2024年高考数学考点分析与突破性讲练专题26直线平面平行的判定和性质理

PAGEPAGE1专题26直线、平面平行的判定和性质一、考纲要求：1.以立体几何的定义、公理和定理为动身点，相识和理解空间中线面平行的有关性质与判定定理.2.能运用公理、定理和已获得的结论证明一些有关空间图形的平行关系的简洁命题．二、概念驾驭及解题上的留意点：1.推断与平行关系相关命题的真假，必需熟识线、面平行关系的各个定义、定理，无论是单项选择还是含选择项的填空题，都可以从中先选出最熟识最简洁推断的选项先确定或解除，再逐步推断其余选项.2.(1)结合题意构造或绘制图形，结合图形作出推断.(2)特殊留意定理所要求的条件是否完备，图形是否有特殊情形，通过举反例否定结论或用反证法推断命题是否正确.3.证明线面平行的常用方法(1)利用线面平行的定义无公共点.(2)利用线面平行的判定定理a⊄α，b⊂α，a∥b⇒a∥α.(3)利用面面平行的性质定理α∥β，a⊂α⇒a∥β.(4)利用面面平行的性质α∥β，a⊄β，a∥α⇒a∥β.4.利用判定定理判定线面平行，留意三条件缺一不行，关键是找平面内与已知直线平行的直线.常利用三角形的中位线、平行四边形的对边平行或过已知直线作一平面找其交线.三、高考考题题例分析：例1.（2024天津卷节选）如图，AD∥BC且AD=2BC，AD⊥CD，EG∥AD且EG=AD，CD∥FG且CD=2FG，DG⊥平面ABCD，DA=DC=DG=2．（Ⅰ）若M为CF的中点，N为EG的中点，求证：MN∥平面CDE；【答案】见解析【解析】（Ⅰ）证明：依题意，以D为坐标原点，分别以、、的方向为x轴，例2.（2024江苏卷节选）在平行六面体ABCD﹣A1B1C1D1中，AA1=AB，AB1⊥B1C1．求证：（1）AB∥平面A1B1C；（【答案】见解析【解析】证明：（1）平行六面体ABCD﹣A1B1C1D1中，AB∥A1B1，⇒AB∥平面A1B1C；10如图所示的三棱柱ABC­A1B1C1中，过A1B1的平面与平面ABC交于DE，则DE与AB的位置关系是()A．异面B．平行C．相交D．以上均有可能【答案】B11．若平面α截三棱锥所得截面为平行四边形，则该三棱锥与平面α平行的棱有()A．0条 B．1条C．2条 D．0条或2条【答案】C【解析】如图设平面α截三棱锥所得的四边形EFGH是平行四边形，则EF∥GH，EF⊄平面BCD，GH⊂平面BCD，所以EF∥平面BCD，又EF⊂平面ACD，平面ACD∩平面BCD＝CD，则EF∥CD，EF⊂平面EFGH，CD⊄平面EFGH，则CD∥平面EFGH，同理AB∥平面EFGH，所以该三棱锥与平面α平行的棱有2条，故选C．12.如图，在四面体ABCD中，截面PQMN是正方形，则在下列结论中，错误的是()A．AC⊥BDB．AC∥截面PQMNC．AC＝BDD．异面直线PM与BD所成的角为45°【答案】C二、填空题13．如图，α∥β，△PAB所在的平面与α，β分别交于CD，AB，若PC＝2，CA＝3，CD＝1，则AB＝________.【答案】eq\f(5,2)【解析】∵α∥β，∴CD∥AB，则eq\f(PC,PA)＝eq\f(CD,AB)，∴AB＝eq\f(PA×CD,PC)＝eq\f(5×1,2)＝eq\f(5,2).14.如图所示，正方体ABCD­A1B1C1D1中，AB＝2，点E为AD的中点，点F在CD上．若EF∥平面AB1C，则线段EF的长度等于________．【答案】eq\r(2)【解析】在正方体ABCD­A1B1C1D1中，AB＝2，∴AC＝2eq\r(2).又E为AD中点，EF∥平面AB1C，EF⊂平面ADC，平面ADC∩平面AB1C＝AC，∴EF∥AC，∴F为DC中点，∴EF＝eq\f(1,2)AC＝eq\r(2).15.如图，在四面体ABCD中，M，N分别是△ACD，△BCD的重心，则四面体的四个面中与MN平行的是________．【答案】平面ABC，平面ABD16．如图7­4­12所示，棱柱ABC­A1B1C1的侧面BCC1B1是菱形，设D是A1C1上的点且A1B∥平面B1CD，则A1D∶DC1的值为________.【答案】1【解析】设BC1∩B1