湖北省十堰市2024-2025学年高一（上）期末调研考试物理试卷【含答案】

湖北省十堰市2024-2025学年高一（上）期末调研考试物理试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干

净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。

一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.北京时间2024年11月25日7时39分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号丙运载火箭采用“一箭双

星”的方式成功将四维高景二号03星和四维高景二号04星送入预定轨道。下列说法正确的是（）

A.“2024年11月25日7时39分”指的是时亥!!

B.研究火箭离开发射架的过程时，火箭可视为质点

C.卫星在预定轨道上运行的过程中所受的合力为零

D.卫星在预定轨道上运行一周，通过的路程为零

2.如图所示，一只苹果静止在水平桌面上。下列说法正确的是（）

A.苹果发生了形变，桌面未发生形变

B.桌面受到向下的弹力，是由于桌面发生了形变

C.桌面所受的向下的弹力，就是苹果受到的重力

D.苹果受到向上的弹力，是由于桌面发生了形变

3.在学习了摩擦力的知识后，小张对摩擦力的相关知识产生了浓厚的兴趣，他在水平地面上放一个质量为

2kg的物体，物体与地面间的动摩擦因数为0.3。若取重力加速度大小g=10?n/s2,认为最大静摩擦力等

于滑动摩擦力，则当他依次用大小分别为5N、6N、7N的水平拉力拉该物体时，物体受到的摩擦力大小依

次为（）

A.5N、5N、5NB.6N、6N、6NC.5N、6N、7ND.5N、6N、6N

4.某河流中水流的速度是2机/s,一小船要从河岸的力点沿直线匀速到达河对岸下游的B点，已知力、B两点

间的距离为200M，河宽为100小，则小船在静水中的开动速度，即小船相对于静水的速度大小至少为（）

A

A.0.5m/sB.1m/sC.1.5m/sD.2m/s

5.为了研究自由落体运动，小张在离水平地面不同高度处将四个小球同时由静止释放，向？

已知相邻两个小球及小球1与地面之间的距离均相同，如图所示。不计空气阻力，经过3J

ti>t2,t3>t4,1、2、3、4四个小球依次碰到地面，贝Ik1：巧：J：t4为（）I,炒面

A.1.-72.-2B.1：2：3：4

C.1.-73.-<5.-<7D.1：（72-1）（<3-72）；（2-73）

6.一个质量为70的的人，站在竖直上升的升降机水平地板上，此人看到升降机上竖直挂着重物的弹簧秤的

示数为40N,已知重物的质量为5kg,取重力加速度大小g=lOm/sZ,则他所处的状态及他对升降机地板

的压力大小分别为（）

A.超重状态，840NB.超重状态，560NC.失重状态，840ND.失重状态，560N

7.如图所示，固定斜面4B顶端4的正上方有一光滑小定滑轮P,绕过滑轮的轻绳左端与小球相连，用水平

力F作用在轻绳的右端，使小球从B端沿斜面缓慢上滑到。处。斜面对小球的支持力大小用N表示，不计一

切摩擦。在该过程中（）

A.F逐渐增大，N逐渐减小B.F逐渐增大，N逐渐增大

C.F逐渐减小，N逐渐增大D.F逐渐减小，N逐渐减小

二、多选题：本大题共3小题，共12分。

8.在足球比赛中，跑位技术相当重要。某球员沿直线跑位的x-t图像如图所示，其中球员在0〜S时间内

运动的x-t图线为直线，久0、匕、12均已知，且12=2"。下列说法正确的是（）

A.在0〜匕时间内，球员做匀速直线运动

B.在0〜t：2时间内，球员运动的方向不变

C.在口〜七时间内，球员的速度逐渐增大

D.在t1一2时间内’必定存在速度大小为那时刻

9.如图所示，沿水平方向以大小为火的速度抛出的小球落到倾角为。的斜面上时，其速度方向与斜面垂

直，运动轨迹如图中的虚线所示。重力加速度大小为g,不计空气阻力。下列说法正确的是（）

A.小球落在斜面上时的速度大小为刍B.小球落在斜面上时的速度大小为瑞

cosdsmG

C.小球在空中运动的时间为—％D.小球在空中运动的时间为迪”

gtanOg

10.一飞机的总质量为2X10%g,飞行时受到的空气阻力大小与其速率的平方成正比（即f=k为常

量）。飞机在竖直方向先关闭发动机由静止下落，然后匀速下落，开启发动机后飞机受到竖直向上的恒定

推力后，先向下减速后向上加速最后匀速，以竖直向上为正方向，飞机竖直方向运动过程中的u-t图像如

图所示。取重力加速度大小g=10zn/s2。下列说法正确的是（）

A.常量k的大小为125kg/m

B.飞机所受的竖直向上恒定推力的大小为5X10$N

C.当飞机向下加速至20zn/s时，飞机的加速度大小为lOzn/s?

D.当飞机向下减速至速度为0时，飞机的加速度大小为2.5m/s2

三、实验题：本大题共2小题，共14分。

11.某实验小组利用如图甲所示的装置测量弹簧的劲度系数。将弹簧竖直悬挂，先不挂钩码，记下弹簧下

端指针指示的标尺刻度，然后在弹簧的下端悬挂钩码保持静止，并改变钩码个数，读出弹簧下端指针每次

对应的标尺刻度，其中某次弹簧指针指示的标尺刻度如图乙所示。利用测得数据作出不同个数的钩码重力

与对应弹簧伸长量之间的关系图像，如图丙所示。

(1)图乙所示的指针指示的刻度为cm；

(2)该弹簧的劲度系数为N/m(保留3位有效数字)；

(3)本实验中由于没考虑弹簧自重，劲度系数的测量值_____(选填“大于”、“小于”或“等于")真实

值。

12.学校物理兴趣小组利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系，其中的力传感器可以测出小

车所受的拉力大小。实验前，调节定滑轮的高度使细线与木板平行，并平衡摩擦力。

(1)小车的质量一(填“必须”或“不必”)比所挂钩码的质量大得多。

(2)图乙是实验中得到的一条纸带，。、2、8、C、。是五个连续的计数点，打点计时器打相邻两计数点的

时间间隔为02s,打点计时器打下计数点B时小车的速度大小u=机/s,小车的加速度大小

a=m/s\(计算结果均保留三位有效数字)

(3)在探究加速度与质量的关系时，控制力的大小不变，多次在小车中增加或减少祛码数以改变小车和祛

码的总质量根，得到对应的数据。为了更直观地得出加速度与质量的关系，应作加速度a与(填

"m"或"工”)的关系图像。

四、计算题：本大题共3小题，共46分。

13.如图所示，一质量m=2kg的物块静止在倾角。=30。的固定斜面上，取重力加速度大小g=10m/s2o

(1)求斜面对物块的摩擦力大小灯以及斜面对物块的支持力大小FN；

(2)己知物块与斜面间的动摩擦因数〃=苧，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现对物块施加一沿斜面向

上的推力，求物块刚要沿斜面向上运动时的推力大小人

14.汽车以大小u=12m/s的速度沿平直公路匀速行驶，汽车经过某路标=2s后，一辆摩托车从该路标

处由静止开始以大小a=3.75m/s2的加速度匀加速追赶汽车，汽车与摩托车均视为质点。求：

(1)摩托车出发后追上汽车所用的时间t；

(2)摩托车追上汽车时到路标的距离x；

(3)摩托车追上汽车前，它们之间的最大距离L。

15.如图所示，水平传送带以大小巧=4w/s的速度顺时针匀速运动，传送带右侧与足够大的光滑平台平滑

连接，甲、乙两物体由绕过轻小光滑定滑轮的轻绳相连，甲与定滑轮之间的轻绳水平，甲在0时刻以大小

v2=2m/s,方向水平向右的速度从左端冲上传送带。甲与传送带间的动摩擦因数4=0.5,传送带左、右

两端滑轮之间的距离L=7m,甲的质量皿1=4kg,乙的质量加2="g,取重力加速度大小g=

10m/s2,轻绳足够长，两物体均视为质点。求：

口乙

(1)甲在传送带上加速向右运动的过程中，轻绳的拉力大小F;

(2)甲在传送带上从左端到第一次经过右端所用的时间L；

(3)甲第九(几=1,2,3,…)次向右经过传送带右端滑轮的时亥

答案和解析

1.【答案】A

【解析】A“7时39分”是一时间点，所以是时刻，故A正确；

A研究火箭离开发射架的过程时，卫星的大小和形状对所研究的问题有影响，所以卫星不可视为质点，故

B错误；

C.卫星在预定轨道上运行的过程为曲线运动，所受合力不为零，故C错误；

D卫星在预定轨道上运行一周，位移为零，路程不为零。故。错误；

故选A。

2.【答案】D

【解析】解：4、由于苹果和桌面间存在相互的挤压，苹果和桌面同时发生了形变，故A错误；

3、桌面受到的弹力是由于苹果发生形变而引起的，故B错误；

C、桌面受到向下的弹力是由于苹果发生形变引起的，该力与重力产生原因不同，不是重力，故C错误；

。、苹果受到向上的弹力是由于桌面发生形变产生的，故D正确。

故选：Do

明确弹力产生的原因，知道二者之间因发生了相互的挤压而产生了弹性形变，从而产生了弹力。

本题考查对弹力的理解，要注意明确弹力是由于施力物体发生弹性形变后要恢复原状产生的。

3.【答案】D

【解析】物块与地面之间的最大静摩擦力

fm=〃爪9=6N

则当他用大小为5N的水平拉力拉该物体时，物体静止，此时物体受静摩擦力为5N；当他用大小为6N的水

平拉力拉该物体时，物体刚好要产生滑动，此时物体受静摩擦力为6N；当他用大小为7N的水平拉力拉该

物体时，物体产生滑动，此时物体受滑动摩擦力为6N。故选。。

4.【答案】B

【解析】当小船相对于静水的速度最小时，与AB垂直，如图

B

------------------------•—

/I

/I

—_L

A

vmin100m

sina=孩=200^=Vmin="

故选Bo

5.【答案】A

【解析】解：假设小球1离地面的高度为拉，则小球2的高度为2%,小球3的高度为3%,小球4的高度为4%

小球1下落过程

1,

h=《gtf

2h

解得小球1的下落时间为G=

9

同理可得小球2的下落时间为今=4九

9

6h

小球3的下落时间为J=

9

8h

小球4的下落时间为t4=

9

2h4h,6h*1*":2

则t1：t2：t3：t4=

9

故A正确，BCD错误。

故选：Ao

根据自由落体的运动学公式，分别求出四个小球的下落时间，即可求出四个小球下落的时间之比。

本题主要考查自由落地题运动学公式，根据/1=^9严求解下落时间。题目较为简单。

6.【答案】D

【解析】解：对重物，根据牛顿第二定律有7ng-&=ma,代入TH=5kg,&=40N,得a=2m/s2,方

向竖直向下，对人有Mg-F2=Ma,解得尸2=560N,即人处于失重状态，根据牛顿第三定律可知，对地

板的压力大小也为560N,故D正确，A8C错误。

故选：Do

对重物和人分别利用牛顿第二定律列式求解加速度和支持力，结合牛顿第三定律进行分析判断。

考查牛顿运动定律的应用和超失重问题，会根据题意进行准确分析解答。

7.【答案】A

【解析】【分析】

本题主要考查共点力的平衡问题，解决本题的关键在于写出各力的表达式，从而求解。

【解答】

对小球进行受力分析，小球受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力N,沿绳方向的拉力尸。

支持力与拉力的合力与重力等大反向，

小球向上运动过程中，支持力N与拉力F的合力保持不变，支持力的方向不变，拉力与合力的夹角逐渐变

小，如图所示；

根据图可得，尸逐渐增大，N逐渐减小；故A正确，BCD错误。

8.【答案】ACD

【解析】A在0〜h时间内，由于图线的斜率不变，即球员的速度不变，则球员做匀速直线运动，故A正

确；

8.在0〜匕时间内，图线的斜率为正值，则球员沿正方向运动，在0〜功时间内，图线切线的斜率为负值,

则球员沿负方向运动，则球员运动方向改变，故8错误；

C.在匕〜5时间内，图线切线的斜率不断增大，即球员的速度逐渐增大，故C正确；

D在。〜L时间内，球员的速度大小为鲁，在G〜4时间内，球员的速度先小于乎，后大于乎，所以必

定存在速度大小为誓的时刻，故。正确。

tl

故选ACD。

9.【答案】AD

【解析】对平抛运动进行速度的分解，如图

4B.小球落在斜面上时的速度大小为〃故A正确，8错误;

C。.根据平抛运动速度偏转角正切值公式

atvtan0

tan0=—^t=n-----

氏9

故C错误，。正确。

故选AD.

10.【答案】AD

【解析】A飞机在竖直方向先关闭发动机由静止下落，然后匀速下落，匀速的速度%=40m/s

根据平衡条件有mg=kvl

解得k=125kg/m

故A正确；

8.飞机向上匀速的速度v2=20m/s

根据平衡条件有F=mg+kvl

解得F=2.5X105N

故8错误；

C.当飞机向下加速至%=20ni/s时，根据牛顿第二定律有mg-kvj=max

解得飞机的加速度大小为=7.5m/s2

故C错误；

。当飞机向下减速至速度为0时，根据牛顿第二定律有F-mg=ma2

2

解得飞机的加速度大小为a2=2.5m/s

故。正确。

故选AZX

11.【答案】14.60

400

等于

【解析】(1)根据刻度尺的读数规则可知，该读数为14.60cm；

(2)由图丙，根据胡克定律可知，斜率表示弹簧的劲度系数，故k=弟=(5荒;0-2N/m=400N/m；

(3)由胡克定律可知，劲度系数等于弹力的变化量除以对应的弹簧形变量的变化量，因此弹簧的自重不会

对劲度系数的测量结果产生影响，故劲度系数的测量值等于真实值。

12.【答案】(1)不必

(2)0.1010.195

⑶A

【解析】(1)实验中用到了力传感器，细绳中的拉力可以通过力的传感器测得，所以没有必要使小车的质

量远大于钩码的质量。

⑵囚打点计时器打下计数点B时小车的速度大小v==(2-74~^X1°"m/s=0.101m/s

1ZXU.J.

2

[2]小车的加速度大小a=B葭*io-27n=0,195m/s

(3)根据。=£可知，为了更直观地得出加速度和质量的关系，应作加速度。与质量的倒数人的图像。

vymm

13.【答案】(1)物块受到重力、斜面对它的支持力与斜面对它的摩擦力，将重力分解，如图所示

根据平衡条件有Ff=mgsind,FN=mgcosd

解得Ff=ION,FN=10，^N

(2)物块刚要沿斜面向上运动，物块所受斜面的摩擦力大小F；=再

结合上述可知F=耳+mgsind

解得F=25N

【解析】详细解答和解析过程见【答案】

14.【答案】(1)摩托车出发后追上汽车，则有川t+to)=^at2

解得t=8s

(2)根据匀变速直线运动的位移公式有%=1at2

结合上述解得x=120m

(3)摩托车追上汽车前，当它们的速度相等时，它们之间的距离最大，设从摩托车开始追赶汽车至它们的

速度相等的时间为则有u=

，2

此时它们之间的最大距离为L=v(t'+t0)-|at

解得L=43.2m

【解析】详细解答和解析过程见【答案】

15.【答案】(1)开始时物块甲与传送带之间的摩擦力为

f=4nlig=20N

对甲乙的整体

f~m2g=(mt+m2)a

解得

a=2m/s2

对甲分析可知

f—F=mra

解得

F=12N

(2)物块甲与传送带共速时

v2+atu=

解得

tn=Is

甲的位移

也+v

Xi=22

此后物块甲与传送带相对静止，受向右的大小为10N的静摩擦力作用一起匀速运动，则到达传送带右端的

时间