湖北沙市中学2025届高三11月月考-物理试题（含答案）

2024—2025学年度上学期2022级月月考物理试卷命题人：黄勇审题人：余小路考试时间：2024年月日考试时间：75分钟（本大题共1017题为单选题，－10440分）。1．物理”二字最早出现在中文中，是取“格物致理”四字的简称，即考察事物的形态和变化，总结研究它们的规律的意思。同学们要在学习物理知识之外，还要了解物理学家是如何发现物理规律的，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法，下列叙述正确的是A．电学中引入点电荷的概念，突出带电体的电荷量，采用了等效替代法B．用比值法定义的概念在物理学中占相当大的比例，如场强ꢀ=，加速度ꢃ=ꢄ都是采用比ꢁꢂꢅ值法定义的C．库仑首先提出了电场的概念，并引用电场线形象地表示电场的强弱和方向D90°规律总结出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法为一列简谐横波在ꢆ=时刻的波形2图，ꢇꢈ为质点ꢇ的是（）A10/ꢉB．简谐横波传播方向为ꢊ轴正方向Cꢆ=时刻ꢇ的速度小于ꢈ的速度Dꢆ=0时刻之后，ꢇꢈ先到达位移最大处32018年12日23分，嫦娥四号”探测器用长征三号”乙运载火箭在西昌卫星发射中2019月“嫦娥四号”飞到月球主要分四步走，第一步为发射入轨段，实现嫦娥四号升空入轨，器箭分离；第二步为地月转移段，实现嫦娥四号进入地月转移轨道；第三步为近月制动段，在地月转移轨道高速飞行的卫星减缓速度，完成太空刹车减速，被月球的引力所吸引；第四步为环月飞行段，嫦娥四号环绕月球轨道飞行，实现环月降轨，最后着陆月球。关于“嫦娥四号探测器，下列说法正确的是A月球做椭圆圆轨道运行时，其轨道半长轴的三次方与周期平方的比值相等B时，探测器的动能减小，机械能守恒CD．若已知探测器在环月段圆轨道运行的半径ꢋ、周期ꢌ和引力常量ꢍ，可以求出月球的密度4．如图所示，一均匀带电+ꢈ细棒，在过中点ꢎ垂直于细棒的直线上有ꢃ、ꢈꢏꢂꢃꢏ=ꢏꢎ=ꢎꢂ=ꢐꢃ点处有一电荷量为+的固定点电21-荷ꢑ。已知ꢏ点处的电场强度为零，则ꢂ点处电场强度的大小为(ꢒ为静电力常量)（）ꢒꢈꢒꢈ9ꢐ2ꢒꢈꢐ2ꢒꢈ2ꢐ2A．B．C．D．2ꢐ25+4ꢑ−ꢑꢓꢇꢈ位于连线上且关于ꢓꢋꢔ位于连线的中垂线上且关于ꢓ对称.下列说法正确的是（）Aꢇꢈ两点电场强度相同Bꢋꢔ两点电场强度相同C．若两点电荷的电荷量均加倍，ꢋꢔ两点间电势差不变D．若将一负试探电荷沿连线自P，静电力先做负功后做正功67．如图所示，ꢕꢖ和ꢗꢖ是两个固定的斜面，斜面的顶端ꢕꢗ在同一竖直线上。质量相等的甲、乙两个小物块分别从斜面ꢕꢖ和ꢗꢖ）A．甲克服摩擦力做功多B．甲、乙损失的机械能相等C．甲、乙所受重力的平均功率相等D．甲运动到ꢖ点时的速度比乙小．如图所示，在水平地面上，某运动员手拿篮球站在滑板车上向一堵竖直的墙向右滑行，为了度恰好减为。不计地面的摩擦和空气阻力，忽略篮球在竖直方向的运动，篮球与墙的碰撞过ꢘꢅ。抛球前，运动员、滑板车和篮球的速度为0。则（）A．整个过程中运动员、滑板车及篮球的总动量守恒B．运动员抛球与接球时对篮球的冲量相同1C．墙对篮球的冲量大小为(ꢘ+ꢅ)ꢙ02+ꢅD．篮球被墙反弹后的速度大小为0ꢅ8ꢊ=−6ꢅ和ꢊ=12ꢅ处的两个波源ꢘ和ꢚ均沿ꢛ轴方向做简谐运动，形成横波ꢃ和ꢏ。如图所示，ꢆ=时波ꢃꢏ分别传播到ꢊ=−ꢅꢊ=8ꢅ处；ꢆ=5ꢉ时波ꢃꢏ）Aꢆ=2ꢉ时，质点Рꢛ轴正方向运动Bꢊ=3ꢅ处质点的位移最大值为2ꢎꢅCꢃ、ꢏ相叠加后，会出现稳定的干涉现象Dꢆ=11ꢉ时，ꢊ=2ꢅ处质点的位移为109ꢗꢓꢓ点离地面的高度为ℎ，ꢕꢓ点正下方，ꢕꢗ两点相距2ℎ，轨道上套有一个小球ꢇ，小球ꢇ通过轻杆与光滑地面上的小球ꢈ相连，两小球的质量均为ꢅ，轻杆的长度为2ℎ，重力加速度为ꢜ。现将小球ꢇ从距3地面高度为ℎ处由静止释放，下列说法正确的是（）43A．小球ꢇ即将落地时，它的速度大小为�2Bꢇ角为45∘21C．从静止释放到小球ꢇ即将落地，轻杆对小球ꢈ做的功为ꢅꢜℎ4Dꢇ落地后不反弹，则地面对小球ꢇ的作用力的冲量大小为ꢅ�ꢜℎ10．水平面上放置一质量为ꢅ的滑块ꢗ，上方有圆形凹槽，质量也为ꢅ的圆柱ꢕ恰好能放置在凹槽中，其截面图如图所示，圆心与二者接触的左端点连线跟竖直方向夹角ꢝ=30°。一质量为ꢘ的物体ꢖ通过跨过定滑轮的不可伸长的轻质细绳与ꢗ相连，细绳张紧后由静止释放ꢖ，不计一切摩擦，ꢗ离定滑轮足够远，下列说法正确的是（）A．如果ꢕꢗ能保持相对静止，ꢗ对ꢕ的作用力大小为ꢜ�ꢅ2+ꢞ24B．如果ꢕꢗ能保持相对静止，ꢗꢕ的作用力大小为ꢞ2ꢅꢜ�+1(ꢞ+2ꢟ)2Cꢘ=(√+1)ꢅ时，ꢕ恰要从凹槽中滚出32Dꢝ=45°时，则无论ꢘ为多大，ꢕ都不能滚出凹槽第II卷（非选择题）二、实验题（本大题共2小题，每空214）11．某同学用如图甲所示的实验装置来研究动量守恒定律，光电门固定在气垫导轨上，质量分别为ꢠ=0.4ꢒꢜꢅꢡ=0.1ꢒꢜ的两个滑块含遮光片从光电门、的外侧匀速相向运动，在两个光电门之间某位置发生碰撞并粘在一起继续运动，运动到气垫导轨一端时立刻被锁定。（的宽度为ꢅꢅ。2）实验中光电门记录了三次挡光时间均为ꢢꢆ=0.045ꢉ，则碰撞前滑块ꢗ的速度大小ꢅ/ꢉ，碰撞后滑块整体的速度大小为ꢅ/ꢉ结果均保留两位有效数字)3ꢕ经过光电门ꢉ。结果保留三位小数)2．探究电容器充放电规律，实验装置如图甲所示，有电源，定值电阻0，电容器，单刀双置开关ꢔ。ꢁ（为（恒，则滑块ꢕ通过光电门的时间为1（和电流ꢣ变化，需在①、②处接入测量仪②应该接入测__________电流、电压的仪器。（2）将单刀双掷开关ꢔ与”端相接时，通过电阻ꢋ的电流_________填ꢃ到ꢏ”“ꢏꢃ”。ꢁ随“（时间ꢆ标轴围成的面积为ꢔꢁ0ꢟ据该图像可以粗略测出实验中电容器的电容ꢖ=_________用题中已知物理量表示)3四、计算题：本大题共3小题，共13ꢅ的小球在长为ꢋ承受的最大拉力m=3ꢅꢜ，转轴离地高度ℎ，重力加速度为ꢜ。求：（1）若小球某次运动中恰好能通过最高点，则最高点处的速度为多大；（2）若小球某次运动中在最低点时细绳恰好被拉断，则此时的速度为多大；（(2)ꢋ长短可调整，求小球做平抛运动的水平距离ꢊ最大值是多少。114．（16分）如图甲所示，竖直平行板ꢕ、ꢗ间加有恒定电压0，在ꢕ板附近有一个粒子源，可以按时间均匀地释放质量为ꢅꢑ(ꢑ>0)ꢕꢗ板间电场加速后，沿平行金属板ꢖꢤ间的中线垂直进入ꢖꢤ板间电场，ꢖꢤ板间所加的电压随时间变化如图乙所示，ꢖꢤ板长为ꢐꢖꢤꢖꢤ板12右端的距离为ꢐ，有的粒子能打在荧光屏上，不计粒子的重力，粒子在ꢖ、ꢤ板间运动的时23间远小于ꢌ，求：（（（1）粒子经加速电场加速后速度多大；2ꢖꢤ板间的距离为多少；3）荧光屏上有粒子打上的区域长度为多少；打在荧光屏上的粒子最大速度为多少。1519ꢃꢏꢎꢂꢏꢎꢂ在ꢏ处与水平轨道ꢃꢏ相切，半径ꢋ=0.32mꢃꢏ上放着质量分别为ꢠ=2kgꢅꢡ=1kg的物块ꢕꢗ均可视为质点，ꢕꢗ间夹着一根被压缩的轻质弹簧弹簧与ꢕꢗ未被拴接ꢕꢗ连接在一起。轨道左侧的光滑水平地面上停着一质量为ꢘ、长为ꢐ=0.5m的小车，小车上表面与ꢃꢏ等高。ꢕꢗ向右滑动且恰好能冲到圆弧轨道的最高点ꢂ处。物块ꢕ与小车之间的动摩擦因数ꢥ=，小车质量ꢘ满足1kg≤M≤3.5kg，重力加速度ꢜ=10m/s2。求：（（（1）物块ꢗ运动到圆弧最低点ꢏ时对轨道的压力；2）细绳剪断之前弹簧的弹性势能；3ꢕ在小车上滑动过程中产生热量ꢈ的可能值计算结果可含有ꢘ。4高三月月考物理参考答案题号答案12345678910DDCBCBDBCBCBD1．【答案】D【解析】【分析】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助，故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习。【解答】电学中引入点电荷的概念，突出带电体的电荷量，忽略带电体的体积大小和形状，采用F△v了理想模型法，故选项A错误;公式a=是牛顿第二定律的表达式，加速度的比值定义是a=，m△t故选项B错误；C;伽利略认为自由落体运动是物体在倾角为90∘的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律总结出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，故选项D;故选D。λ2．【答案】D【解析】λ=2m，T=0.4s，v==5m/sA错误。图可知，t=0时刻，P点振T动方向向yP点此时向y简谐横波传播方向为轴负方向，选项错误。由图t=时刻QQCPQ两点的位移最大的状态分别为N点的状态会更快传到P，故P比Q先到位移最大，D选项正确。3．【答案】C【解析】【分析】根据万有引力提供向心力，结合探测器的轨道半径和周期，求出月球的质量，由于月球的半径未知，无法求出密度；根据万有引力与向心力的大小关系判断加速从而得出速度的大小关系。【AABC.探测器从环月段椭圆轨道进入环月段圆轨道时，探测B错误，CD以求出月球的质量，但是月球的半径未知，无法求出月球的体积，则无法得出月球的密度，故D错误。故选。QkQ4．【答案】B【解析】电荷量为的点电荷在b处产生电场强度为E=，方向向右；在b点处的22L2Q场强为零，根据电场的叠加原理可知细棍与在b处产生电场强度大小相等，方向相反，则知细棍25kQ在b处产生的电场强度大小为E=，方向向左；根据对称性可知细棍在d处产生的电场强度大小2L2Qk·2kQQkQ为的点电荷在d处产生电场强度为E′==d点2L22(3L)218L25Q处场强的大小为Ed=E+E′=k，方向向右；故B正确，9L25．【答案】C【解析】A、根据电场的叠加规律，P点场强大于点场强，故A错误；、根据电场的叠加规律，、两点电场强度大小相同，但是方向不同，故B错误；C、因为两点到两个点电荷的距离相等，所以两点的电势相等，即电势差为零，若两点电荷的电荷量均加倍，两点的电势C正确；DPQ之间的电场线从P指向Q，若负试探电荷移动，电势减少，电势能增加，电场力一直做负功，故D错误。故选。l6【解析】AB.设=lθf=μmgcosθ⋅=cosθμmgl可知两物块克服摩擦力做功相等，因物体机械能减小量等于克服摩擦力做功，则甲、乙损失的机l1A错误，B正确；C=a=gsinθ−μgcos,=at2,cosθ22l4L下滑的时间t=�,变形得t=�,其中tanβ=μgcosθ(sincos)g�1+μ2sin(2θ−)−μg确定2θ−sin(2θ−βmgltanθ1,则无法比较重力的平均功率的关系，故CDmv=mgh−W,因2P=ft2甲重力做功较大，而摩擦力做功相等，可知，甲到达底端时的速度较大，选项D错误。故选B。7．【答案】D【解析】A．由于墙对篮球有向左的冲量，整个过程中运动员、滑板车及篮球的总A错误；B1=m(v−v0，方向向右，接球时对篮球的冲量为I2=，方向向右，所以运动员抛球与接球时对篮球的冲量方向相同、大BCD.设运动员抛球后速度变为vꢦ(M+m)v=101+接球过程有1−=0，可得v=M+mv0，由动量定理可知篮球撞墙过程有I=−(=2m28=(M+m)v0，故C错误，DD。BCAt=5sa的x5mλ波速为v===1m/sT==4St=时质点P沿y2s质点P沿t5svyA;Bx=3m态，所以此处质点的位移最大值为2cm，故B正确;C．横波a和b的波长相同，同种介质中波的传C正确;Dt=11s时，x=2m处质点同时参与了a波和bx=2mx=(−4)+(−6)cm=−，故D错误。故选BC。9．【答案】BC【PPh的速度方向与水平方向的夹角满足tanθ=2×=1可得θ=45∘P的速度方向与水平2h方向的夹角为45°，故B正确；A、设小球P即将落地时，速度大小为v，小球Q的速度大小为v，12311根据系统机械能守恒有mgh=mv2+mv2，小球P与小球Q沿杆方向的速度相等，有vcosθ=121422ghvv=�v=�AP即将落地212211时，轻杆对小球Q做的功为杆=mv2=mgh，故C正确；D、小球P落地与地面相互作用的过246程中，根据动量定理有I合=0−1=−m�，由于轨道、轻杆对小球有作用力，且小球P有重力，则地面对小球P的作用力的冲量大小与I合大小不相等，即不等于m�，故D错误。10．【答案】BD【解析】【分析】AB.根据牛顿第二定律求整体的加速A求解对A的作用力；CD.滚出凹槽的临界条件为A受到槽的支持力沿着对整体根据牛顿第二定律列方程进行解答。，本题主要是考查了牛顿第进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用。【解答】AB.若A相对静止，对ABC整体，根据牛顿第二定律得Mg=Mg(2m+M)aa=A2m+MM2力的关系得N2A=(ma)2+(mg)2，代入数据联立解得，对A的作用力NBA=mg�+，(2m+M)2故A错误，B正确。CD.滚出凹槽的临界条件为A受到槽的作用力沿着圆心与二者接触的左端点连√3线方向，如图所示，根据几何关系可得ma=mgtan，解得临界加速度大小a=，对整体根据3牛顿第二定律可得Mg=(2m+M)a，联立解得M=(√3+1)m；当α=45°时，A滚出凹槽的临界条件为AMga′=gtan45°=g，根据整体法得到系统的加速度a=<gA都不能滚出凹2m+M槽，故C错误，D正确。故选：BD。11．【答案】4.500.100.100.030【解析】(1)20分度的游标卡尺的读数为d=4mm+0.05mm×10=4.50。(2)光电门记录的次挡光时间分别为碰撞前滑块经过的时间，碰撞后滑块和滑块A粘在一起经过的时间，所以d碰前滑块及滑块整体通过光电门的速度大小均为v==0.10m/s；(3)碰撞过程动量守恒，则△td有mv−mv=(m+m)v，解得v=0.15，所以滑块A经过光电门的时间为t==A1B2AB共1v10.030。S012．【答案】(1)电压；(2)a到b；(3)UmR0【解析】(1)位置ꢦ②与电容器并联，为测电压仪器。(2)将单刀双掷开关与”端相接，电容器充电时上极板带正电，通过电阻的电流从ab。(3)电容器放电时的U−t图线与坐标轴围成的面积为表示电容器放电的电荷量Q=S0，电容器的电容为C=Q=S0。R0UmUmR0131(1)小球恰好通过最高点，设在最高点A的速度为vA，根据牛顿第二2v定律有mg=mAR2v解得vA=�(2)设小球在最低点受到最大拉力时速度为vT−mg=mBBmR1解得vB=�2gR(3)小球离开h−R=gt2,水平方向满足x=vBt2联立解得x=2�R(h−R)由数学知识可知，当R=时，有最大值，最大值为xm=h。114(1)设粒子经加速电场加速后的速度为vqU=mv2v=000022qU0�；m2(2)有的粒子能打在荧光屏上，则从D极板右侧边缘射出的粒子在CDCD两板37211间的电压为U，设CD板间的距离为d，根据题意知，d=at2，L=v0，根据牛顿第二定律0322qE=ma，2√3U0=Ed，解得d=L；33(3)粒子在CD板间做类平抛运动，出电场时的速度反向延长线交于水平位移的中点，11dL2√3设荧光屏上有粒子打上的区域长为s，则2=2，解得s=2d=L，根据动能定理11sL+l3221128qU02解得vm�mv=Uq+∙Uq=m002233m2