2025年江苏省淮安市涟水县中考物理一模试卷（含解析）

2025年江苏省淮安市涟水县中考物理一模试卷

一、单选题：本大题共12小题，共24分。

1.我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是利用（）

A.电磁波B.超声波C.次声波D.光纤

2.下列关于声音的说法正确的是（）

A.用力鼓掌比轻轻拍掌发出的声音音调高

B.声音是一种波，在真空中传播速度最大

C.在街道上安装的噪声监测仪是用来防止噪声产生

D.医生用B超检查胎儿的发育情况，利用了声音可以传播信息

3.如图所示是小明在郑州蝶湖森林公园拍摄的“戒指桥”夜景。下列分析正确的是（）

A.树木在地面的影子与戒指桥的倒影原理是相同的

B.戒指桥经照相机镜头成的是倒立缩小的实像

C.湖中的水越深，桥中间的圆环在水中形成倒影的直径越大

D.拍摄位置不变时，要使像变大些，应调节相机的焦距变小一些

4.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当凸透镜、光屏和烛焰的位置如图所示时，光屏上能成一清晰的

像，下列说法正确的是（）

||川||川||川||川|||川川平叫川1|川1|1叩川1川|川1|1川|川1|11叩11|川甲1川川

0cm1。2()4()607()80«M)10()

A.此时可以在光屏上观察到缩小的像

B.保持凸透镜的位置不动，向左移动蜡烛，则需要将光屏向右移动才能得到清晰的像

C.保持蜡烛和光屏的位置不动，慢慢向右移动透镜，光屏上无法呈现出清晰的像

D.仅将蜡烛移至20cM刻度线处，光屏上模糊成像，与近视眼成因相同

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5.如图所示，将水壶放在燃气灶上烧水，下列说法中正确的是（）

A.燃气燃烧时将内能转化为化学能

B.烧水的过程中，水的温度升高时内能增加

C.烧水的过程中，水含有的热量变多

D.水沸腾后继续吸收热量时，温度升高，内能不变

6.下列有关声现象的说法正确的是（）

A.通过响度分辨不同乐器演奏的声音

B.笛子发出的声音是由笛子振动产生的

C.教室内安装噪声检测装置，学生可以免受噪声干扰

D.通过声学仪器接收到的次声波等信息判断地震的方位和强度

7.手机是常用的电子工具。图示是某款国产手机，使用功率为60W的充电器半小时可充满一

次电。下列对于该款手机的估测，最符合实际的是（）

A.质量约为500g

B.正常使用时，后壳温度约为65T

C.充满一次电消耗的电能约为0.3上勿•h

D.长度约为1.2dm

8.2023年4月7日，全国航空航天模型锦标赛暨中国无人机国家队选拔赛开幕式在上海市金山区体育中心举

行。下列说法中正确的是（）

A.无人机升空主要靠空气对它的浮力

B.无人机升空时相对于地面是运动的

C.无人机匀速上升时，动能转化为重力势能

D.无人机加速上升时，始终受到平衡力的作用

9.如图所示，电源电压12M保持不变，小灯泡标有“4V1.6W”字样（灯丝电阻

不受温度影响），滑动变阻器标有“50014”字样，电流表量程为0〜0.6A,电

压表量程为0〜3V。闭合开关，保证各元件不损坏，下列选项正确的是（）

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A.移动滑动变阻器滑片，小灯泡可能正常发光

B.电路中消耗的最大功率为3.6勿

C.滑动变阻器两端电压变化范围为9〜12P

D.当滑动变阻器滑片尸置于b端时，滑动变阻器通电1机讥产生的热量为140/

10.如图是探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置，两个透明容器中（）

甲乙

A.通电后，图甲透明容器中电阻丝内能增加和空气内能增大的方式是相同的

B.图甲中通电一段时间后，左侧容器中电阻产生的热量更少

C.图乙实验是为了研究电流产生的热量与电流的关系

D.通电后，图乙右侧容器中电阻产生的热量多

11.2024年3月4日，世界泳联跳水世界杯蒙特利尔站比赛落幕，中国跳水队包揽全部金牌。跳板跳水运动

有起跳、腾空、下落、入水四个阶段，下列说法正确的是（）

A.运动员起跳时对跳板的力大于跳板对运动员的力

B.运动员离开跳板腾空后受到平衡力作用

C.运动员下落过程中动能主要转化为重力势能

D.运动员入水后受到竖直向上的浮力

12.如图电路电源电压不变，滑动变阻器为“2000.54”，小灯泡的额定电压为6V,电流表的量程为

“0〜0.64”。只闭合开关S时小灯泡正常发光，将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关Si，电

流表的示数为0.54闭合开关Si、S2,在电路安全情况下，下列说法正确的是（）

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A.小灯泡的额定功率为1.2勿

B.电路的最大功率为3勿

C.电路功率最小时工作10s所消耗的电能为12/

D.滑动变阻器连入的阻值范围是12。〜20。

二、填空题：本大题共11小题，共22分。

13.“神舟十五号”宇宙飞船于2022年11月29日由长征二号运载火箭发射升空。飞船加速上升时，它的机

械能逐渐,到达预定轨道后与天宫空间站对接成组合体（如图甲所示）。当空间站组合体在运行轨道

上由近地点向远地点运行的过程中（如图乙所示），空间站组合体的动能（以上两空均填“增大”、

“减小”或“不变”）。

近地点

远地点

14.手机都采用可充电锂电池作为电源，给手机电池充电时，锂电池相当于（选填“用电器”或“电

源”），小明利用手机和父母视频通话，这是通过（选填“超声波”或“电磁波”）传递信息.

15.2020年3月24日夜到25日凌晨，重庆市主城区出现了一次罕见的冰雹天

气。关于冰雹（如图）的成因是这样的：冰雹是在对流云所形成的积雨云中形

成，当水汽随气流上升遇冷会凝结成小水滴，若随着高度增加温度继续降低，，.、

达到摄氏零度以下时，水滴就凝结成冰粒在它上升运动过程中，会吸附其周围

小冰粒或水滴而增大，直到因其重量增加面下降，当其降落至较高温度区时，

其表面会融解成水同时亦会吸附周围的小水滴此时若又遇强大之上升气流再被抬升，其凝结成冰粒又不断

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凝结变大，直到因自身重量而下落，若降到地面时未融化解成水则仍呈固态的冰粒或冰雹。

请根据以上材料，写出一个物理现象以及它包含的物理知识（不得与示例重复），

示例：

物理现象：水滴凝结成冰粒；

物理知识：凝固现象。

物理现象：;

物理知识：o

16.近年来，滇池治理取得良好成效，为野鸟提供了良好的栖息环境和充足食

源，越来越多的野鸟开始频频造访滇池及周边湿地。如图所示是在晋宁东大河湿

地拍到的黑翅长脚鹤。它在湖里所成的像是由光的（选填“反射”或“折

射”）形成的，当黑翅长脚鹤飞离水面时，它在水中的倒影的大小将（选填

“变大”、“变小”或“不变”）；从物理学的角度分析：湿地的水面面积大，

大量水（填物态变化名称）吸热，可以调节湿度和气温。

17.有一台电动机，额定电压3V,额定电流14电动机线圈电阻0.52这台电动机正常工作bn讥，消耗的电

能为J,产生的热量为I。

18.如图所示，物体的长度为cm.

|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|ll

0cm12345

19.如图所示功率为1000W的家用热水壶，电流通过发热体将电能转化为内能，发热体又

通过的方式改变了水的内能。如果电热水壶正常工作6分钟将水烧开，则热水壶消

耗的电能为kW-ho

20.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。电键S闭合前后电流表均无示数,

若故障只发生在电阻的、上。

①故障是=

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②现将一个完好的电阻Ro替换电阻（选填"RJ或），电键S闭合前后电流表示数可能发生变

化。

21.淡水危机对我们人类来说始终存在，海水淡化是解决这一问题的有效措施。如图是小明同学设计的海

水淡化流程图，在这一过程中海水先后发生的物态变化是和。沿海地区气温温差比内陆地区

小，是因为水的比沙石、干泥土大得多。

22.如图是某电热水壶加热和保温电路原理图，％=440,/?2=440。，当开关

Si断开，S2闭合，电热水壶处于状态；该电热水壶的加热功率是

Wo

23.如图所示，在竖直向上大小为1200N的力F的作用下，重物4沿竖直方向以0.4m/s的速度匀

速上升，则滑轮上升的速度为m/s,已知该装置机械效率为80%,则物体4的重力为

________No

24.如图，薄片形电阻的长与宽之比为3：2,左边两角截去半径为r的J圆角，右

边|处挖去一个半径也为r的圆孔。测得4、B间的电阻为R,则C、。之间的电阻

为o

三、作图题：本大题共2小题，共6分。

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25.如图-1所示，辛勤的环卫工人正在用扫帚打扫街道卫生，请在图-2示意图中作出动力力的力臂小

26.如图，请作出两条折射光线所对应的入射光线。

四、计算题：本大题共6小题，共36分。

27.将一个通电螺线管48用细线悬挂起来，如图所示。闭合开关，最后静止

时4端指南、B端指北。画出螺线管上导线环绕图示，并标出螺线管的N、S

极。

28.如图所示是“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验装置。

(1)小车的动能大小是通过来反映的；

(2)小车从粗糙斜面滑下的过程中，它的转化为动能，机械能(选填“增大”“减小”或“不

变”);

(3)物体的动能可能与运动的速度和质量有关。请你利用以上装置设计实验，探究同一个小车的动能大小

与速度是否有关。

【实验步骤】o

(4)【分析与论证】=

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29.明明同学做伏安法“测量小灯泡电功率”实验，连接实物图如图所示，电源是三节新干电池，小灯泡

额定电压为25%三个规格不同的滑动变阻器：%"5aL4"、出"20/214”、R3“2000.14”。

实验序号电压U/U电流电功率P/W平均电功率P/勿

12.00.250.50

22.50.280.700.72

33.00.320.96

(1)请用笔画线代替导线将电路连接完整，要求：①向左移动滑片，灯泡变亮；②导线不能交叉。

(2)正确连接好电路，闭合开关发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表没有示数，则出现的故障可能是

(3)故障排除后，移动滑动变阻器的滑片，把测量的几组数据记录在表格里。同组的亮亮同学发现明明设

计的表格有一处错误的地方，该处错误是

(4)根据表中数据可知明明同学做实验时选用的滑动变阻器是—(选填“矽”

30.如图所示的电路，电源电压恒为9匕％=10,灯上标有“6片'的字样。

(1)当开关拨向2时，电压表示数为7.5V,求7?2的阻值。

(2)当开关拨向1时，灯恰好正常发光，求此时电路中的电流和灯的额定功

率。

31.学校“水培种植小屋”的蔬菜适宜生长的温度在10〜30天之间在项目式学习小组利用热敏电阻和定值

电阻设计温度报警电路。

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熟源

甲乙

【项目分解】

(1)设计温度报警电路

(2)优化温度报警电路

【项目实施】

(1)设计温度报警电路

如图甲是小组同学设计的温度报警电路，将热敏电阻品放在热源内，其余部分置于热源外，就可以通过电

流表的示数来表示热源温度，当电流表示数/N6nM时报警。已知电源电压是12U,热敏电阻的阻值随

温度变化的关系如图乙，则：

①热敏电阻主要是由______(填“绝缘体”“半导体”或“超导体”)材料制作而成；

②热源的温度升高时：品的电阻(填“变大”“变小”或“不变”)；

③当热源温度是：2(TC时，电流表的示数为5n贝的功率为Wo

(2)优化温度报警电路

小组同学发现，此报警电路不能实现小屋温度tN3(FC或tW1(TC都要有一个电表报警的要求，于是决定

对电路进行改进。

①请你判断：甲图中电路能实现小屋温度t时的报警要求；

②若要电压表示数U27.2U时实现另外一种情况的报警功能，则需在图甲电路中的两端并联一个电

压表。

【项目拓展】

通过查阅资料获知：水培栽技术是一种高效、环保的栽培技术，可以在室内或有限空间内进行种植；通过

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正确的操作和调控，可以获得优质的农作物，提高农作物的产量和品质；光照是植物进行光合作用的基

础，对于水培栽技术来说尤为重要。一般来说，水培植物需要每天接受8〜12h的光照，如果选择人工光源

（LED灯，功率约12勿），每天最多消耗约k勿，电能。

32.阅读短文，回答问题：

神奇的饮水鸟如图1所示是一种古老的中国玩具-饮水鸟，它的神奇之处在于：它看上去没有任何外来的动

力，却能不停地点头“喝”水，犹如一台永动机。就连爱因斯坦看后都十分惊叹饮水鸟的设计。

饮水鸟的结构如图2甲所示，它是一个由“头泡”和“尾泡”构成的密闭容器，容器内装有易挥发的乙酸

液体，乙醛液体在温度升高或液表气压减小时易汽化；汽室1和汽室2中充满乙酸的饱和蒸气，乙酸蒸汽在

温度降低时易液化。平时，鸟身略向前倾。启动时给吸湿层滴足够的水，吸湿层中的水因蒸发而吸热，使

汽室2中的温度降低，导致汽室2中的气压小于汽室1中的气压，尾泡中的乙醛液体在汽室1中气压的作用下

沿玻璃管往上升，于是整个鸟的重心上移（如图2乙所示），鸟身逐渐前倾，直至鸟嘴接触水面“喝”水，

此时头泡和尾泡刚好通过玻璃管连通（如图2丙所示），两汽室中的乙酸蒸汽混合，液态乙醛在自身重力的

作用下流回尾泡，饮水鸟的重心下移，于是渐渐直立起来，在支架上来回摆动。由于“喝”水时，鸟嘴接

触水面，沾湿了吸湿层，于是它又开始循环工作。

（1）因吸湿层上的水会蒸发使汽室2中乙醛饱和气的温度降低时，部分饱和气会发生______现象；在乙醛液

体沿玻璃管往上升时，汽室1中气压会减小，此时尾泡中的乙醛液体会吸收外界空气的热量发生_____现

象，以保持汽室1中乙酸蒸汽的饱和状态（两空均填物态变化名称）；

（2）饮水鸟“喝”完水后会在支架上来回摆动，摆动时，以头泡为参照物，空气是（选填“运动”或

“静止”），这样能加快吸湿层中水分的蒸发；若冬天气温太低，吸湿层上的水蒸发过慢，饮水鸟会渐渐

停止摆动，这是因为；

（3）饮水鸟“喝”水的频率受吸湿层上水的蒸发速度影响，水的蒸发越快饮水鸟工作越勤快，要想使饮水

鸟工作更勤快，你的做法是；

（4）从能量转化的角度来看，饮水鸟工作时可以把空气的能转化机械能，但在实际生活中并没有利

用饮水鸟的原理来制造发动机，你认为可能的原因是：o

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它是利用电磁波传递信息

的。

故选：A„

导航仪是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息。

本题考查电磁波的传播，掌握导航卫星的工作原理即可正确解题。

2.【答案】D

【解析】解：4、用力鼓掌比轻轻拍掌发出的声音的振幅大，响度大，故/错误；

2、声音是一种波，它不能在真空中传播，故2错误；

C、噪声强度显示仪是用来检测噪声等级的，不能减弱噪声，故C错误；

。、医生用B超检查胎儿的发育情况，利用了声音可以传播信息，故。正确。

故选：D。

(1)响度表示的是声音的大小；

(2)声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；

(3)噪声监测器不断检测噪声等级，此时噪声显示装置上的示数就表示此时的噪声，其单位是分贝。

(4)声音可以传递信息，可以传递能量。

本题考查了声音的特征、声音的传播、减弱噪声的途径、声音与能量等知识。

3.【答案】B

【解析】解：

/、树木在地面的影子是由光的直线传播形成的；戒指桥的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，

所以这两者的原理是不相同的，故/错误；

2、戒指桥在照相机镜头的二倍焦距之外，成的是倒立、缩小的实像，故8正确；

C、桥中间的圆环在水中的倒影的大小与圆环大小相等，与水的深度无关，故C错误；

。、拍摄位置不变时，物距不变，要使像变大些，应增大像距，所以相机的焦距变大一些，故。错误。

故选：So

(1)光在同种均匀介质中沿直线传播；平面镜成像是由光的反射形成的；

(2)照相机成倒立、缩小的实像；

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(3)平面镜成像时，像与物体大小相等；

(4)凸透镜成实像时，物近像远像变大。

本题考查了光的直线传播、光的反射现象、凸透镜成像规律的应用等，属于基础题。

4.【答案】D

【解析】解：

/、由图可知，此时的物距小于像距，成倒立、放大的实像，故/错误；

8、保持凸透镜的位置不动，向左移动蜡烛，物距变大，像距变小，则需要将光屏向左移动才能得到清晰

的像，故8错误；

C、若保持蜡烛和光屏的位置不动，只移动凸透镜，当向右移动凸透镜，物距大于像距时，可成倒立缩小

的实像，故C错误；

。、仅将蜡烛移至20cm刻度线处，物距变大了，像距会变小，像成在光屏的前方，与近视眼的成因相同，

故。正确。

故选：D。

(1)凸透镜成实像时，物距小于像距时，成倒立放大的实像；

(2)凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小；

(3)凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小；

(4)像成在视网膜的前方，为近视眼。

熟练掌握凸透镜成像的规律，能根据实验中物距与像距的变化，判断成像的特点与规律是解答的关键。

5.【答案】B

【解析】N、燃气燃烧时消耗化学能，得到内能，将化学能转化为内能；故/错误；

8、烧水的过程中，水吸收热量，温度升高，内能增大；故3正确；

C、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；故C错误；

。、根据液体沸腾的特点可知，水在沸腾过程中，吸收热量，内能增加，温度保持沸点不变，故。错误。

6.【答案】D

【解析】解：4人们能辨别不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故/错误；

2、笛子发出的声音是由笛子内空气柱的振动产生的，故3错误；

C、教室内安装噪声检测装置是用来检测噪声等级的，不能减弱噪声，所以学生不能免受噪声干扰，故C

错误；

。、发生地震时产生的是次声波，由于声可以传递信息，所以通过声学仪器接收到的次声波等信息判断地

震的方位和强度，故。正确。

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故选：Do

(1)音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同；

(2)声音是由物体振动产生的，一切发声体都在振动；

(3)噪声监测装置可以测量噪声的大小，不能减弱噪声；

(4)声可以传递信息，也可以传递能量。

本题综合考查了关于声音的知识，属于基本内容，只要对每个选项细心分析，比较简单。

7.【答案】D

【解析】解：

/、图示智能手机的质量在200g左右，故/不符合实际；

B、正常使用时，后壳温度略高于手的温度，在40冤左右，不会达到65。a故2不符合实际；

C、充满一次电消耗的电能约为W=Pt=60x10-3々勿x0.5/i=0.03kW/,故C不符合实际；

D、长度约为12si=1.2dm,故。符合实际。

故选：D。

不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最

合理的是哪一个。

本题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出合理的选项即可。

8.【答案】B

【解析】解：人无人机顶部螺旋桨旋转时，对下方空气施加向下的作用力，根据物体间力的作用是相互

的，空气对它施加向上的反作用力，即为升力，不是浮力，故N错误；

2、无人机升空时，相对于地面的位置不断发生变化，故是运动的，故5正确；

C、无人机匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变；高度增加，重力势能增大，所以在该过程中，

动能没有转化为重力势能，故C错误；

。、无人机在空中加速上升时，运动状态改变，其受到的力不是平衡力，故。错误。

故选：B。

(1)物体间力的作用是相互的，力是物体对物体的作用；

(2)物体是运动还是静止与参照物的选择有关；

(3)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质

量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；能量在转化时总是减少的这种能量转化为增加的

那种能量；

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(4)静止或匀速直线运动的物体处于平衡状态，受到的力为平衡力。

本题考查了力的作用是相互的、运动和静止相对性的应用、能量的转化以及平衡力的辨别，难度适中。

9.【答案】B

【解析】解：4由图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端电压，电流表测串联电路中的

电流。保证各元件不损坏，移动滑动变阻器的滑片，由于电压表的量程为0〜3U,所以小灯泡两端的最大

电压为3匕所以小灯泡不能正常发光，故/错误；

8由「=U/可得灯光正常发光电流为〃=£=等=0.4A,

灯泡电阻为&=贤=怒=10。，

通过小灯泡的最大电流为乙="户=盖=0.34

又由题意可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为14电流表的量程为0-0.64所以电路中的最大电流

为Imax=lL'=0.34电路中消耗的最大功率P,nax=U/max=121/X0.34=3.6W故2正确；

CD当电压表示数为3U时，滑动变阻器两端的电压最小为Ui，力=U—/机〃=12U—3U=9L

当滑动变阻器滑片P置于b端时，滑动接入电路的电阻最大，分得电压最大，此时电路的电流最小为〃讥=

U12V

Rb+RLSOQ+ion—)

故滑动变阻器两端的最大电压。2=IminRb=0.271X5012=107,

此时滑动变阻器通电1小讥产生的热量为Q=u2lmint=10VX0.2Ax60s=120/,故CD错误。

故选：Bo

(1)由图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端电压，电流表测串联电路中的电流。根据

电压表的量程确定灯泡两端的实际电压，与额定电压比较得出结论；

(2)分别求出最大电流，根据公式P=以即可求出电路的最大功率；

(3)(4)串联电路是分压电路，当电压表示数最大时，滑动变阻器的电压最小。

本题考查焦耳定律以及欧姆定律，属于中等难度题目。

10.【答案】D

【解析】解：4通电后，甲图透明容器中电阻丝的电流做功，将电能转化为内能使电阻丝内能增加，而空

气内能是通过热传递增大的，故N不正确；

民装置甲中左边的电阻与右边并联的两个电阻串联，右边容器中电阻的电流是左边的一半，左右两边容器

中电阻大小相同，在相同时间内左侧的电流大，由Q=/2Rt知，左侧产生的热量多，故3不正确；

C在乙装置中两电阻串联，控制两电阻的电流与通电时间相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电

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阻，这是探究电流产生的热量与电阻大小的关系，运用了控制变量法，故C不正确；

D乙图中左、右两电阻串联，电流大小相同，右侧的电阻是左侧电阻的2倍，由焦耳定律Q=/2Rt知，相

同时间内右侧产生的热量是左侧产生热量的2倍，即右侧容器中电阻产生的热量多，故。正确。

故选：D。

(1)改变内能的方式有热传递和做功，热传递是能量的转移，做功是能量的转化；要探究电流通过导体产

生的热量与电流的关系，需要控制导体的电阻和通电时间相同，而改变电流的大小；

(2)根据并联分流规律计算通过右侧电阻的电流，再利用Q=/2以计算即可。

本题主要考查了学生对焦耳定律的理解，要利用好控制变量法和转换法是解题的关键。

11.【答案】D

【解析】解：4运动员对跳板的力和跳板对运动员的力是一对相互作用力，大小相等，故/错误；

A运动员离开跳板腾空后做变速运动，速度发生了改变，受非平衡力的作用，故8错误；

C运动员下落过程中速度增大，则动能增大，高度降低，则重力势能减小，重力势能主要转化为动能，故

C错误；

D浮力的方向竖直向上。运动员入水后排开水，受到竖直向上的浮力，故。正确。

故选：D。

(1)相互作用力大小相同；

(2)物体处于平衡状态时受平衡力的作用；

(3)动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；

(4)浮力的方向竖直向上。

本题考查平衡力、惯性、动能与平衡力、浮力方向等，属于综合题。

12.【答案】A

【解析】解：

4只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，由小灯泡正常发光可知，电源的电

压U=UL=6V；

将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关S1时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干

路电流，

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，通过灯泡的电流不变，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

第15页，共27页

所以，通过滑动变阻器的电流：/滑=并=盥=0.34

作K滑大2012

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过灯泡的电流：〃=/一/滑=0.54—0.34=0.24

则小灯泡的额定功率：PL=ULIL=67x0.2X=1.2W,故/正确；

C、当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，干路电流最小，电路功率最小，

则此时工作10s所消耗的电能：W=UIt=6Vx0.5Xx10s=30/,故C错误；

B、当电流表的示数/'=0.64时，通过滑动变阻器的电流：/滑'=I'-lL=0.6A-0.2A=0.44<0.54

所以，通过滑动变阻器的最大电流为044电路的最大电流为0.64此时电路的功率最大，

则电路的最大功率：P大=ur=6VX0.6A=3.61V,故2错误；

D、当通过滑动变阻器的最大电流为0.42时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，

则：R滑小=六=段:=15。，

，日J/滑OAA

所以，滑动变阻器连入的阻值范围是150〜20。，故。错误。

故选：Ao

(1)只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，根据额定电压下灯泡正常发光可知

电源的电压；将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关S1时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并

联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡的电流不变，利用并联

电路的电压特点和欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，利用并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，

利用P=U/求出小灯泡的额定功率；

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，干路电流最小，电路功率最小，利用勿=求出此时工作

10s所消耗的电能；

(3)根据并联电路的电流特点求出电流表的示数为0.64时通过滑动变阻器的电流，然后与滑动变阻器允许通

过的最大电流相比较确定通过滑动变阻器的最大电流，从而得出干路的最大电流，利用P=U/求出此时电

路的最大功率；

(4)当通过滑动变阻器的电流最大时接入电路中的电阻最小，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出其

大小，然后求出滑动变阻器连入的阻值范围。

本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，正确得出通过滑动变阻器的最大

电流是关键，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。

13.【答案】增大减小

第16页，共27页

【解析】解：飞船加速上升时，质量不变，速度变大，则动能变大；同时高度变大，其重力势能变大；因

机械能等于动能与势能的总和，所以它的机械能增大；

当空间站组合体在运行轨道上由近地点向远地点运行的过程中(如图乙所示)，空间站组合体速度减小，质

量不变，它的动能减小。

故答案为：增大；减小。

影响动能大小的因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、

高度；物体的质量越大，高度越高，其重力势能越大；机械能等于动能与势能的总和。

本题考查机械能的转化，属于基础题。

14.【答案】用电器；电磁波

【解析】解：(1)在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，手机电池消耗了电能，手机电

池相当于用电器.

电磁波可以在真空中传播，且传播速度很快，所以在生活中正常工作的手机是利用电磁波或微波来传递信

息的.

故答案为：用电器；电磁波.

(1)开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用

电器，支路的开关控制本支路用电器.

(2)声波不能在真空中传播，而电磁波能够在真空中传播，并且传播速度快，现代的移动电话都是利用电

磁波来传递信息的.

本题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点以及电磁波的传播，联系生活实际会辨认，会解释.

15.【答案】当水汽随气流上升遇冷会凝结成小水滴液化现象

【解析】答：物理现象：当水汽随气流上升遇冷会凝结成小水滴。

物理知识：液化现象。

另外：水滴就凝结成冰粒，是凝固现象。

当其降落至较高温度区时，其表面会融解成水，是熔化现象。

物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为

气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物

态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

16.【答案】反射不变汽化

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【解析】解：因为平面镜成的像是虚像，平面镜的成像原理是光的反射；

由于物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，所以不管黑翅长脚鹤距水面的距离远还是

近，像始终和物体等大，因此当黑翅长脚鹉飞离水面时，它在水中像的大小不变。

湿地含有水，水会不停的汽化(蒸发)，变成水蒸气，散在空气中，所以可以提高空气中水蒸气的含量，调

节空气湿度；汽化过程要吸热，所以可以降低空气温度。

故答案为：反射；不变；汽化。

(1)倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像

和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；

(2)物质从液态变为气态叫做做汽化，汽化吸热。

此题主要考查学生对平面镜成像特点的了解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易

地进行解答。

17.【答案】18030

【解析】解：这台电动机正常工作1机讥=60s,

电动机消耗的电能：

勿=U/t=3UxL4x60s=180/,

产生的电热：

Q=I2Rt=(14)2x0.5。x60s=30/。

故答案为：180；30。

己知电动机的额定电压、额定电流、通电时间，根据W=求出消耗的电能；

己知线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据Q=/2Rt求出在1机讥内电流产生的热量。

本题考查了电动机产生热量、电功的计算，关键是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能。

18.【答案】2.50

【解析】解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1小巾，即此刻

度尺的分度值为1mm；

物体左侧与1.00cm对齐，右侧与3.5CM对齐，估读为3.50cm,所以物体的长度为：

L=3.50cm—1.00cm=2.50cmo

故答案为：2.50。

使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度

线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度值即为物体长度，注意刻度尺

要估读到分度值的下一位。

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本题考查了刻度尺的读数，在物理实验和日常生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方

法。

19.【答案】热传递;0.1

【解析】解：(1)电热水壶工作时，电能转化为内能，电热丝的内能再通过热传递转移给水，使水的内能

增加；

(2)电热水壶正常工作时，其实际功率与额定功率相等，其正常工作6分钟所消耗的电能为：

W^Pt=IkWx&h=O.lkW-hQ

6U

故答案为：热传递；0.1

(1)电水壶工作时，将电能转化为内能，再通过热传递，将内能转移给水；从便于水的对流角度可判断电

热丝的安装位置。

(2)由额定功率和通电时间，根据勿=Pt计算消耗电能。

本题考查了电水壶的工作原理，电能的计算，要注意单位的换算，难度不大。

20.【答案】/?2断路或七、R2都断路或R2断路且飞短路R2

【解析】解：

①闭合开关前，两只电阻串联，电流表无示数，说明至少一个位置发生断路；

闭合开关后，电被短路，电流表仍无示数，说明电阻R2一定断路。

所以电路故障可能是：/?2断路或％、夫2都断路或R2断路且％短路；

②由上知，电阻夫2一定断路，如果％没有断路，将完好的电阻Ro替换电阻R2，电键s闭合前后电流表示数

会发生变化；如果&短路，替换后闭合开关前电流表指针会有示数。

故答案为：①&断路或Ri、R2都断路或R2断路且R1短路；②R2。

由电路图知，两电阻串联，电流表4测量电路中的电流，开关闭合造成七短路。

①开关闭合前后电流表均无示数，说明电路是断路或电流表被短路，已知“故障只发生在电阻治、R2

上”，所以是断路；

②在确定了断路的位置后，将完好的电阻Ro替换在此位置，电路变成通路，电流表可能有示数。

此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和两表特点进行分析，关键是分清电路

的连接和各电表的测量情况。

21.【答案】汽化液化比热容

【解析】解：(1)由图知：海水从右上方的管中进入，流到左下角设备中被加热，有大量的水蒸气产生，

水蒸气上升遇到冷的海水液化成淡水，下面的盐水再流入右边的设备，二次淡化。最后盐水流出。故发生

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的物态变化是先汽化，后液化。

(2)沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，

吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的

温差小。

故答案为：(1)汽化；液化；(2)比热容。

(1)物质由液态变成气态的过程叫做汽化，由气态变成液态的过程叫做液化。

(2)沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水

的温度升高或降低的少。

本题主要考查学生读图的能力，以及对汽化、液化和比热容知识在生活和生产中的应用的了解和掌握。

22.【答案】保温1100

【解析】解：当开关Si断开，S2闭合，两电阻串联，电阻最大，由于电压一定，则由P=警可知此时电功

率最小，处于保温状态，

当开关S2断开，S1闭合，&断路，飞单独工作，电路中电阻最小，由于电压一定，则由P=殍可知此时电

功率最大，处于加热状态，

此时的电功率为：P=旨=&黑"=1100〃。

-144。

故答案为：保温；1100,

当开关S1断开，S2闭合，两电阻串联，在电压一定时，根据P=警分析解答其状态；利用以上公式求解功

率。

此题主要考查了学生对于用电器状态的分析以及功率的求解，属于基础题。

23.【答案】0.2480

【解析】解：根据题干中图可知：该滑轮是动滑轮的特殊使用方法，根据动滑轮的特点可知：F移动的距

离是物体移动距离的二分之一，故滑轮上升的速度为枭物=1x0.4m/s=0.2m/s；

该装置机械效率为：

岩田GhGhG

rj=x100%100%=x100%=x1QQ%8Q%

1200Nx|^

解得物体4的重力为：G=480N。

故选：0.2；480o

动滑轮特殊使用时，不省力，移动距离是重物移动距离的二分之一；

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根据〃=锣、100%=普x100%表示出机械效率，进而算出物体4的重力。

此题灵活考查了对动滑轮的理解与应用以及机械效率公式的应用，要结合实际情况分析滑轮移动速度。

24.【答案】等

【解析】解：将长方形电阻片平分为6个边长为1的正方形，

可发现剪去后的6部分仍全等，

将每一部分看作一个电阻，

则当4、B两点接入电路中时，6个电阻两两并联再串联，

设每个小电阻的电阻为r,]x3=R,

2R

丁二T°

当c、D两点接入电路中时，6个电阻三三并联再串联，^X2=普。

所以当C、D两点接入电路中时电阻为萼。

故答案为：萼。

结合长方体的长宽之比的特点，可将长方形进行拆分，并重新组合，利用电阻的串并联规律依次进行计

算，最终得出结论。

利用拆分法和数学运算，结合串并联电阻的规律进行计算，是解答本题的关键，难度较大。

25.【答案】解：由支点。向成的作用线作垂线，垂线段的长度为％的力臂人，如下图所示：

【解析】由支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即为力臂。

画力臂的方法：首先确定支点，然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线。

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26.【答案】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；过凹透镜光心的光线传播

【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜对光的作用来作图。

凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于

主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改

变。

27.【答案】解：通电螺线管水平悬吊静止时一端指南一端指北，指北的是N极，指南的是S极，如图所

示，

电流方向如图所示，根据安培定则用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向通电螺线管的N

极，所以先从螺线管的后面开始绕螺线管，如图所示。

【解析】通电螺线管水平悬吊静止时一端指南一端指北，指北的是N极，指南的是S极，知道通电螺线管的

磁极和电流方向根据安培定则判断螺线管的绕法。

通电螺线管是一个磁体，按照磁体受到地磁场的作用，通电螺线管指南的是S极，指北的是N极，然后根据

安培定则判断绕法。

28.【答案】木块被撞击后移动的距离重力势能减小让同一个小车先后在斜面的不同高度由静止自由下

滑，使小车到达水平面的速度不同，对比前后两次实验中木块被撞击后移动的距离物体的动能与物体的

速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大。

【解析】解：(1)由于小车的动能大小无法直接测量，所以运用了转换法，让小车撞击木块，通过观察小

车推动木块运动距离的大小来反映小车动能的大小。

(2)小车从粗糙斜面滑下的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，所以是

将重力势能转化为动能；小车从粗糙斜面滑下的过程中，要克服摩擦做功，消耗掉部分机械能，所以机械

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能减小。

(3)让同一个小车先后在斜面的不同高度由静止自由下滑，使小车到达水平面的速度不同，对比前后两次

实验中木块被撞击后移动的距离。

(4)如果小车从较高高度滑下时，木块移动的距离较远，则说明在质量一定时，速度越大，动能越大。

故答案为：

(1)木块被撞击后移动的距离；

(2)重力势能；减小；

(3)让同一个小车先后在斜面的不同高度由静止自由下滑，使小车到达水平面的速度不同，对比前后两次

实验中木块被撞击后移动的距离；

(4)物体的动能与物体的速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大。

(1)在该实验中，通过观察木块被撞击后移动的距离来判断小车动能的大小，用到了转换法；

(2)动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；机械能等于动能+

势能；

(3)(4)影响物体动能大小的因素有质量和速度，探究同一个小车的动能大小与速度是否有关，即控制质量

不变，改变小车到达水平面时的速度，通过木块被撞击后移动的距离判断小车动能的大小。

本题考查了探究动能的影响因素的实验，注意控制变量法和转换法的应用。

【解析】解：(1)测量小灯泡电功率时，电流表与灯泡串联，由表中数据可知电路中的电流小于0.64,因此

电流表选用0〜0.64的量程，滑片向左滑动时，灯泡变亮，说明电流表示数变大，滑动变阻器连入电路的

电阻变小，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：

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(2)电流表有示数，说明电路不是断路，电压表没有示数，可能是与电压表并联的电路短路，结合灯泡不

亮可知，故障可能是与电压表并联的灯泡短路了；

(3)小灯泡在不同实际电压下的实际功率不同，因此求灯泡的平均功率没意义，故表格设计错误之处是：

平均电功率P/W;

(4)由欧姆定律可知，电路中的电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻最大，

由表中数据可知，电路中的最小电流为0.254此时灯泡两端的电压为2.0U,

因为电源是三节新干电池，所以电源电压：U=3X1.5V=4.57,

由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：U滑=4.5U—2.0U=2.5匕

由欧姆定律可知，R滑大=弊=慈^=100>50,

口人/小0.252

由表中数据可知，电路中的最大电流为0.324>0.14故选择/?2。

故答案为：(1)见解答图；(2)灯泡短路；(3)平均电功率P/W；(4/2。

(1)测量小灯泡电功率时，电流表与灯泡串联，根据表中数据确定电流表的量程，向左移动滑片，灯泡变

亮，说明电流表示数变大，滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；

(2)电流表有示数，说明电路不是断路，电压表没有示数，可能是与电压表并联的电路短路了，结合灯泡

不亮分析电路故障；

(3)小灯泡在不同实际电压下的实际功率不同，求平均值没意义；

(4)由欧姆定律可知，电路中的电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据表中数据可知电路中的

最小电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大电阻，结合电路中的最大电流

选择合适的滑动变阻器。

本题考查了测量小灯泡的额定功率，涉及电路连接、故障分析、串联电路的特点和欧姆定律的应用，有一

定难度。

30.【答案】解：(1)当开关拨向2时，两电阻串联接入电路，电压表测心两端的电压，

串联电路总电压等于各部分电压之和，所以矽两端的电压为：U1=U-U2=9V-7.5V=1.5V,

由欧姆定律可得通过电路的电流：/=/=罂=1.54

夫2的阻值为：氏2=牛=干|^=5。；

(2)当开关拨向1时，灯泡和&串联接入电路，灯恰好正常发光，此时灯泡两端的电压为6匕所以7?2两端的

电压为：u2'=U-UL=9V-6V=3V,

此时电路中的电流：/'=譬=整=0.64

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灯的额定功率：P=ULr=6Ux0.671=3.6W0

答：（1/2的阻值为5。；

（2）当开关拨向1时，灯恰好正常发光，此时电路中的电流为0.64灯的额定功率3.6W。

【解析】（1）当开关拨向2时，两电阻串联接入电路，电压表测&两端的电压，根据串联电路电压规律计算

%两端的电压，由欧姆定律可得通过电路的电流，进一步计算R2的阻值；

（2）当开关拨向1时，灯泡和串联接入电路，灯恰好正常发光，此时灯泡两端的电压为6匕根据串联电路

电压规律计算/?2两端的电压，由欧姆定律可得通过电路的电流，根据电功率公式「=以计算灯的额定功

率。

本题考查串联电路特点、欧姆定律