m的物体，电梯在钢索的拉力作用下由静止开始竖直向上加速运动。当上升高度为H时，电梯的速度达到v，则在这段过程中，下列说法中正确的是（）A.电梯对物体的支持力所做的功等于B.电梯对物体的支持力所做的功大于C.钢索的拉力所做的功等于D.钢索的拉力所做的功小于【答案】B【解析】【详解】A．梯对物体的支持力所做的正功和物体重力所做的负功之和等于，故A错误；B．由A项分析知电梯对物体的支持力所做的功等于物体克服重力所做功加上，故B正确；CD．由动能定理可得解得故CD错误。故选B。5.小型发电站为某村寨110户家庭供电，输电原理如图所示，图中的变压器均为理想变压器，其中降压变压器的匝数比为n3∶n4＝50∶1，输电线的总电阻R＝10Ω．某时段全村平均每户用电的功率为200W，该时段降压变压器的输出电压为220V．则此时段()A.降压变压器的输入电压为11kV B.发电机的输出功率为22kWC.输电线的电流为1100A D.输电线上损失的功率约为8.26W【答案】A【解析】【详解】A.降压变压器输出电压220V，根据变压器原理：，代入数据解得：，A正确BCD.降压变压器输出功率：，而，代入数据解得：输电线电流，输电线上功率损失：，根据：，所以发电机输出功率为22040W，BCD错误6.如图甲所示为一简谐波在时刻的图象，图乙所示为处质点P的振动图像。下列说法正确的是（）A.P点的振动方程为 B.这列波的传播方向沿x正方向C.这列波的波速是 D.时P点的位移为【答案】A【解析】【详解】B．由图乙可知，P点在0.2s时沿y轴正方向运动，因此波沿x轴负方向传播，B错误；C．由甲图可知，波长由乙图可知，振动周期因此波速C错误；A．由于振幅在t=0时刻，P点恰好位于平衡位置，且沿着y轴负方向运动，因此P点的振动方程为A正确；D．将代入P点的振动方程可得D错误。故选A。7.如图所示，在荧光屏MN上方分布着水平方向的匀强磁场，方向垂直纸面向里。距离荧光屏d处有一粒子源S，能够在纸面内不断地向各个方向同时发射电荷量为q，质量为m，速率为v的带正电粒子，不计粒子的重力及粒子间的相互作用，已知粒子做圆周运动的半径为d，则（）A.粒子能打到屏上的区域长度为B.能打到屏上最左侧的粒子所用的时间为C.粒子从发射到打到屏上的最长时间为D.同一时刻发射的粒子打到屏上的最大时间差【答案】D【解析】【详解】A．粒子能打到屏上的区域长度为A错误；B．打到屏上最左侧的粒子所用的时间为解得B错误；CD．粒子从发射到打到屏上的最长时间为粒子从发射到打到屏上的最短时间为时间差为解得C错误，D正确。故选D。二、多选题：本大题共3小题，共12分。8.我国首次火星探测任务“天问一号”探测器于2020年7月23日成功发射，并于2021年5月15日实施降轨，软着陆在火星表面。如图所示为“天问一号”探测器发射过程的简化示意图，当地球位于A点、火星位于C点时发射探测器，探测器仅在太阳引力作用下经椭圆轨道（霍曼转移轨道）在远日点B被火星捕获。地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，已知地球和火星的公转数据如下表所示，下列说法正确的是（）（）行星与日距离（百万千米）赤道半径（km）公转周期质量（kg）公转速度km/s地球6378365天29.8火星3395687天24.1A.由地球发射火星探测器发射速度应大于11.2km/s小于16.7km/sB.探测器沿霍曼转移轨道到达B点时的速度大于火星的运行速度C.探测器从A点沿霍曼转移轨道到达B点所用的时间约为263天D.从地球上发射探测器时，地球、火星分别与太阳的连线之间的夹角约为44°【答案】AD【解析】【分析】【详解】A．从地球表面发射火星探测器，使探测器能摆脱地球束缚在太阳引力作用下沿椭圆轨道运行，其发射速度应大于第二宇宙速度11.2km/s，小于第三宇宙速度16.7km/s，A项正确；B．探测器沿椭圆轨道经过B点时，需要加速才会进入火星公转轨道做匀速圆周运动，故经过B点时的速度小于火星的运行速度，B项错误；C．探测器沿椭圆轨道运行时的半长轴根据开普勒第三定律得解得天从A点沿霍曼转移轨道到达B点所用的时间约为259天，C项错误；D．火星绕太阳公转一周（360°）需要687天，这意味着在探测器沿霍曼转移轨道飞行半周的259天中，火星绕太阳转过的角度为，则地球、火星分别与太阳的连线之间的夹角为，D项正确。故选AD。9.如图所示，质量为的小球置于正方体的光滑盒子中，盒子的边长略大于球的直径．某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为的匀速圆周运动，已知重力加速度为，空气阻力不计，要使在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，则（）A.该盒子做圆周运动的向心力一定恒定不变B.该盒子做匀速圆周运动的周期一定等于C.盒子在最低点时，小球对盒子的作用力大小等于D.盒子在与点等高的右侧位置时，小球对盒子的作用力大小等于【答案】BC【解析】【详解】A.向心力的方向始终指向圆心，是变化的，故A项不符合题意；B.在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重力作为向心力，由得周期，故B项符合题意；C.盒子在最低点时受重力和支持力的作用，由可得，，故C项符合题意；D.盒子在与点等高的右侧位置时，小球受重力和盒子底部以及盒子外侧的支持力的作用，盒子底部的支持力等于重力，而盒子侧壁的支持力也等于，两者相互垂直，所以盒子对小球的作用等于，根据牛顿第三定律，小球对盒子的作用力大小等于，故D项不符合题意；10.如图所示，固定的光滑竖直杆上套着一个滑块，用轻绳系着滑块绕过光滑的定滑轮，以大小恒定的拉力F拉绳，使滑块从A点起由静止开始上升．若A点上升至B点和从B点上升至C点的过程中拉力F做的功分别为W1、W2，滑块经B、C两点时的动能分别为EKB、EKC，图中AB=BC，则一定有()A.W1>W2 B.W1<W2 C.EKB>EKC D.EKB<EKC【答案】A【解析】【详解】考点：动能定理的应用；功的计算．分析：根据功的定义式去判断两个过程中功的大小．分析滑块的运动过程，根据受力情况找出滑块可能出现的情况．解答：解：A、这是一道变力做功的创新题，可进行半定量分析．从A点上升至B点和从B点上升至C点的过程中，根据几何关系我们看出轻绳拉着滑块的拉力与光滑竖直杆的夹角α越来越大．图中AB=BC，即从A点上升至B点的位移等于从B点上升至C点的位移．轻绳拉着滑块的拉力是恒力，夹角α越来越大，那么cosα越来越小，因为F大小恒定，故F在竖直方向的分量Fcosα随α的增大而减小，显然从A点上升至B点绳子对滑块拉力做的功大于从B点上升至C点的过程中绳子对滑块拉力做的功．由于用轻绳系着滑块绕过光滑的定滑轮，所以绳子对滑块的拉力做的功与拉力F做的功相等．所以W1＞W2，故A正确．B、通过以上分析，故B错误．C、由于在A点由于静止出发，可以肯定最初滑块是加速上升的，也就是说刚开始绳对滑块拉力的竖直分力要大于滑块的重力，但由于绳对滑块拉力的竖直分力是逐渐减小的（对滑块的拉力大小不变，但与竖直方向的夹角在逐渐增大），B到C的过程绳对滑块拉力的竖直分力与重力的大小关系不清楚，所以滑块的运动可能是加速的，也可能是减速的，还可能是先加速后减速的（竖直分力小于重力时做减速运动），所以无法确定滑块在B、C位置哪个位置的速度大，也就无法确定哪个位置的动能大，故C错误．D、通过以上分析，故D错误．故选A．点评：对于功的大小定性比较，我们可以运用功的表达式去比较，也可以从动能定理去比较．对于不同位置动能的大小比较，我们可以通过受力分析（结合力的变化），分析物体的运动过程，是加速还是减速．三、实验题：本大题共2小题，共20分。11.在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。已知待测金属丝的阻值约为。待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm。在测电阻时，可供选择的器材有：电源（电动势为3V，内阻约为）；电流表（量程为，内阻约为）；电流表（量程为，内阻约为）；电压表（量程为，内阻约为）；电压表（量程为，内阻约为）；滑动变阻器（最大阻值为，允许通过的最大电流为）；滑动变阻器（最大阻值为，允许通过的最大电流为）；开关一个，导线若干。（1）在上述器材中，应该选用的电流表是______，应该选用的电压表是______。若想尽量多测几组数据，应该选用的滑动变阻器是______。（均填写仪器的字母代号）（2）用螺旋测微器测量待测金属丝的直径，其中某一次的测量结果如图甲所示，其示数应为______mm（该值接近多次测量的平均值）。（3）根据测量的实验数据，实验小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图乙所示，图中已标出了与测量数据对应的坐标点。请在图乙中描绘出图线_____。由图线得到该金属丝的阻值______。（结果保留两位有效数字）（4）根据以上数据可以估算出该金属丝的电阻率约为______（填选项前的符号）。A.B.CD.【答案】（1）①②.③.（2）0.397##0.396##0.398（3）①.②.4.5（4）C【解析】【小问1详解】[1][2][3]电源电动势为3V，则电压表应选择；电路的最大电流约为则电流表应选择；为方便实验操作，滑动变阻器应选择阻值较小的。【小问2详解】螺旋测微器的精确值为，由图可知金属丝的直径为【小问3详解】[1]根据坐标系内描出的点作出图像如图所示[2]由图示图像可知，金属丝的阻值为【小问4详解】根据电阻定律可得可得电阻率为代入数据解得故选C。12.如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量________（填选项前的符号），间接地解决这个问题。A.小球开始释放高度hB.小球抛出点距地面的高度HC.小球做平抛运动的射程(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP。然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是________。（填选项前的符号）A.用天平测量两个小球的质量m1、m2B.测量小球m1开始释放高度hC.测量抛出点距地面的高度HD.分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE.测量平抛射程OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_______（用(2)中测量的量表示）。(4)经测定，m1＝45.0g，m2＝7.5g，小球落地点的平均位置距O点的距离如图所示。碰撞前、后m1的动量分别为与，则＝_____∶11；若碰撞结束时m2的动量为，则＝11∶________。实验结果说明，碰撞前、后总动量的比值为________。【答案】①.C②.ADE③.④.14⑤.2.9⑥.1.01【解析】【详解】(1)[1]小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间相等，小球的水平位移与小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即测量射程，故C正确，A、B错误；故选C；(2)[2]要验证动量守恒定律定律，即验证小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间相等，上式两边同时乘以得可得因此实验需要测量两球的质量和小球做平抛运动的水平射程，为了测量位移，应找出落点，故A、D、E正确，B、C错误；故选ADE。(3)[3]若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为(4)[4]碰撞前、后m1的动量之比为[5]碰撞后m1的动量与后m2的动量的之比为[6]实验结果说明，碰撞前、后总动量的比值四、计算题：本大题共3小题，共30分。13.如图是小魔术“浮沉子”的模型。将小玻璃瓶封闭一部分气体倒扣于盛有水的塑料瓶中，使之漂浮于水面，将瓶盖拧紧之后，若用力挤压塑料瓶的侧壁，小玻璃瓶将会下沉，松手之后玻璃瓶又会自动上浮。若挤压前塑料瓶中气体A的体积VA=11cm3，玻璃瓶中封闭的空气柱B的长度为L=1.1cm，玻璃瓶露出水面部分长度为h=0.1cm，玻璃瓶质量m=1g。大气压强为p0=1.0×105Pa，环境温度恒定不变。已知水的密度=1.0×103kg/m3，重力加速度g=10m/s2。求：（1）玻璃瓶底部面积S；（2）要使小玻璃瓶下沉水中，则至少要用力挤压使得塑料瓶的容积缩小多少？（处理气体实验定律时，A、B两部分气体压强差别极小，可认为气压相等）【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）根据平衡可知解得（2）小瓶初态当小瓶刚好浸没在水中时内的小瓶气体V2=xS压强p2=p′0对小玻璃瓶内气体由玻意耳定律可知p1V1=p2V2对小瓶根据平衡状态对气体A联立解得至少要用力挤压使得塑料瓶的容积缩小14.如图所示，相距为L的两条足够长的平行金属导轨，与水平面的夹角为θ，金属导轨电阻不计．导轨上有质量为m、电阻为R的两根相同的导体棒，导体棒MN上方轨道粗糙、导体棒MN所在位置及下方轨道光滑，整个空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B.将两根导体棒同时释放后，观察到导体棒MN下滑而EF保持静止，当MN下滑x距离后恰好达到最大速度时，EF与轨道间的摩擦力也刚好达到最大静摩擦力．求：（1）导体棒MN的最大速度及EF所受最大静摩擦力各是多少；（2）如果导体棒MN从静止释放沿导轨下滑x距离后恰好达到