2025届内蒙古呼和浩特市高三下学期第一次模拟考试物理试题（解析版）

高级中学名校试题PAGEPAGE12025年普通高等学校招生第一次模拟考试物理本试卷共7页，15小题，满分100分。答题时长75分钟。注意事项：1.答题前，考生须将自己的个人信息填写于答题卡指定位置，并按要求粘贴条形码。2.作答时，将答案写在答题卡上。写在试卷上无效。3.考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图，当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在小球后方的屏上阴影中心出现了一个亮斑。这是光的（）A.衍射现象B.偏振现象C.干涉现象D.折射现象【答案】A【解析】当用激光照射直径小于激光束的不透明小球时，在后方屏上的阴影中心出现了一个亮斑，亮斑的周围是明暗相间的环状衍射条纹。这就是泊松亮斑，是激光绕过不透光的小球发生衍射形成的。是光的衍射现象。故选A。2.在透明吸管内，手指和液体之间密封一定质量的气体，如图所示，由于手的接触，密封气体温度高于外界气体。则（）A.密封气体压强高于外界气体压强B.图中液体与吸管内壁之间是不浸润的C.密封气体分子数密度等于外界气体分子数密度D.密封气体分子平均动能高于外界气体分子平均动能【答案】D【解析】AC．设液柱的质量为，横截面积为，外界大气压强为，对液柱分析，密封气体压强。因此密封气体压强低于外界气体压强，且吸管内部压强不变。由可知，密封气体温度升高，体积就会变大，分子数密度就会减小，因此密封气体分子数密度小于外界气体分子数密度。故A、C错误；B．由图可知，液体在吸管内呈下凹状，液体与吸管内壁是浸润的。故B错误；D．温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子平均动能越大。因此密封气体分子平均动能高于外界气体分子平均动能。故D正确。故选D。3.自卸车能自动卸货物，如图所示。在车厢由水平位置逐渐抬起至货物全部卸完的过程中，自卸车始终保持静止，下列说法中正确的是（）A.货物受车厢的摩擦力逐渐减小B.货物受车厢的摩擦力先增大后减小C.地面对自卸车的支持力保持不变D.自卸车不受地面施加的摩擦力【答案】B【解析】AB．开始时货物受重力和支持力，抬起后受到斜向上的静摩擦力；静摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即，随角度的增大，静摩擦力增大；当角度达一定程度时，物体开始滑动，由静摩擦力变成滑动摩擦力，而滑动摩擦力，随角度的增加而增小，故滑动摩擦力将减小；因此摩擦力是先增大后减小的，故A错误，B正确；CD．刚开始卸货时，货物受到静摩擦力作用，对整体分析，竖直方向仅受重力和支持力作用，水平方向上不受力。因此地面对自卸车支持力保持不变，自卸车不受地面施加的摩擦力。当物体开始加速滑动时，如图所示，分解加速度对整体分析，竖直方向水平方向因此在卸货的过程中，货物的质量减小，则地面对自卸车的支持力发生变化，自卸车受地面施加的摩擦力。故CD错误。故选B。4.如图所示，A、B两点分别固定电荷量为、的两个点电荷，以B为圆心的圆交A、B中垂线于C、D两点，交AB延长线于P点，下列说法正确的是（）A.C、D两点电场强度相同B.C、D两点电势不同C.将一正电荷从C点沿上方圆弧移至P点，电势能减小D.将一负电荷从P点沿下方圆弧移至D点，电场力做负功【答案】C【解析】A．由点电荷场强公式及电场叠加原理可知，C、D两点电场强度大小相等，方向不同，故A错误；B．根据题意，由电势公式及电势叠加原理可知，C、D两点电势相同，故B错误；C．根据题意可知，点处点电荷在和点产生的电势相等，且为负，点处点电荷在点产生的电势大于点电势，且为正，叠加后点电势高于点电势，由可知，正电荷在点电势能较多，即将一正电荷从C点沿上方圆弧移至P点，电势能减小，故C正确；D．由BC分析可知，点电势高于点电势，负电荷在点的电势能较大，将一负电荷从P点沿下方圆弧移至D点，电势能减小，电场力做正功，故D错误。故选C。5.自然界中一些放射性重元素会发生一系列连续衰变，称为衰变链。已知的衰变链如图所示，图中纵坐标为中子数，横坐标为质子数，X为衰变链中某一原子核。下列判断中正确的是（）A.衰变为X要经过2次α衰变，3次β衰变B.衰变为X要经过2次α衰变，2次β衰变C.衰变X质量数减小了2D.衰变为X质量数减小了6【答案】B【解析】衰变为X要经过a次α衰变和b次β衰变，则2a-b=92-90；235-4a=227解得a=2，b=2衰变为X质量数减小了8。故选B。6.图（a）为一列简谐横波在t0.2s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.5m处的质点，Q是平衡位置在x4m处的质点；图（b）为质点Q的振动图像，下列说法正确的是（）A.从t0.2s到t0.5s，质点P通过的路程为15cmB.从t0.2s到t0.4s，该波沿x轴负方向传播了2mC.在t0.25s时，质点P的加速度沿y轴负方向D.质点P简谐运动的表达式【答案】C【解析】A．根据图形知，，则从t0.2s到t0.5s，时间t0.2s时刻P在平衡位置与波峰之间，故质点P通过的路程不可能为故A错误；B．由图乙可知时，质点Q处于平衡位置且速度沿y轴负方向，结合图甲可判断波沿x轴正向传播，故从t0.2s到t0.4s，该波沿x轴正方向传播了故B错误；C．t0.2s时质点P向y轴正方向振动，故到t0.25s时间内质点P仍在y轴正向位移处，根据回复力与位移的关系推知，质点P的加速度沿y轴负方向，故C正确；D．根据图（b）知质点Q简谐运动的表达式根据平移法知质点P简谐运动的表达式不是故D错误。故选C。7.一卫星运行轨迹投影图如图所示，它记录了卫星在地球表面垂直投影的位置变化。在一段时间内卫星绕地球沿圆周匀速飞行了三圈，其投影图依次为①、②、③，图中竖线为经线，相邻两条经线相差15°。则地球同步卫星与该卫星的轨道半径之比为（）A. B. C. D.3【答案】A【解析】设地球自转周期为T，即同步卫星周期为T，卫星每运行一周，地球自转角度为2×15°，则卫星运行的周期根据开普勒第三定律故选A。8.交流发电机通过自耦变压器给一电阻供电，如图所示，不计发电机内阻，下列说法正确的是（）A.图示位置线圈产生的感应电动势为零B.仅将线圈的转速增大，电压表示数变大C.仅将变压器滑片P上移，电压表示数变大D.仅将变压器滑片P上移，电阻R的热功率变小【答案】BD【解析】A．图示位置线圈平面与磁场方向平行，磁通量为零，磁通量变化率最大，产生的感应电动势最大，不为零，故A错误；B．线圈转动产生的感应电动势最大值为，仅将线圈的转速增大，角速度增大，原线圈两端的电压增大，电压表示数变大，故B正确；CD．仅将变压器滑片P上移，线圈转动产生的感应电动势最大值不变，原线圈两端电压不变，电压表示数不变，由于原线圈匝数增大，根据可知，副线圈两端的电压减小，根据可知，电阻R的热功率变小，故C错误，D正确。故选BD。9.医院中X光检测设备的核心器件为X射线管。如图所示，在X射线管中，电子（质量为m、电荷量为-e，初速度可以忽略）经电压为U的电场加速后，从P点垂直磁场边界水平射入匀强磁场中。磁场宽为2L，磁感应强度大小可以调节。电子经过磁场偏转后撞击目标靶。已知水平放置的目标靶MN长为2L，Q为MN中点，PM长为L，不计电子重力、电子间相互作用力及电子高速运行中辐射的能量。则（）A.电子进入磁场的速度大小B.垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动的时间C.撞击在Q点与撞击在N点的电子在磁场中运动时间之比为3:2D.能使电子撞击在Q点与撞击在N点所加磁场的磁感应强度大小之比为5:2【答案】AD【解析】A．电场经电场加速过程，根据动能定理有解得B．垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动轨迹为四分之一圆周，根据半径为L，则圆周运动周期结合上述解得，垂直撞击在目标靶的电子在磁场中运动的时间故B错误；C．结合上述，撞击在Q点的电子在磁场中运动的周期为根据几何关系可知，撞击在Q点的电子在磁场中运动的轨迹有解得则撞击在Q点的电子在磁场中运动的周期为令撞击在Q点的电子在磁场中轨迹对应的圆心角为，根据几何关系有解得撞击在Q点与撞击在N点的电子在磁场中运动时间分别为，解得故C错误；D．根据解得结合上述可知，电子撞击在Q点与撞击在N点所加磁场的磁感应强度大小分别为，解得故D正确。故选AD。10.如图所示，大圆环固定在竖直平面内，一根轻绳两端各系一个小球A、B，轻绳跨过固定在大圆环顶端的小滑轮，A为有孔小球套在光滑的大圆环上。A与大圆环圆心连线和竖直方向夹角为60°，A的质量为4m，B的质量为m，大圆环半径为R，重力加速度为g。由静止释放A、B，则在A球下滑到最低点的过程中（不计一切摩擦）（）A.A球重力的瞬时功率一直变大B.B球所受拉力可能小于其重力C.A球到达最低点时的速度D.A球与大圆环圆心等高时B球的速度【答案】BC【解析】A．当A滑到最低点时，速度与重力垂直，重力的瞬时功率为0，则A球重力的瞬时功率先增大后减小，故A错误；B．B球的速度等于A球沿绳方向的分速度，最低点时该速度为0，可知B球先加速后减速，减速后拉力小于重力，故B正确；C．A球到达最低点的过程中，根据动能定理可知解得故C正确；D．A球与大圆环圆心等高时，根据动能定理有解得B球的速度为故D错误；故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.（1）某同学要测量某一电阻，他先用多用电表进行测量，他选用的欧姆挡倍率为“×100”，如图（a）所示，其测量结果为___________kΩ（保留两位有效数字）。（2）他为了精确测量该电阻的阻值，设计了如图（b）所示电路，闭合开关S1，单刀双置开关接1时，调节R1、R2使电表有合适读数，读得电压表和电流表的示数分别为U1、I1；保持R1、R2不变，当单刀双置开关接2时，读得电压表和电流表的示数分别为U2、I2。则该电阻Rx=___________（用上述物理量符号表示）。（3）在此实验中，电表的内阻对测量结果___________（选填“有”、“无”）影响。【答案】（1）12（2）（3）无【解析】【小问1详析】指针位于12的位置，读数为1200Ω=【小问2详析】闭合开关S1，单刀双置开关接1时，电压表测量、与的总电压，当单刀双置开关接2时，电压表测量、的电压，根据欧姆定律可知小问3详析】由于电流表内阻产生的误差已被消除，所以实验测量值没有误差。12.一位同学利用直尺设计了可以测量水平加速度的加速度计，如图（a）所示。将一总刻度长为20cm的直尺水平固定在一个T型架的竖直杆上，将一端系有小球的细线悬于T型架上的O点，O点位于直尺中央刻度的正上方，O点距直尺上沿10cm。将该装置底座平放在车上，当细线与直尺的交点位置不变时，根据直尺的刻度，便可得到车水平运动时的加速度。（1）图（b）中P刻度应该标记的加速度为___________；该装置可测加速度最大值是___________。（结果由g表示）（2）为了制作加速度计的刻度盘，需要测量当地的重力加速度，该同学用图（c）中圆锥摆进行测量，将一细线上端固定，下端连接一小球。让小球某段时间内在某一水平面做匀速圆周运动，测出小球做N次完整圆周运动的时间为t，又测出悬点到小球做圆周运动平面的高为h，则当地重力加速度大小g=___________（用题中所给物理量符号表示）。（3）该加速度计的刻度___________（选填“均匀”或“不均匀”）。【答案】（1）0.3gg（2）（3）均匀【解析】【小问1详析】[1]设图（b）中细线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律可得根据几何关系可得可得图（b）中P刻度应该标记的加速度为[2]该装置可测加速度最大值是小问2详析】测出小球做N次完整圆周运动的时间为t，则小球做圆周运动的周期为设细线与竖直方向夹角为，以小球为对象，根据牛顿第二定律可得联立解得当地重力加速度大小为【小问3详析】设直尺中央刻度为，刻度为时，对应的加速度为，则有其中，，可知加速度与刻度成线性关系，则该加速度计的刻度均匀。13.避免碰撞是智能扫地机器人的重要功能，如图a所示。机场某大型扫地机器人在水平面匀速直线前行，通过激光雷达和传感器检测到前方有旅客，系统立即自动控制，使之做加速度大小为a1的匀减速直线运动，并向旅客发出提醒，若旅客未避让，机器人前行至某处时自动触发“紧急制动”，做加速度大小为a2的匀减速直线运动，最终没有与旅客发生碰撞，机器人运动的v2-x图像如图b所示，求：（1）机器人在两个阶段的加速度a1、a2；（2）机器人从检测到有旅客至停止运动所用的总时间t。【答案】（1）0.25m/s2，0.50m/s2，方向与速度方向相反（2）3s【解析】【小问1详析】根据可知图像的斜率为2a，可知加速度大小为，方向与速度方向相反。【小问2详析】机器人从检测到有旅客至停止运动所用的总时间14.如图所示，质量为M的小车ABC静止在光滑水平面上，轨道水平部分AB的上表面粗糙、动摩擦因数μ=0.1，圆形轨道BC的内表面光滑，半径R=0.3m。B为圆形轨道的最低点。质量为m的物块（可视为质点）从P点斜向上抛出，恰能在小车的最右端A点沿水平方向滑上小车，已知M=4m，P、A两点的竖直高度差h=0.2m，水平距离x=0.6m，取重力加速度g=10m/s2。（1）求物块在A点的速度大小vA；（2）在小车固定的情况下，物块恰好到达小车最高点C，求小车AB部分的长度L；（3）在小车不固定的情况下，物块能到达的最高点为Q（图中未标出），求Q到AB的竖直高度差h0。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详析】根据逆向思维，可看做物块在小车的最右端A点平抛运动到P点，竖直方向有水平方向有代入数据解得【小问2详析】物块恰好到达小车最高点C，由能量守恒定律得代入数据解得【小问3详析】小车不固定的情况下，物块到达小车最高点Q，此时两者速度相