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文档简介

广东省“十二校”2025届高三3月份模拟考试物理试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、图为探究变压器电压与匝数关系的电路图。已知原线圈匝数为400匝,副线圈“1”接线柱匝数为800匝,“2”接线柱匝数为200匝,ab端输入的正弦交变电压恒为U,电压表V1、V2的示数分别用U1、U2表示。滑片P置于滑动变阻器中点,则开关S()A.打在“1”时,B.打在“1”时,U1:U2=2:1C.打在“2”与打在“1”相比,灯泡L更暗D.打在“2”与打在“1”相比,ab端输入功率更大2、如图甲所示,在粗糙的水平面上,质量分别为mA和mB的物块A、B用轻弹簧相连,两物块与水平面间的动摩擦因数相同,它们的质量之比mA:mB=2:1.当用水平力F作用于B上且两物块以相同的加速度向右加速运动时(如图甲所示),弹簧的伸长量xA;当用同样大小的力F竖直向上拉B且两物块以相同的加速度竖直向上运动时(如图乙所示),弹簧的伸长量为xB,则xA:xB等于()A.1:1 B.1:2 C.2:1 D.3:23、一个物体在外力F的作用下静止在倾角为θ的光滑固定斜面上,关于F的大小和方向,下列说法正确的是()A.若F=mg,则F的方向一定竖直向上B.若F=mgtanθ,则F的方向一定沿水平方向C.若F=mgsinθ,则F的方向一定沿斜面向上D.若F=mgcosθ,则F的方向一定垂直于斜面向上4、如图所示,一名消防救援队队员手拉长为L、呈水平方向的轻绳从平台上跳下,运动到B点时松开手,恰好落到障碍物后被困人员所在的A点。B点是障碍物的最高点,O、B、C三点在同一竖直线上,队员可视为质点,空气阻力不计,利用图示信息判断,下列关系正确的是()A. B. C. D.5、如图所示,A、B两个质量相等的小球,分别从同一高度、倾角分别为、的光滑斜面顶端由静止自由滑下。在小球从开始下滑到到达斜面底端的过程中,下列判断正确的是()A.A球和B球到达斜面底端的速度大小不相等B.A球重力做功的平均功率比B球重力做功的平均功率小C.A球运动的加速度比B球运动的加速度大D.A球所受重力的冲量大小比B球所受重力的冲量大小小6、2013年6月20日,女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里成功进行了我国首次太空授课.授课中的一个实验展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应.在视频中可观察到漂浮的液滴处于相互垂直的两个椭球之间不断变化的周期性“脉动”中.假设液滴处于完全失重状态,液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性微小变化(振动),如图所示.已知液滴振动的频率表达式为,其中k为一个无单位的比例系数,r为液滴半径,ρ为液体密度,σ为液体表面张力系数(其单位为N/m),α、β、γ是相应的待定常数.对于这几个待定常数的大小,下列说法中可能正确的是()A.,, B.,,C.,, D.,,二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图甲所示,理想变压器原副线圈的匝数比为4∶1,b是原线圈的中心抽头,电压表和电流表均为理想电表,除R以外其余电阻不计。从某时刻开始单刀双掷开关掷向a,在原线圈两端加上如图乙所示交变电压,则下列说法中正确的是()A.当开关与a连接时,电压表的示数为55VB.当开关与a连接时,滑动变阻器触片向下移,电压表示数不变,电流表的示数变大C.开关由a扳到b时,副线圈电流表示数变为原来的2倍D.当单刀双掷开关由a拨向b时,副线圈输出电压的频率变为原来2倍8、如图甲所示,一足够长的绝缘竖直杆固定在地面上,带电量为0.01C、质量为0.1kg的圆环套在杆上。整个装置处在水平方向的电场中,电场强度E随时间变化的图像如图乙所示,环与杆间的动摩擦因数为0.5。t=0时,环由静止释放,环所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,不计空气阻力,g取10m/s2。则下列说法正确的是()A.环先做加速运动再做匀速运动B.0~2s内环的位移大于2.5mC.2s时环的加速度为5m/s2D.环的最大动能为20J9、如图,竖直放置的光滑圆弧型轨道,O为圆心,AOB为沿水平方向的直径,AB=2R。在A点以初速度v0沿AB方向平抛一小球a,若v0不同,则小球a平抛运动轨迹也不同.则关于小球在空中的运动,下列说法中正确的是A.v0越大,小球a位移越大B.v0越大,小球a空中运动时间越长C.若v0=,小球a动能增加量最大D.若v0=,小球a末动能最大10、下列说法中正确的是。A.电子的衍射图样证实了实物粒子具有波动性B.为了解释黑体辐射规律,普朗克提出电磁辐射的能量是量子化的C.氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时,原子总能量减小D.光电效应中极限频率的存在说明了光的波动性三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)图甲为在气垫导轨上研究匀变速直线运动的示意图,滑块上装有宽度为d(很小)的遮光条,滑块在钩码作用下先后通过两个光电门,用光电计时器记录遮光条通过光电门1的时间△t以及遮光条从光电门1运动到光电门2的时间t,用刻度尺测出两个光电门之间的距离x.(1)用游标卡尺测量遮光条的宽度d,示数如图乙,则d=_____cm;(2)实验时,滑块从光电门1的右侧某处由静止释放,测得△t=50s,则遮光条经过光电门1时的速度v=_____m/s;(3)保持其它实验条件不变,只调节光电门2的位置,滑块每次都从同一位置由静止释放,记录几组x及其对应的t,作出﹣t图象如图丙,其斜率为k,则滑块加速度的大小a与k关系可表达为a=_____.12.(12分)某学习小组在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中,除导线和开关外,可供选择的实验器材如下:A.小灯泡L,规格2.5V,1.0WB.电流表A1,量程0.6A,内阻约为1.5ΩC.电流表A2,量程3A,内阻约为0.5ΩD.电压表V1,量程3V,内阻约为3kΩE.电压表V2,量程15V,内阻约为9kΩF.滑动变阻器R1,阻值范围0~1000ΩG.滑动变阻器R2,阻值范围0~5ΩH.学生电源4V,内阻不计(1)为了调节方便,测量尽量准确,电流表应选用______、电压表应选用______、实验电路应选用如下电路中的______(一律填选项序号)。A.B.C.D.(2)实验测得该灯泡的伏安特性曲线如图所示,由此可知,当灯泡两端电压为2.0V时,小灯泡的灯丝电阻是_______Ω(保留两位有效数字)。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,倾斜轨道AB的倾角为37°,CD、EF轨道水平,AB与CD通过光滑圆弧管道BC连接,CD右端与竖直光滑圆周轨道相连.小球可以从D进入该轨道,沿轨道内侧运动,从E滑出该轨道进入EF水平轨道.小球由静止从A点释放,已知AB长为5R,CD长为R,重力加速度为g,小球与斜轨AB及水平轨道CD、EF的动摩擦因数均为0.5,sin37°=0.6,cos37°=0.8,圆弧管道BC入口B与出口C的高度差为l.8R.求:(在运算中,根号中的数值无需算出)(1)小球滑到斜面底端C时速度的大小.(2)小球刚到C时对轨道的作用力.(3)要使小球在运动过程中不脱离轨道,竖直圆周轨道的半径R/应该满足什么条件?14.(16分)如图,一质量m=0.4kg的滑块(可视为质点)静止于动摩擦因数µ=0.1的水平轨道上的A点。对滑块施加一水平外力,使其向右运动,外力的功率恒为P=10.0W。经过一段时间后撒去外力,滑块继续滑行至B点后水平飞出,恰好在C点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧形轨道,轨道的最低点D处装有压力传感器,当滑块到达传感器上方时,传感器的示数为25.6N。已知轨道AB的长度L=2.0m,半径OC和竖直方向的夹角α=37°,圆形轨道的半径R=0.5m。(空气阻力可忽略,g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)求:(1)滑块运动到C点时速度vc的大小;(2)B、C两点的高度差h及水平距离x?(3)水平外力作用在滑块上的时间t?15.(12分)如图甲所示,内壁光滑、导热良好、质量为的汽缸开口向上竖直放置在水平地面上,上部分的横截面积为S,下部分的横截面积为2S,下部分汽缸高L,汽缸内有两个质量忽略不计、厚度不计的活塞A、B封闭了Ⅰ、Ⅱ两部分理想气体,A活塞正好处在汽缸上下两部分的分界处,B活塞处在下部分汽缸的正中间位置处。现将该装置挂起来,气缸脱离地面稳定后如图乙所示。A活塞始终未与汽缸脱离,已知重力加速度为g,外界温度为T,大气压强为P0。①若环境温度保持不变,求乙图中A活塞向上移动的距离;②若环境温度缓慢升高,B活塞恰能升到下部分汽缸的顶部,求此时的环境温度?

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A.滑片P置于滑动变阻器中点,则,故A错误;B.打在“1”时,根据电压与匝数成正比,则有U1:U21=n1:n21=400:800=1:2故B错误;CD.打在“2”时,根据电压与匝数成正比,则有U1:U22=n1:n22=400:200=2:1即打在“2”时灯泡两端电压较小,与打在“1”相比,灯泡L更暗,变压器次级消耗的功率较小,则ab端输入功率更小,故C正确,D错误。故选C。2、A【解析】

设mA=2mB=2m,对甲图,运用整体法,由牛顿第二定律得,整体的加速度:对A物体有:F弹-μ∙2mg=2ma,得;对乙图,运用整体法,由牛顿第二定律得,整体的加速度:对A物体有:F弹′-2mg=2ma′,得

则x1:x2=1:1.A.1:1,与结论相符,选项A正确;B.1:2,与结论不相符,选项B错误;C.2:1,与结论不相符,选项C错误;D.3:2,与结论不相符,选项D错误.3、C【解析】

A.由甲图可知,若F=mg,则F的方向可能竖直向上,也可能与竖直方向成2θ角斜向下,选项A错误;B.由乙图可知,若F=mgtanθ,则F的方向可能沿水平方向,也可能与斜面成θ角斜向上,选项B错误;C.由甲图可知,若F=mgsinθ,则F的方向是唯一的,一定沿斜面向上,选项C正确;D.由图丙可知,若F=mgcosθ,则若以mgcosθ为半径做圆,交过G且平行于N的直线于两个点,则说明F的解不是唯一的,且F的方向一定不是垂直于斜面向上,选项D错误;故选C。4、A【解析】

消防救援队队员从平台上跳下到B点由动能定理得松手后消防救援队队员做平抛运动,则有,联立解得故A正确,BCD错误。故选A。5、B【解析】

A.根据机械能守恒定律可得解得两个小球达到底部的速度大小相等,故A错误;BC.小球的加速度大小为运动时间则运动过程中A斜面斜角小,则A运动的时间比B的大,由于高度相同,重力做功相等,所以A球重力做功的平均功率比B球重力做功的平均功率小,故B正确,C错误;C.由于A运动的时间比B的大,由公式可知,A球所受重力的冲量大小比B球所受重力的冲量大小大,故D错误。故选B。6、B【解析】

从物理单位的量纲来考虑,则A中单位,故A错误;在B选项中,,故B正确;对C选项,,故C错误;在D选项中,,故D错误。故选B。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、ABC【解析】

A.根据输入电压的图像可读出变压器原线圈两端的电压有效值为而变压器两端的电压比等于匝数比,有电压表测量的是副线圈输出电压的有效值为55V,故A正确;B.当开关与a连接时,滑动变阻器触片向下移,因不变,则不变,即电压表的示数不变,负载电阻变小,则副线圈的电流变大,即电流表的示数变大,故B正确;C.开关由a扳到b时,副线圈的电压变为电压变为原来的2倍,负载电阻不变,则电流表的示数变为原来的2倍,故C正确;D.变压器能改变电压和电流,但不改变交流电的频率,则当单刀双掷开关由a拨向b时,副线圈输出电压的频率不变,故D错误。故选ABC。8、CD【解析】

A.在t=0时刻环受的摩擦力为,则开始时物体静止;随着场强的减小,电场力减小,则当摩擦力小于重力时,圆环开始下滑,此时满足即E=200N/C即t=1s时刻开始运动;且随着电场力减小,摩擦力减小,加速度变大;当电场强度为零时,加速度最大;当场强反向且增加时,摩擦力随之增加,加速度减小,当E=-200N/C时,加速度减为零,此时速度最大,此时刻为t=5s时刻;而后环继续做减速运动直到停止,选项A错误;BC.环在t=1s时刻开始运动,在t=2s时E=100N/C,此时的加速度为解得a=5m/s2因环以当加速度为5m/s2匀加速下滑1s时的位移为而在t=1s到t=2s的时间内加速度最大值为5m/s2,可知0~2s内环的位移小于2.5m,选项B错误,C正确;D.由以上分析可知,在t=3s时刻环的加速度最大,最大值为g,环从t=1s开始运动,到t=5s时刻速度最大,结合a-t图像的面积可知,最大速度为则环的最大动能选项D正确。故选CD。9、AC【解析】

A.平抛运动水平方向做匀速直线运动,竖直方向做自由落体运动,初速度越大,则在空中运动的水平位移越大,末位置离点越远,则位移越大,故A正确;B.平抛运动的时间由高度决定,与水平初速度无关,初速度大时,与半圆接触时下落的距离不一定比速度小时下落的距离大,所以时间不一定长,故B错误;C.平抛运动只有重力做功,根据动能定理可知,重力做功越多,动能变化越大,则小球落到点时,重力做功最多,动能变化最大,则运动时间为:水平初速度为:故C正确;D.根据动能定理可知,末动能为:当小球下落的距离最大,但是初速度不是最大,所以末动能不是最大,故D错误;故选AC。10、AB【解析】

A.电子的衍射图样证实了实物粒子的波动性,故A正确;B.为了解释黑体辐射规律,普朗克提出电磁辐射的能量的量子化,故B正确;C.氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时,电子的动能减小,原子总能量增大,故C错误;D.光电效应现象说明了光的粒子性,并不是波动性,故D错误。故选AB。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、0.750.15【解析】(1)主尺:0.7cm,游标尺:对齐的是5,所以读数为:5×0.1mm=0.5mm=0.05cm,故遮光条宽度d=0.75cm,(2)滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度.则滑块经过光电门时的速度为:(3)据及得图像的斜率,解得点睛:图象法处理数据时,要根据物理规律写出横纵坐标之间的关系式.结合图象的截距、斜率等求解.12、BDC5.1(或5.2或5.3)【解析】

(1)[1][2]小灯泡L的额定电压为2.5V,故电压表选D(3V),额定电流为故电流表选B(0.6A);[3]小灯泡的电阻为由于故采用电流表外接法,要求小灯泡两端的电压从零开始,所以滑动变阻器采用分压式接法,故实验电路应选C。(2)[4]由图像可知,当灯泡两端电压为2.0V时,小灯泡的电流约为0.38A,则小灯泡的电阻为(5.1或5.2)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)6.6mg,竖直向下(3)【解析】试题分析:(1)设小球到达C点时速度为v,a球从A运动至C过程,由动能定理有(2分)可得(1分)(2)小球沿BC轨道做圆周运动,设在C点时轨道对球的作用力为N,由牛顿第二定律,(2分)其中r满足r+r·sin530=1.8R(1分)联立上式可得:N=6.6mg

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